广西桂林十八中高三物理上学期第一次月考试卷（含解析）.doc

广西桂林十八中2016届高三上学期第一次月考物理试卷一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共40分在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分1以下说法中正确的是( )a做匀变速直线运动的物体，ts内通过的路程与位移的大小一定相等b质点一定是体积和质量极小的物体c速度的定义式和平均速度公式都是v=，因此速度就是指平均速度d速度不变的运动是匀速直线运动2如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体a，a的左端紧靠竖直墙，a与竖直墙之间放一光滑圆球b，整个装置处于静止状态，若把a向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则( )a球b对墙的压力增大b物体a与球b之间的作用力增大c地面对物体a的摩擦力减小d物体a对地面的压力减小3如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0逆时针匀速转动在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数tan，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是( )abcd4如图所示，在底边为定长b的直角斜面中，球从光滑直角斜面顶端由静止滑到底端，若要下滑时间最短，斜面的倾角为多少度( )a30b45c60d755如图是某同学为颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图，一根绳绕过两个定滑轮和动滑轮后各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎（图中是用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是( )a只增加绳的长度b只增加重物的重量c只将手指向下移动d只将手指向上移动6在某一高度以v0=20m/s的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力），当小球速度大小为10m/s时，以下判断正确的是（g取10m/s2）( )a小球的位移大小一定是15mb小球在这段时间内的平均速度的大小可能为15m/s，方向向下c小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s，方向向向下d小球的路程一定是15m7如图所示是做匀变速直线运动的质点在06s内的位移时间图象若t=1s时，图线所对应的切线斜率为4（单位：m/s）则( )at=1s时，质点在x=2 m的位置bt=1s和t=5s时，质点的速率相等ct=1s和t=5s时，质点加速度的方向相同d前5s内，合外力对质点做正功8如图，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧s1和s2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点o整个系统处于静止状态现将细线剪断将物块a的加速度的大小记为a1，s1和s2相对于原长的伸长分别记为l1和l2，重力加速度大小为g在剪断的瞬间，( )aa1=3gba1=0cl1=2l2dl1=l29如图所示，质量为m、横截面为直角三角形的物块abc，bac=，ab边靠在竖直墙面上，f是垂直于斜面ac的推力物块与墙面间的动摩擦因数为，现物块静止不动，则( )a物块可能受到4个力作用b物块受到墙的摩擦力的方向一定向上c物块对墙的压力一定为fcosd物块受到摩擦力的大小等于fcos10如图所示，质量均可忽略的轻绳与轻杆，a端用铰链固定，滑轮在a点正上方（滑轮大小及摩擦均可不计），b端吊一重物现将绳的一端拴在杆的b端，用拉力f将b端缓慢上拉，在ab杆达到竖直前( )a绳子拉力不变b绳子拉力减小cab杆受力增大dab杆受力不变二、非选择题：（共60分）11电火花打点计时器使用_电源（填“直流”或“交流”），工作电压_v12如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点之间还有4个点未画出，则相邻计数点时间间隔为_s，其中x1=7.05cm，x2=7.68cm，x3=8.33cm，x4=8.95cm，x5=9.61cm，x6=10.26cm，则a点处瞬时速度的大小是_m/s，加速度的大小是_m/s2（计算结果都保留两位有效数字）13在“互成角度的两个共点力的合成”实验中，f1和f2表示两个互成角度的力，f表示由平行四边形定则画出的合力，f表示根据“等效性”通过实验得到的合力，则图中符合实验事实的是图 ( )abcd14某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm；图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量l为_cm；本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是_；（填选项前的字母）a逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重b随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量l与弹力f的关系图线图线的ab段明显偏离直线oa，造成这种现象的主要原因是_15一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的vt图象如图所示，求：（1）摩托车在4575s这段时间的加速度大小a；（2）摩托车在045s这段时间的平均速度大小（保留三位有效数字）16如图所示，位于竖直面的物体a的质量ma=0.2kg，放在水平面的物体b的质量mb=1.0kg，绳子和滑轮间的摩擦均不计，且绳子的ob部分水平oa部分竖直，a和b恰好一起匀速运动取g=10m/s2，求；（1）物体b与桌面间的动摩擦因数？（2）如果用水平力f向左拉物体b，使物体a和b做匀速运动需多大的拉力？17一块足够长的白板，位于水平桌面上，处于静止状态一石墨块（可视为质点）静止在白板上石墨块与白板间有摩擦，滑动摩擦系数为突然，使白板以恒定的速度v0做匀速直线运动，石墨块将在板上划下黑色痕迹经过某段时间t，令白板突然停下，以后不再运动最后石墨块也不再运动，白板上黑色痕迹的长度是多少？（已知重力加速度为g，不计石墨与板摩擦划痕过程中损失的质量）18如图a是在高速公路上用超声波测速仪测量车速的示意图，测速仪发出并接收超声波脉冲信号，根据发出和接收到的信号间的时间差，测出被测物体的速度在图b中p1和p2是测速仪发出的超声波信号，n1和n2分别是p1和p2由汽车反射回来的信号设测速仪匀速扫描，p1和p2之间的时间间隔t=1.0s，超声波在空气中的传播速度是v=340m/s，若汽车是匀速行驶的，求：（1）汽车在接收到p1和p2两个信号之间的时间内前进的距离是多少？（保留两位有效数字）（2）汽车的速度是多少？（保留两位有效数字）2015-2016学年广西桂林十八中2015届高三上学期第一次月考物理试卷一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共40分在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分1以下说法中正确的是( )a做匀变速直线运动的物体，ts内通过的路程与位移的大小一定相等b质点一定是体积和质量极小的物体c速度的定义式和平均速度公式都是v=，因此速度就是指平均速度d速度不变的运动是匀速直线运动考点：平均速度；质点的认识；位移与路程专题：直线运动规律专题分析：位移是矢量，有大小，有方向，可以用由初始位置指向末位置的有向线段表示；路程表示运动轨迹的长度，在单向直线运动中，位移的大小等于路程质点是只计质量不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点与物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略物体在某段时间内或通过某段位移时的速度叫平均速度解答：解：a、在单向直线运动中，位移的大小等于路程做匀变速直线运动的物体，ts内通过的路程与位移的大小不一定相等，例如竖直上抛后再返回时，故a错误b、质点是只计质量不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点与物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略故b错误c、速度的定义式和平均速度公式都是v=，但速度有平均速度和瞬时速度之分，故c错误d、速度不变的运动是匀速直线运动，故d正确故选：d点评：本题是概念题，只要理解了概念就一定会做，故要熟记并理解概念2如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体a，a的左端紧靠竖直墙，a与竖直墙之间放一光滑圆球b，整个装置处于静止状态，若把a向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则( )a球b对墙的压力增大b物体a与球b之间的作用力增大c地面对物体a的摩擦力减小d物体a对地面的压力减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：把a向右移动少许后，a对b的支持力与竖直方向的夹角减小先以b球为研究对象，分析墙对球的弹力的变化和a对b的作用力的变化，再整体为研究对象，分析地面对a的摩擦力和支持力如何变化解答：解：a、b以b为研究对象设a对b的支持力与竖直方向的夹角为，b球受到重力mbg、墙的弹力f和a的支持力nb，如图1根据平衡条件得：f=mbgtan，nb=若把a向右移动少许后，减小，tan减小，cos增大，则 f减小，nb减小根据牛顿第三定律得知，球b对墙的压力f=f减小所以球b对墙的压力减小，物体a与球b之间的作用力减小故ab错误c、d以整体为研究对象，分析受力如图2，则有：f=f，则地面对物体a的摩擦力减小n=（ma+mb）g，保持不变，则物体a对地面的压力不变故c正确，d错误故选c点评：本题涉及两个物体的动态平衡问题，关键是研究对象的选择，采用隔离法和整体法结合处理比较简捷3如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0逆时针匀速转动在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数tan，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是( )abcd考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：要找出小木块速度随时间变化的关系，先要分析出初始状态物体的受力情况，本题中明显重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，有牛顿第二定律求出加速度a1；当小木块的速度与传送带速度相等时，由tan知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度a2；比较知道a1a2解答：解：初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：加速度：a1=gsin+gcos；当小木块的速度与传送带速度相等时，由tan知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度：a2=gsingcos；比较知道a1a2，图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率变小故选d点评：本题的关键1、物体的速度与传送带的速度相等时物体会继续加速下滑2、小木块两段的加速度不一样大是一道易错题4如图所示，在底边为定长b的直角斜面中，球从光滑直角斜面顶端由静止滑到底端，若要下滑时间最短，斜面的倾角为多少度( )a30b45c60d75考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据动能定理比较物体到达底端时的速度大小由物体受力可求出物体下滑的加速度表达式，可知哪个斜面的加速度最大，结合运动学公式求出运行的时间，运用数学三角函数关系求出时间最短的斜面倾角解答：解：加速度a=gsin，设底边长为d，运动的位移：，由x=得：t=，可知当=45时，下滑时间最短，故b正确，acd错误故选：b点评：对于本题求解末速度，也可以通过加速度，运用速度位移公式进行求解，但是没有动能定理解决方便5如图是某同学为颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图，一根绳绕过两个定滑轮和动滑轮后各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎（图中是用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是( )a只增加绳的长度b只增加重物的重量c只将手指向下移动d只将手指向上移动考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对动滑轮受力分析，受重力、两个对称的拉力，大小等于悬挂物体的重量，根据三力平衡条件分析解答：解：a、对动滑轮受力分析，受重力、两个对称的拉力，拉力等于悬挂物体的重量mg，如图三个力的合力为零，两个拉力的大小恒定，夹角越大，合力越小，夹角越小，合力越大；增加细线长度时，由于两个细线拉力也不变，动滑轮位置不变，故三个力大小方向都不变，故a错误；b、增加重物的重力，两个拉力变大，动滑轮位置不变，则两拉力夹角不变，故合力变大，故手要用较大的力，故b正确；c、手指向下移动，两个拉力大小不变，夹角变小，故两拉力合力变大，故手要用较大的力，故c正确；d、手指向上移动，两个拉力大小不变，夹角变大，故两拉力合力变小，故手要用较小的力，故d错误；故选bc点评：本题关键是对动滑轮受力分析，根据三力平衡条件，结合力的合成的平行四边形法则进行分析讨论6在某一高度以v0=20m/s的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力），当小球速度大小为10m/s时，以下判断正确的是（g取10m/s2）( )a小球的位移大小一定是15mb小球在这段时间内的平均速度的大小可能为15m/s，方向向下c小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s，方向向向下d小球的路程一定是15m考点：竖直上抛运动专题：直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出小球的位移大小，根据平均速度的推论求出平均速度的大小，注意小球的末速度方向与初速度方向可能相同，可能相反解答：解：a、规定向上为正方向，根据得，h=，故a正确b、若小球的末速度方向与初速度方向相同，则平均速度=，方向向上，若小球的末速度方向与初速度方向相反，则平均速度度=m/s=5m/s，方向向上，故b、c错误d、若小球末速度方向与初速度方向相同，小球的路程s=15m，若小球的末速度方向与初速度方向相反，则路程s=，故d错误故选：a点评：解决本题的关键知道竖直上抛运动的运动规律，掌握处理竖直上抛运动的方法，可以分段求解，也可以全过程求解7如图所示是做匀变速直线运动的质点在06s内的位移时间图象若t=1s时，图线所对应的切线斜率为4（单位：m/s）则( )at=1s时，质点在x=2 m的位置bt=1s和t=5s时，质点的速率相等ct=1s和t=5s时，质点加速度的方向相同d前5s内，合外力对质点做正功考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：物体做匀变速直线运动，由图象可知，6s内位移为零，图象的斜率表示速度，根据匀变速直线运动基本规律即可求解解答：解：a、t=1s时，线所对应的切线斜率为4，则v1=4m/s，图象对称分布，3s末位移最大，所以3s末速度为零，物体做匀减速直线运动，加速度a=，初速度v0=v1at1=4+2=6m/s，所以t=1s时，质点的位移x=，故a错误；b、根据对称性可知，t=1s和t=5s时图象的斜率的绝对值相等，则质点的速率相等，故b正确；c、物体做匀减速直线运动，t=1s和t=5s时，质点加速度的方向相同，故c正确；d、5s末的速度v5=v0+at5=625=4m/s，因为4m/s6m/s，所以前5s物体动能减小，所以合外力对质点做负功，故d错误故选：bc点评：本题不常见，要求同学们能根据图象得出有效信息，知道位移时间图象的斜率表示速度，难度适中8如图，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧s1和s2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点o整个系统处于静止状态现将细线剪断将物块a的加速度的大小记为a1，s1和s2相对于原长的伸长分别记为l1和l2，重力加速度大小为g在剪断的瞬间，( )aa1=3gba1=0cl1=2l2dl1=l2考点：牛顿第二定律；胡克定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：对细线剪短前后的a、b、c物体分别受力分析，然后根据牛顿第二定律求解加速度与弹簧的伸长量解答：解：a、b、对a、b、c分别受力分析如图，根据平衡条件，有：对a：f2=f1+mg对b：f1=f+mg对c：f=mg所以：f1=2mg弹簧的弹力不能突变，因形变需要过程，绳的弹力可以突变，绳断拉力立即为零当绳断后，b与c受力不变，仍然平衡，故a=0；对a，绳断后合力为f合=f1+mg=3mg=maa，ab=3g方向竖直向下；故a正确，b错误c、d、当绳断后，b与c受力不变，则f1=kl1，；同时：f=kl2，所以：联立得l1=2l2：故c正确，d错误故选：ac点评：考查了牛顿第二定律的瞬时性的应用，重点区分绳和弹簧弹力的特点，注意加速度与受力的瞬时对应关系9如图所示，质量为m、横截面为直角三角形的物块abc，bac=，ab边靠在竖直墙面上，f是垂直于斜面ac的推力物块与墙面间的动摩擦因数为，现物块静止不动，则( )a物块可能受到4个力作用b物块受到墙的摩擦力的方向一定向上c物块对墙的压力一定为fcosd物块受到摩擦力的大小等于fcos考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对物块受力分析，首先受重力、墙的支持力和力f的作用，结合平衡条件判断摩擦力的情况解答：解：a、对物块受力分析，首先受重力、墙的支持力和力f的作用，竖直方向若fsin=mg，则物体不受摩擦力作用，若fsinmg或fsinmg则物块受摩擦力作用，即受重力、墙的支持力和力f以及摩擦力4个力，故a正确；b、若fsinmg，根据平衡条件则受向下的摩擦力，故b错误；c、根据平衡条件，水平方向：fcos=n，由牛顿第三定律则物块对墙的压力n=n=fcos，即压力一定为fcos，c正确；d、物体静止，受静摩擦力，不能由滑动摩擦力公式求解，故d错误；故选：ac点评：本题关键对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法列式求解10如图所示，质量均可忽略的轻绳与轻杆，a端用铰链固定，滑轮在a点正上方（滑轮大小及摩擦均可不计），b端吊一重物现将绳的一端拴在杆的b端，用拉力f将b端缓慢上拉，在ab杆达到竖直前( )a绳子拉力不变b绳子拉力减小cab杆受力增大dab杆受力不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以b点为研究对象，分析其受力情况，作出受力图，利用三角形相似法，得出各力与三角形abo三边边长的关系，再分析其变化解答：解：以b点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力t（等于重物的重力g）、轻杆的支持力n和绳子的拉力f，作出力图如图：由平衡条件得知，n和f的合力与t大小相等，方向相反，根据三角形相似可得：=又t=g，解得：n=g，f=g；使bao缓慢变小时，ab、ao保持不变，bo变小，则n保持不变，f变小故bd正确，ac错误故选：bd点评：本题涉及非直角三角形的力平衡问题，采用三角形相似，得到力与三角形边长的关系，再分析力的变化，是常用的方法二、非选择题：（共60分）11电火花打点计时器使用交流电源（填“直流”或“交流”），工作电压220v考点：电火花计时器、电磁打点计时器专题：实验题分析：正确解答本题需要掌握：了解打点计时器的构造、工作原理、工作特点等，比如工作电压、打点周期等，掌握基本仪器的使用，能够正确的使用打点计时器解答：解：电火花打点计时器使用交流电源，工作电压220v故答案为：交流； 220点评：对于基本仪器的使用，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去操作，深刻了解具体操作细节的含义，同时注意电火花计时器和电磁打点计时器在电压上的不同12如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点之间还有4个点未画出，则相邻计数点时间间隔为0.1s，其中x1=7.05cm，x2=7.68cm，x3=8.33cm，x4=8.95cm，x5=9.61cm，x6=10.26cm，则a点处瞬时速度的大小是0.86m/s，加速度的大小是0.53m/s2（计算结果都保留两位有效数字）考点：探究小车速度随时间变化的规律专题：实验题分析：根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上a点时小车的瞬时速度大小解答：解：由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔t=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上a点时小车的瞬时速度大小va=0.86m/s根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，得：x4x1=3a1t2x5x2=3a2t2 x6x3=3a3t2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a= （a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为：a=0.53m/s2，故答案为：0.1，0.86，0.53点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用13在“互成角度的两个共点力的合成”实验中，f1和f2表示两个互成角度的力，f表示由平行四边形定则画出的合力，f表示根据“等效性”通过实验得到的合力，则图中符合实验事实的是图 ( )abcd考点：验证力的平行四边形定则专题：实验题分析：本实验是要验证平行四边形定则，注意在理解实验的原理基础上，掌握实验的方法和数据的处理方法以及需要注意的事项，尤其是理解本实验的“等效”思想，正确理解“理论值”和“实验值”的区别解答：解：实验测的弹力方向沿绳子方向，作图法得到的合力理论值在平行四边形的对角线上，由于误差的存在合力的理论值与实验值有一定的差别，故abd错误，c正确故选：c点评：对于实验题目，只有亲自做过实验，做起来才能心中有数，才能对实验注意事项有更加深入的了解，而且会起到事半功倍的效果，通过背实验而做实验题目效果会很差14某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm；图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量l为6.93cm；本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是a；（填选项前的字母）a逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重b随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量l与弹力f的关系图线图线的ab段明显偏离直线oa，造成这种现象的主要原因是超过弹簧的弹形限度考点：探究弹力和弹簧伸长的关系专题：实验题；弹力的存在及方向的判定专题分析：根据弹簧测力计的读数方法可得出对应的读数，再由读数减去原长即为伸长量；根据实验准确性要求可明确哪种方法更为规范；由弹簧的性质和图象进行分析，则可得出造成图象偏离的原因解答：解：由图可知，图乙中示数为：14.65cm，则伸长量l=14.66cm7.73cm=6.93cm；为了更好的找出弹力与形变量之间的规律，应逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重；故选：a；在弹簧的弹性限度范围内，胡克定律是成立的，但若超过弹簧的弹性限度，胡克定律将不再适用；图中出现偏折的原因是因为超过了弹簧的弹性限度；故答案为：6.93；a；超过弹簧的弹性限度点评：弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比，对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差15一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的vt图象如图所示，求：（1）摩托车在4575s这段时间的加速度大小a；（2）摩托车在045s这段时间的平均速度大小（保留三位有效数字）考点：匀变速直线运动的图像专题：直线运动规律专题分析：（1）vt图象的斜率等于加速度，由加速度的定义求解（2）由图象与时间轴所围的面积表示位移，求得位移，再求平均速度大小解答：解：（1）摩托车在4575s这段时间的加速度 a=，所以加速度大小为1m/s2（2）摩托车在045s这段时间的位移 x=，则平均速度答：（1）摩托车在4575s这段时间的加速度大小为1 m/s2； （2）摩托车在045s这段时间的平均速度大小为23.3m/s点评：解决本题的关键要抓住速度图象的两个物理意义：斜率等于加速度，图象与时间轴所围的面积表示位移16如图所示，位于竖直面的物体a的质量ma=0.2kg，放在水平面的物体b的质量mb=1.0kg，绳子和滑轮间的摩擦均不计，且绳子的ob部分水平oa部分竖直，a和b恰好一起匀速运动取g=10m/s2，求；（1）物体b与桌面间的动摩擦因数？（2）如果用水平力f向左拉物体b，使物体a和b做匀速运动需多大的拉力？考点：摩擦力的判断与计算专题：摩擦力专题分析：（1）a和b一起匀速运动时，受力都平衡，根据平衡条件分别求出绳子的拉力和b所受的滑动摩擦力，由f=fn求出b与桌面间的动摩擦因数（2）当用水平力f向左拉b，使物体a和b做匀速运动，b受到的滑动摩擦力方向向右，由平衡条件求出拉力解答：解：（1）a、b一起匀速运动时，设绳子拉力为f，对a受力分析：f=mag对b受力分析：水平方向：f=f竖直方向：n=mbg又：f=n联立并代入数据解得：=0.2（2）a、b一起匀速向左运动时：对b受力分析：水平方向：tff=0其中f=mag=f联立并代入数据得：t=4n所以，需对物体b施加4n的水平拉力答：（1）物体b与桌面间的动摩擦因数为0.2；（2）物体a和b一起匀速向左运动时，需对物体b施加4n的水平拉力点评：对于摩擦力，首先要区分静摩擦力还是滑动摩擦力，物体静止时根据平衡条件求解静摩擦力滑动摩擦力可以根据摩擦力公式求解，也可以根据平衡条件求解17一块足够长的白板，位于水平桌面上，处于静止状态一石墨块（可视为质点）静止在白板上石墨块与白板间有摩擦，滑动摩擦系数为突然，使白板以恒定的速度v0做匀速直线运动，石墨块将在板上划下黑色痕迹经过某段时间t，令白板突然停下，以后不再运动最后石墨块也不再运动，白板上黑色痕迹的长度是多少？（已知重力加速度为g，不计石墨与板摩擦划痕过程中损失的质量）考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：石墨在白板上受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律求解出加速度，根据运动学公式求出相对滑动的位移即可解答：解：在时间t内，石墨可能一直匀加速，也可能先加速后匀速；石墨加速时，根据牛顿第二定律，有mg=ma解得a=g