【全程复习方略】福建省高三物理 阶段滚动检测4 鲁科版.doc

阶段滚动检测(四)第八十章(90分钟 100分)第卷(选择题 共50分)一、选择题(本大题共10小题，每小题5分，共50分.每小题只有一个答案正确) 1.(2012宁德模拟)如图所示，o点为等量异种点电荷连线的中点，a、b两点的连线与两电荷连线垂直.今在外力作用下将带电荷量为+q的点电荷从a点移动到b点，关于点电荷的电势能下列说法中正确的是( )a.不变b.减小c.增大d.无法判断2.如图所示，金属杆ab、cd可以在光滑导轨pq和rs上滑动,匀强磁场方向垂直纸面向里，当ab、cd分别以速度v1、v2滑动时，发现回路感生电流方向为逆时针方向，则v1和v2的大小、方向可能是( )a.v1v2,v1向右，v2向左b.v1v2,v1和v2都向左c.v1=v2,v1和v2都向右d.v1=v2,v1和v2都向左3.(2012三明模拟)如图所示，ab是圆o的一条直径，oc为圆的半径，aoc=90，圆o所在空间有一匀强电场.相同的带正电的粒子以相同的初动能ek0沿不同方向从a点出发，能够经过圆周上其他一些点，其中经过b点的粒子的动能为1.5ek0,经过c点的粒子的动能为2ek0.不计粒子所受重力及粒子间相互作用的影响.下列说法中正确的是( )a.经过c点的粒子的动能一定比经过圆周上其他点的粒子的动能大b.经过c点的粒子的动能一定比经过圆周上其他点的粒子的动能小c.无论粒子在a点的速度方向如何，圆周上总有些位置粒子无法达到d.改变粒子在a点的速度方向，总能使圆周上任何位置都有粒子达到4.(2012济宁模拟)如图所示，铁芯右边绕有一个线圈,线圈两端与滑动变阻器、电池组连成回路.左边的铁芯上套有一个环面积为0.02 m2、电阻为0.1 的金属环.铁芯的横截面积为0.01 m2，且假设磁场全部集中在铁芯中，金属环与铁芯截面垂直.调节滑动变阻器的滑动头，使铁芯中的磁感应强度每秒均匀增加0.2 t，则从上向下看( )a.金属环中感应电流方向是逆时针方向，感应电动势大小为4.010-3 vb.金属环中感应电流方向是顺时针方向，感应电动势大小为4.010-3 vc.金属环中感应电流方向是逆时针方向，感应电动势大小为2.010-3 vd.金属环中感应电流方向是顺时针方向，感应电动势大小为2.010-3 v5.(滚动单独考查)如图所示，空间的虚线框内有匀强电场，aa、bb、cc是该电场的三个等势面，相邻等势面间的距离为0.5 cm.一个质量为m，带电量为q的粒子沿aa方向以初动能ek自图中的p点进入电场，刚好从c点离开电场.已知pa=2 cm,粒子的重力忽略不计.下列说法中正确的是( )a.该粒子到达c点时的动能为2ekb.该粒子到达c点时的动能为1.5ekc.该粒子通过等势面bb时的动能为1.25ekd.该粒子通过等势面bb时的动能为2ek6.在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0 v，内阻不计，灯l1、l2、l3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示.当开关闭合后，下列说法正确的是( )a.灯泡l1的电流为灯泡l2电流的2倍b.灯泡l1的电阻约为7.5c.灯泡l2消耗的电功率约为0.75 wd.灯泡l3消耗的电功率约为0.30 w7.(2012泉州模拟)如图甲所示，100匝线圈(图中只画了1匝)两端a、b与一电压表相连.线圈内有一垂直指向纸内方向的磁场，线圈中的磁通量按图乙所示规律变化.下列关于电压表的说法正确的是( )a.电压表读数为100 vb.电压表读数为150 vc.电压表“+”接线柱接a端d.电压表“+”接线柱接b端8.(滚动交汇考查)长为a、宽为b的矩形线框有n匝，每匝线圈电阻为r.如图所示，对称轴mn的左侧有磁感应强度为b的匀强磁场，第一次将线框从磁场中以速度v匀速拉出，第二次让线框以=2v/b的角速度转过90角.那么( )a.通过线框横截面的电量q1q2=1nb.通过线框横截面的电量q1q2=11c.线框发热功率p1p2=2n1d.线框发热功率p1p2=129.(2012镇江模拟)如图甲，在虚线所示的区域有垂直纸面向里的匀强磁场，磁场变化规律如图乙所示，面积为s的单匝金属线框处在磁场中，线框与电阻r相连.若金属框的电阻为,则下列说法错误的是( )a.流过电阻r的感应电流由a到bb.线框cd边受到的安培力方向向下c.感应电动势大小为d.ab间电压大小为10.(2012银川模拟)如图所示为一理想变压器在两种情况下工作的示意图.其中灯泡l2、l3的功率均为p，且l1、l2、l3为相同的灯泡，原、副线圈匝数比为n1n2=41，则图甲中l1的功率和图乙中l1的功率分别为( )a.p，pb.16p, pc. p,16pd.16p，4p第卷(非选择题 共50分)二、实验题(本大题共2小题,共12分)11.(4分)有一种在光照或温度升高时排气扇都能起动的自动控制装置，下列说法正确的是( )a.两个传感器都是光电传感器b.两个传感器分别是光电传感器和温度传感器c.两个传感器可能分别是温度传感器、电容式传感器d.只有光照和温度都适合时排气扇才能工作12.(8分)(2011上海高考)实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联.测量实际电流表g1内阻r1的电路如图所示.供选择的仪器如下：待测电流表g1(05 ma，内阻约300 )，电流表g2(010 ma，内阻约100 ),定值电阻r1(300 )，定值电阻r2(10 )，滑动变阻器r3(01 000 )，滑动变阻器r4(020 ),干电池(1.5 v)，电键s及导线若干.(1)定值电阻应选_，滑动变阻器应选_.(在空格内填写序号)(2)用线连接实物图.(3)补全实验步骤：按电路图连接电路，_;闭合电键s，移动滑动触头至某一位置,记录g1、g2的读数i1、i2;_;以i2为纵坐标,i1为横坐标，作出相应图线，如图所示.(4)根据i2-i1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式_.三、计算题(本大题共4小题，共38分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)13.(8分)(滚动单独考查)在真空中水平放置平行板电容器，两极板间有一个带电油滴，电容器两板间距为d，当平行板电容器的电压为u0时，油滴保持静止状态，如图所示.当给电容器突然充电使其电压增加u1，油滴开始向上运动；经时间t后，电容器突然放电使其电压减少u2，又经过时间t，油滴恰好回到原来位置.假设油滴在运动过程中没有失去电荷，充电和放电的过程均很短暂，这段时间内油滴的位移可忽略不计.重力加速度为g.求：(1)带电油滴所带电荷量与质量之比.(2)第一个t与第二个t时间内油滴运动的加速度大小之比.(3)u1与u2之比.14.(9分)(2012武汉模拟)如图所示，交流发电机电动势的有效值e=20 v，内阻不计，它通过一个r=6 的指示灯连接变压器.变压器输出端并联24只彩色小灯泡，每只灯泡都是“6 v，0.25 w”,灯泡都正常发光，导线电阻不计.求：(1)降压变压器初级、次级线圈匝数比;(2)发电机的输出功率.15.(10分)(滚动交汇考查)如图所示，足够长的光滑导轨ab、cd固定在竖直平面内,导轨间距为l,b、c两点间接一阻值为r的电阻.ef是一水平放置的导体杆，其质量为m、有效电阻值为r，杆与ab、cd保持良好接触.整个装置放在磁感应强度大小为b的匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直.现用一竖直向上的力拉导体杆，使导体杆从静止开始做加速度为的匀加速运动，上升了h高度，这一过程中bc间电阻r产生的焦耳热为q，g为重力加速度，不计导轨电阻及感应电流间的相互作用.求：(1)导体杆上升到h过程中通过杆的电荷量;(2)导体杆上升到h时所受拉力f的大小;16.(11分)(滚动交汇考查)水平放置的平行金属板m、n之间存在竖直向上的匀强电场和垂直纸面的交变磁场(如图甲所示，垂直纸面向里为正)，磁感应强度b0=100 t.已知两板间距离d=0.3 m,电场强度e=50 v/m,m板上有一小孔p，在p正上方h=5 cm处的o点，一带电油滴自由下落，穿过小孔后进入两板间，最后落在n板上的q点如图乙所示.如果油滴的质量m=10-4 kg，带电荷量|q|=210-5 c.求：(1)在p点的速度v为多大？(2)若油滴在t=0时刻进入两板间，最后恰好垂直向下落在n板上的q点，求油滴的电性及交变磁场的变化周期t.(3)q、o两点水平距离.(不计空气阻力，重力加速度g取10 m/s2)答案解析1.【解析】选c.由等量异种点电荷的等势面分布特点可知，a点的电势低于b点电势，将正电荷从a点移动到b点的过程中电场力做负功，电势能增大，故c正确.2.【解析】选b.因回路abdc中产生逆时针方向的感生电流，由题意可知回路abdc的面积应增大，选项a、c、d错误，b正确.3.【解析】选d.圆o所在空间有匀强电场，只有电场力做功，由动能定理得：粒子经过c点电场力做的功是粒子经过b点电场力做功的两倍，所以b点与ac连线中点等势，可画出电场线，经过c点粒子的动能不是最大，也不是最小，选项a、b错误；由几何知识可得，改变粒子在a点的速度方向，总能使圆周上任何位置都有粒子达到，选项c错误，选项d正确.4.【解析】选c.金属环中的原磁场方向竖直向下，由楞次定律，感应电流的磁场向上，感应电流方向是逆时针方向;由法拉第电磁感应定律，电动势大小=2.010-3 v，故c正确.5.【解析】选a.设粒子过p点的速度为v0,将粒子过c的速度vc分解，如图所示，则有pa=v0t,ac=t，代入数据解得vy=v0,vc=v0,所以粒子过c时动能为2ek，a正确，b错误;粒子由p到c动能增量为ek，由于相邻等势面的电势差相等，因此粒子由p点到经过bb时，电场力做的功应为0.5ek，故粒子通过bb时动能应为1.5ek，c、d错误.6.【解析】选d.由于小灯泡l2、l3串联后与l1并联，所以l1两端电压是l2或l3两端电压的2倍，l2或l3两端电压是1.5 v，由小灯泡的伏安特性曲线可知灯泡l2中的电流约是0.20 a；灯泡l1两端的电压约是3 v,灯泡l1中的电流约是0.25 a，a错误；由欧姆定律可得灯泡l1的电阻约为r=u/i=12 ,b错误；由p=ui得灯泡l2(或l3)消耗的电功率约是p2=ui=1.50.20 w=0.30 w,c错误，d正确.7.【解析】选c.从图乙中可得穿过线圈的磁通量随时间在不断增加，根据楞次定律和安培定则，可得a接感应电动势的正极，即电压表“+”接线柱接a端，c正确，d错误;根据法拉第电磁感应定律得：e=n = v=50 v，故电压表读数为50 v,a、b错误.8.【解析】选b.首先，在第一、二次运动过程中，磁通量的减少量为1=2=b.当回路为n匝，总电阻为nr时，由可得q1q2=11.故知a错b对.显然两种情况下线框电阻不变.从而，由电(热)功率公式可得e1=nbave2=nb联立式，即可求出以下结果p1p2=21,故知c、d错.9.【解析】选c.由于磁感应强度增强，穿过线框的磁通量增大，由楞次定律可知，线框中的感应电流的方向为逆时针方向，流过电阻r的感应电流由a到b，a正确；由左手定则可判断线框cd边受到的安培力方向向下，b正确；根据法拉第电磁感应定律，线框产生的感应电动势大小为，c错误；ab间电压大小为u=ir=,d正确.10.【解析】选b.对甲图，由n1n2=41知u1=4u2，而p=得,对于乙图，n1i1=n2i2+n3i3，2n2i2=n1i1,i1=i2,而p=r得p1=r=p,故b项正确.11.【解析】选b.题中提到有光照或温度升高时排气扇都能自动控制，由此可见两个传感器一个是光电传感器,一个是温度传感器，而且排气扇自动工作只需光照和温度一个满足条件即可，a、c、d错误，b正确.12.【解析】(1)根据电路的原理图，如果定值电阻太小，电流表g1中的电流太小，读数误差较大，所以定值电阻应适当大一些，滑动变阻器采用分压接法时，应选用阻值较小一些的变阻器.(2)根据电路的原理图进行实物连接，注意电表的正负极不要接反.(3)闭合电键之前，应将滑动触头移到最左端，以防止闭合电键时烧坏电表;为减小实验误差，应多次测量取平均值.(4)根据串、并联规律可知:，所以k=即r1=(k-1)r1答案：(1)(2)如图(3)将滑动触头移至最左端多次移动滑动触头，记录相应的g1、g2的读数i1、i2(4)r1=(k-1)r113.【解析】(1)油滴静止时mg=q (1分)则 (1分)(2)设第一个t内油滴的位移为s1，加速度为a1,第二个t内油滴的位移为s2，加速度为a2,则s1=a1t2，s2=v1t-a2t2(1分)且v1=a1t,s2=-s1(1分)解得a1a2=13.(1分)(3)油滴向上加速运动时：q -mg=ma1,即q =ma1(1分)油滴向上减速运动时mg- =ma2,即q =ma2(1分)则解得.(1分)答案：(1)(2)13(3)1414.【解析】(1)彩色小灯泡额定电流il=a，次级线圈总电流i2=24il=1 a.变压器输入功率等于i1u1=i2u2=6 w,(3分)变压器原线圈电路中，利用欧姆定律可得,代入e值解得i1=