【导与练】（福建专版）高考物理一轮复习 第三课时电学实验基础课时训练.doc

第课时电学实验基础 【测控导航】知识点题号1.电表的读数与电路连图3、52.电流表的内外接法1、2、43.分压与限流的接法2、3、41.欲测量一未知电阻rx,现采用如图(甲)、(乙)所示两电路进行测试,闭合开关,(甲)图中电压表示数为2.9 v,电流表示数为4 ma,(乙)图中电压表示数为3 v,电流表示数为3 ma,则下面对于rx的叙述不正确的是a.(填选项前字母)a.采用(甲)图误差较小,rx的测量值为725 b.采用(乙)图误差较小,rx的测量值为1 000 c.rx的真实值应在725 1 000 之间d.若电源内阻不计,可知rx的真实值为975 解析:电压表读数差别不大,说明电流表分压作用小,即电流表内阻较小,所以用(乙)图测量误差小,测量值rx=u/i=1 000 ,采用(甲)图的测量值rx=u/i=725 ,rx的真实值应在7251 000 之间,若电源内阻不计,由闭合电路欧姆定律对(甲)图e=u甲+i甲ra对(乙)图e=u乙=i乙(ra+rx)由得rx=975 .2.有一小灯泡上标有“6 v0.2 a”字样,现要测量该灯泡的伏安特性曲线,有下列器材供选用:a.电压表(量程05 v,内阻为2.0 k)b.电压表(量程010 v,内阻为3.0 k)c.电流表(量程00.3 a,内阻为2.0 )d.电流表(量程06 a,内阻为1.5 )e.滑动变阻器(30 ,2 a)f.学生电源(直流,9 v),及开关、导线等.(1)实验中所用的电压表应选,电流表应选.(2)画出实验电路图,要求电压从0开始调节.解析:(1)因为小灯泡额定电压为6 v,故电压表应选量程大于6 v的b.小灯泡的额定电流只有0.2 a,故电流表应选量程接近该值的c.(2)电压要求从零开始调节则滑动变阻器必须接成分压接法.又因为小灯泡的电阻r=u/i=30 rarv=2.03000 ,故电流表应用外接法.电路如图所示.答案:(1)bc(2)见解析图3.要测量一只量程已知的电压表的内阻,所备器材如下:a.待测电压表v(量程3 v,内阻约3 k)b.电流表a(量程3 a,内阻0.01 )c.定值电阻r(阻值2 k,额定电流50 ma)d.蓄电池e(电动势略小于3 v,内阻不计)e.多用电表f.开关s1、s2,导线若干(1)为了更精确地测出此电压表内阻,该同学设计了如图(甲)、(乙)的实验电路,你认为其中较合理的电路图是,其理由是 .(2)在图(丙)中,根据你选择的电路把实物连接好.(3)用你选择的电路进行实验时,请简述实验步骤: .用上述所测量物理量的符号表示电压表的内阻rv= 解析:(1)(乙)图;(甲)图中电压表中的满偏电流约1 ma,电流表的量程太大,无法测量电流.(乙)图r的阻值与电压表阻值接近,电压表指针偏转适度,误差小.(2)如图(3)实验步骤先闭合s1 ,再闭合s2,读得电压表示数u1;保持s1闭合,断开s2, 读得电压表示数u2.由:u1=e,u2=er+rvrv得rv=u2ru1-u2.答案:见解析.4.(2013成都模拟)欲用伏安法测定一个阻值约为5 左右的未知电阻,要求测量结果尽量准确,现备有以下器材:a.电池组(3 v,内阻1 )b.电流表(03 a,内阻0.0125 )c.电流表(00.6 a,内阻0.125 )d.电压表(03 v,内阻3 k)e.电压表(015 v,内阻15 k)f.待测电阻g.开关、导线h.滑动变阻器(020 ,额定电流1 a)i.滑动变阻器(02 000 ,额定电流0.3 a)(1)上述器材中应选用的是(填写各器材前的字母代号).(2)为使通过待测电阻的电流能在00.5 a范围内改变,请在虚线框中画出测量待测电阻rx的原理电路图,然后根据你设计的电路图将给定的器材连成实验电路.解析:(1)由待测电阻约为5 和电池组电动势为3 v,可知通过待测电阻的最大电流为0.6 a,故电流表应选c.滑动变阻器应选h;电池组的电动势为3 v,待测电阻两端电压不超过3 v,故电压表选d.(2)该题中,rxrarv,应使采用电流表外接法.因为要求待测电阻的电流从零开始变化,只能采用分压接法.答案:(1)a、c、d、f、g、h(2)如图所示5.一电流表的量程标定不准确,某同学利用如图所示电路测量该电流表的实际量程im.所用器材有:量程不准的电流表a1,内阻r1=10.0 ,量程标称为5.0 ma;标准电流表a2,内阻r2=45.0 ,量程1.0 ma;标准电阻r1,阻值10.0 ;滑动变阻器r,总电阻约为300.0 ;电源e,电动势3.0 v,内阻不计;保护电阻r2;开关s;导线.回答下列问题:(1)在如图所示的实物图上画出连线.(2)开关s闭合前,滑动变阻器的滑动端c应滑动至端.(3)开关s闭合后,调节滑动变阻器的滑动端,使电流表a1满偏;若此时电流表a2的读数为i2,则a1的量程im=.(4)若测量时,a1未调到满偏,两电流表的示数如图所示,从图中读出a1的示数i1=,a2的示数i2=;由读出的数据计算得im=.(5)写出一条提高测量准确度的建议:.解析:(1)实物连线如图所示:(2)s闭合前,滑动变阻器电阻应调为最大,因此应滑到b端.(3)由欧姆定律得i2=imr1r2+r1,则im=r2+r1r1i2=5.5i2.(4)两表读数a1示数为3.00 ma,a2示数为0.66 ma,由(3)知通过a1表的电流为i=5.5i2=5.50.6