江苏省扬州市邗江中学高二物理上学期期中试卷（选修含解析）.doc

2015-2016学年江苏省扬州市邗江中学高二（上）期中物理试卷（选修）一单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共计24分，每小题只有一个选项符合题意1下列说法正确的是( )a电流的方向与导体中电荷的定向移动方向相同b把伏特表直接和电源连接时，伏特表的示数等于电源电动势c磁感线每一点的切线方向都和小磁针放在该点静止时北极所指的方向一致d根据公式b=，磁场中某处的磁感应强度b与f成正比，与il的乘积成反比2下列各图中，已标出电流及电流磁场的方向，其中不正确的是( )abcd3在赤道上空，水平放置一根通以由西向东方向电流的直导线，则此导线( )a受到竖直向上的安培力b受到竖直向下的安培力c受到由南向北的安培力d受到由西向东的安培力4如图所示，电流从a点分两路通过对称的环形分路汇合于b点，在环形分路的中心o处的磁感应强度为( )a垂直环形分路所在平面，且指向“纸内”b垂直环形分路所在平面，且指向“纸外”c在环形分路所在平面内指向bd零5两根完全相同的金属裸导线，如果把其中的一根均匀拉长到原来的3倍，把另一根对折后绞合起来，它们的电阻之比为( )a6：1b1：6c1：36d36：16如图电路中，当合上开关s后，两个标有“3v、1w”的灯泡均不发光，用电压表测得uac=ubd=6v，如果各段导线及接线处均无问题，这说明( )a开关s未接通b灯泡l1的灯丝断了c灯泡l2的灯丝断了d滑动变阻器r电阻丝断了7如图，长为2l的直导线折成边长相等，夹角为60的v形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为b当在该导线中通以电流强度为i的电流时，该v形通电导线受到的安培力大小为( )a0b0.5bilcbild2bil8锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为u，输出电流为i，锂电池的内阻为r，下列说法正确的是( )a锂电池产生的热功率为uib充电器输出的电功率为ui+i2rc充电器的充电效率为100%d电能转化为化学能的功率为uii2r二多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得得0分9（多选）下列说法正确的是( )a据r=可知，加在电阻两端的电压变为原来的2倍时，导体的电阻也变为原来的2倍b不考虑温度对阻值的影响，通过导体的电流及加在两端的电压改变时导体的电阻不变c据=可知，导体的电阻率与导体的电阻和横截面积的乘积rs成正比，与导体的长度l成反比d导体的电阻率与导体的长度l、横截面积s、导体的电阻r皆无关10在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0v，内阻不计，l1、l2、l3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示当开关闭合后，下列关于电路中的灯泡的判断中，正确的是( )a灯泡l1的电阻为12b通过灯泡l1的电流为l2的电流的2倍c灯泡l1消耗的电功率为0.75wd灯泡l2消耗的电功率为0.30w11如图所示，两金属导轨倾斜放置，匀强磁场垂直导轨平面向上，导轨左端连接电源、滑动变阻器，在导轨上垂直导轨放置一金属棒，开关闭合后金属棒静止，当滑动变阻器的滑片p由左端向右端滑动时，金属棒仍保持静止，在此过程中金属棒所受摩擦力( )a一定减小b可能一直增大c可能先减小后增大d可能先增大后减小12在如图所示的电路中，闭合电键s，当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用i、u1、u2和u3表示，电表示数变化量的大小分别用i、u1、u2和u3表示下列比值正确的是( )a不变，不变b变大，变大c变大，变小d变大，不变三实验题，共计28分13用游标卡尺测一工件外径，读数如图（1）所示，读数为_mm用螺旋测微器测一圆形工件的直径，读数如图（2）所示，读数为_mm14在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻”的实验中，提供的器材有：a干电池一节 b电流表（量程0.6a）c电压表（量程3v） d开关s和若干导线e滑动变阻器r1（最大阻值20，允许最大电流2a）f滑动变阻器r2（最大阻值200，允许最大电流1a）（1）按图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻，滑动变阻器应选_（填“r1”、“r2”）（2）图乙电路中部分导线已连接，请用笔画线代替导线将电路补充完整要求变阻器的滑片滑至最左端时，其使用电阻值最大（3）闭合开关，调节滑动变阻器，读取电压表和电流表的示数用同样方法测量多组数据，将实验测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，请作出ui图线，由此求得待测电池的电动势e=_v，内电阻r=_（结果保留三位有效数字）15如图甲为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为200的电阻rx，请用图中所示旋钮名称填空并完善测量步骤调节_，使电表指针停在_的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）将选择开关旋转到“”挡的_位置（填“1”“10”“100”或“1 k”）将红、黑表笔分别插入“+”“”插孔，并将两表笔短接，调节_，使电表指针对准_的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为_测量完毕，将选择开关旋转到_位置现有下列器材，试选择合适的器材及适当的电路，较精确地测定该电阻的阻值a电流表，量程0500a，内阻约50b电流表，量程010ma，内阻约5c电压表，量程03v，内阻约2kd电压表，量程015v，内阻约10ke干电池1节，电动势为1.5vf滑动变阻器，020，0.5ag电键一只，导线若干电流表应该选择_，电压表应该选择_（填字母代号）；请在下列实验电路图中选择合适的电路图_四计算题：共52分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的提，答案中必须明确写出数值和单位16如图所示，电源电动势e=12v，电源内阻不计定值电阻 r1=2.4k、r2=4.8k（1）若在ab之间接一个c=100f的电容器，闭合开关s，电路稳定后，求电容器上所带的电量；（2）若在ab之间接一个内阻rv=4.8k的电压表，求电压表的示数17如图所示，电源电动势e=40v，r=24，m为一线圈电阻r m=0.4的电动机当开关s断开时，理想电流表的示数为i1=1.6a；当开关s闭合时，电流表的示数为i2=4.0a求（1）电源内阻r；（2）开关s闭合时，流过电阻r的电流；（3）开关s闭合时，电动机的输出功率18水平面上有电阻不计的u形导轨nmpq，它们之间的宽度为l，m和p之间接入电动势为e的电源（不计内阻）现垂直于导轨搁一根质量为m，电阻为r的金属棒ab，并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为b，方向与水平面夹角为且指向右斜上方，如图所示，问：（1）当ab棒静止时，受到的支持力和摩擦力各为多少？（2）若b的大小和方向均能改变，则要使ab棒所受支持力为零，b的大小至少为多少？此时b的方向如何？19（16分）如图是导轨式电磁炮实验装置示意图两根平行长直金属导轨沿水平方向固定，其间安放金属滑块（即实验用弹丸），滑块可沿导轨无摩擦滑行，且始终与导轨保持良好接触电源提供的强大恒定电流从一根导轨流入，经过滑块，再从另一导轨流回电源，滑块被导轨中的电流形成的磁场推动而发射在发射过程中，该磁场在滑块所在位置始终可以简化为匀强磁场，方向垂直于纸面，其强度与电流的关系为b=ki，k=2.5106 t/a已知两导轨内侧间距l=3cm，滑块的质量m=30g，滑块从静止沿导轨滑行x=5m后获得的发射速度v=3103m/s（此过程视为匀加速运动）求：（1）发射过程中滑块的加速度；（2）发射过程中电源提供的电流是多大？（3）若电源输出的能量有9%转换为滑块的动能，则发射过程中电源的输出功率和输出电压各是多大？2015-2016学年江苏省扬州市邗江中学高二（上）期中物理试卷（选修）一单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共计24分，每小题只有一个选项符合题意1下列说法正确的是( )a电流的方向与导体中电荷的定向移动方向相同b把伏特表直接和电源连接时，伏特表的示数等于电源电动势c磁感线每一点的切线方向都和小磁针放在该点静止时北极所指的方向一致d根据公式b=，磁场中某处的磁感应强度b与f成正比，与il的乘积成反比【考点】磁感线及用磁感线描述磁场；电源的电动势和内阻【分析】电流是由自由电荷的定向移动形成的；我们规定电流的方向与正电荷定向移动的方向相同；把伏特表与电源相连接时，由于电源中有电流，故内阻上有内压存在；磁感线外部由n极指向s极，内部由s极指向n极；b是由磁场本身决定的【解答】解：a、电流的方向与正电荷的定向移动的方向相同，与负电荷定向移动的方向相反；故a错误；b、把伏特表直接和电源连接时，伏特表的示数测量路端电压，由于电路中有电流，电源有内电压，则伏特表的示数将小于电动势，故b错误c、磁感线的切线的方向表示磁场的方向，它每一点的切线方向都和小磁针放在该点静止时北极所指的方向一致；故c正确；d、磁感线强度是磁场本身的性质，与f及il无关；采用的是比值定义法；故d错误故选：c【点评】本题考查电流、电源的电动势及磁感线应强的性质，要注意体会比值定义法的应用明确电动势和磁感应强度采用了比值定义法，电动势由电源本身决定的，磁感应强度由磁场本身决定2下列各图中，已标出电流及电流磁场的方向，其中不正确的是( )abcd【考点】安培定则【分析】明确电流及磁场对应的几何关系；根据安培定则判断电流周围磁场的方向，从而进行判断正误【解答】解：a、电流的方向竖直向下，根据安培定则知，磁场的方向从上往下看，应该为顺时针，故a正确b、根据电流的绕向，结合安培定则知，螺线管内部的磁场方向向右，故b不正确c、环形电流的方向从上往下看为逆时针方向，根据安培定则知，磁场的方向向上，故c正确d、环形电流的方向从左向右看为顺时针方向，根据安培定则知，中心磁场的方向向右，故d正确本题选不正确的；故选：b【点评】解决本题的关键知道电流和周围磁场方向的关系，会通过安培定则进行判断注意明确对应的图形，能正确分析平面图和立体图3在赤道上空，水平放置一根通以由西向东方向电流的直导线，则此导线( )a受到竖直向上的安培力b受到竖直向下的安培力c受到由南向北的安培力d受到由西向东的安培力【考点】安培力【分析】赤道上空地磁场的方向由南向北，根据左手定则判断通电导线所受的安培力方向【解答】解：赤道上空地磁场的方向由南向北，根据左手定则：伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向北穿过手心，则手心朝南四指指向电流方向，则由西向东，拇指指向安培力方向：竖直向上故选：a【点评】本题考查左手定则的应用能力，关键要了解地磁场的分布情况：地磁场的北极在地球的南极附近，地磁场的南极在地球的北极附近4如图所示，电流从a点分两路通过对称的环形分路汇合于b点，在环形分路的中心o处的磁感应强度为( )a垂直环形分路所在平面，且指向“纸内”b垂直环形分路所在平面，且指向“纸外”c在环形分路所在平面内指向bd零【考点】磁感应强度【分析】将圆环分成上下两半研究，根据安培定则，分别分析上半圆与下半圆电流在o点产生的磁场方向，根据叠加原理，求o处的磁感应强度【解答】解：将圆环分成上下两半研究，根据安培定则，上半圆电流在o点产生的磁场方向向里，下半圆电流在o点产生的磁场方向向外，由于电流大小相等，两个产生的磁感应强度大小相等，则o点的磁感应强度为零故选d【点评】磁感应强度是矢量，叠加遵守平行四边形定则空间某一点磁场往往是各个场源产生的磁场的叠加5两根完全相同的金属裸导线，如果把其中的一根均匀拉长到原来的3倍，把另一根对折后绞合起来，它们的电阻之比为( )a6：1b1：6c1：36d36：1【考点】电阻定律【专题】恒定电流专题【分析】电阻定律：导体的电阻r跟它的长度l成正比，跟它的横截面积s成反比，还跟导体的材料有关系，这个规律就叫电阻定律，公式为r=其中为制成电阻的材料电阻率，l为绕制成电阻的导线长度，s为绕制成电阻的导线横截面积，r为电阻值【解答】解：原来的电阻为：r=；把其中的一根的长度均匀拉伸到原来的3倍，截面积减小为原来的，故有：r拉=9=9r；把另一根对折后绞合起来，长度变为原来的一半，截面积增加为2倍，故有：r并=；得：r拉：r并=36：1故选：d【点评】本题关键明确导线体积不变，拉长截面积减小，对折截面积变大，然后根据电阻定律公式r=列式分析6如图电路中，当合上开关s后，两个标有“3v、1w”的灯泡均不发光，用电压表测得uac=ubd=6v，如果各段导线及接线处均无问题，这说明( )a开关s未接通b灯泡l1的灯丝断了c灯泡l2的灯丝断了d滑动变阻器r电阻丝断了【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】根据电压表在电路中的作用进行分析，即电路发生断路时，电压表检测时有电压的线路出现断路（电源除外）【解答】解：闭合开关后，两个小灯泡均不发光，说明电路为断路，电压表测得ac与bd两点间的电压均为6v，而ac和bd的公共部分为bc，因此bc处发生断路，即l2的灯丝断了若l1灯或变阻器断路，uac=ubd=0，与题不符故c正确，abd错误故选：c【点评】知道会用电压表检测电路中的故障是解决本题的关键，抓住那部分电路的电压等于电源两极间的电压，那部分电路存在断路7如图，长为2l的直导线折成边长相等，夹角为60的v形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为b当在该导线中通以电流强度为i的电流时，该v形通电导线受到的安培力大小为( )a0b0.5bilcbild2bil【考点】安培力的计算【专题】计算题【分析】由安培力公式f=bil进行计算，注意式中的l应为等效长度【解答】解：导线在磁场内有效长度为2lsin30=l，故该v形通电导线受到安培力大小为f=bi2lsin30=bil，选项c正确故选c【点评】本题考查安培力的计算，熟记公式，但要理解等效长度的意义8锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为u，输出电流为i，锂电池的内阻为r，下列说法正确的是( )a锂电池产生的热功率为uib充电器输出的电功率为ui+i2rc充电器的充电效率为100%d电能转化为化学能的功率为uii2r【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】电池的充电和放电过程是电能和化学能转化的过程，给电池充电是将电能转化为化学能储存在电池内，根据能量守恒定律列式求解【解答】解：a、电池产生的热功率为p损=i2r，小于ui，故a错误； b、充电器输出的电功率为：p输出=ui，故b错误c、充电器的充电效率为100%；故c错误；d、电能转化为化学能和热能，根据能量守恒定律，有：ui=i2r+p，故p=uii2r，故d正确故选：d【点评】本题关键明确充电电路中的能量转化情况，同时要知道电路电阻消耗功率的计算符合焦耳定律；能根据能量关系求解输出功率二多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得得0分9（多选）下列说法正确的是( )a据r=可知，加在电阻两端的电压变为原来的2倍时，导体的电阻也变为原来的2倍b不考虑温度对阻值的影响，通过导体的电流及加在两端的电压改变时导体的电阻不变c据=可知，导体的电阻率与导体的电阻和横截面积的乘积rs成正比，与导体的长度l成反比d导体的电阻率与导体的长度l、横截面积s、导体的电阻r皆无关【考点】电阻定律；欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，应用欧姆定律分析答题【解答】解：a、由于r=的定义式，对于一个确定的导体来说，导体的电阻与导体两端的电压无关，故a错误；b、导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，在温度不变时，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，故b正确；c、同种材料的导体，导体的电阻率不变，故c错误；d、材料的电阻率与导体材料、长度、横截面积无关，故d正确；故选：bd【点评】本题是一道基础题，知道导体电阻的决定因素、应用欧姆定律即可正确解题10在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0v，内阻不计，l1、l2、l3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示当开关闭合后，下列关于电路中的灯泡的判断中，正确的是( )a灯泡l1的电阻为12b通过灯泡l1的电流为l2的电流的2倍c灯泡l1消耗的电功率为0.75wd灯泡l2消耗的电功率为0.30w【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】当开关闭合后，灯泡l1的电压等于3v，由图读出其电流i，由欧姆定律求出电阻，并求出其电功率灯泡l2、l3串联，电压等于1.5v，由图读出电流，求出电功率【解答】解：a、c、当开关闭合后，灯泡l1的电压u1=3v，由图2读出其电流i1=0.25a，则灯泡l1的电阻r1=12，功率p1=u1i1=0.75w，故a、c正确；b、d、灯泡l2、l3串联，电压u2=u3=1.5v，由图读出其电流i2=i3=0.20a，则i1=1.25i2，灯泡l2、l3的功率均为p=ui=1.5v0.20a=0.30w，故b错误，d正确；故选：acd【点评】本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压读图能力是基本功11如图所示，两金属导轨倾斜放置，匀强磁场垂直导轨平面向上，导轨左端连接电源、滑动变阻器，在导轨上垂直导轨放置一金属棒，开关闭合后金属棒静止，当滑动变阻器的滑片p由左端向右端滑动时，金属棒仍保持静止，在此过程中金属棒所受摩擦力( )a一定减小b可能一直增大c可能先减小后增大d可能先增大后减小【考点】安培力；闭合电路的欧姆定律【分析】金属棒保持静止，先分析原来所受的静摩擦力可能的方向当滑动变阻器的滑片p由左端向右端滑动时，变阻器在路电阻减小，电路中电流增大，金属棒所受的安培力增大，再根据平衡条件分析静摩擦力的变化情况【解答】解：当滑动变阻器的滑片p由左端向右端滑动时，变阻器在路电阻减小，电路中电流增大，金属棒所受的安培力增大变阻器滑片移动之前，若金属棒的重力沿斜面向下的分力等于安培力，金属棒不受静摩擦力，当安培力增大时，金属棒将向上运动趋势，受到沿斜面向下的静摩擦力，静摩擦力增大；若金属棒的重力沿斜面向下的分力小于安培力，金属棒所受静摩擦力沿斜面向下，当安培力增大时，根据平衡条件得知，静摩擦力增大；若金属棒的重力沿斜面向下的分力大于安培力，金属棒所受静摩擦力沿斜面向上，当安培力增大时，根据平衡条件得知，静摩擦力或能一直减小，也可能先减小后反向增大；故bc正确，ad错误故选：bc【点评】本题关键是分析原来静摩擦力可能的情况，再讨论安培力增大时，摩擦力如何变化12在如图所示的电路中，闭合电键s，当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用i、u1、u2和u3表示，电表示数变化量的大小分别用i、u1、u2和u3表示下列比值正确的是( )a不变，不变b变大，变大c变大，变小d变大，不变【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】本题要分析定值电阻与可变电阻去分析对于定值电阻，有r=；对于可变电阻，可根据闭合电路欧姆定律分析与电源内阻的关系，从而作出判断【解答】解：a、r1是定值电阻，有r1=，可知、都不变，故a正确b、c当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动时，r2变大，r2是可变电阻，有=r2，所以变大，根据闭合电路欧姆定律得：u2=ei（r1+r），则知=r1+r，不变，故b、c错误d、=r1+r2，可知变大又根据闭合电路欧姆定律得：u3=eir，则知=r，保持不变，故d正确故选：ad【点评】本题要注意对于定值电阻，是线性元件，有r=；对于可变电阻，r=，也可以结合电源的ui图线分析三实验题，共计28分13用游标卡尺测一工件外径，读数如图（1）所示，读数为10.50mm用螺旋测微器测一圆形工件的直径，读数如图（2）所示，读数为6.725mm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【专题】实验题【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为：1cm=10mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为0.0510mm=0.50mm，所以最终读数为：10mm+0.50mm=10.50mm2、螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为0.0122.5mm=0.225mm，所以最终读数为6.725mm故答案为：10.50；6.725【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些基本仪器进行有关测量14在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻”的实验中，提供的器材有：a干电池一节 b电流表（量程0.6a）c电压表（量程3v） d开关s和若干导线e滑动变阻器r1（最大阻值20，允许最大电流2a）f滑动变阻器r2（最大阻值200，允许最大电流1a）（1）按图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻，滑动变阻器应选r1（填“r1”、“r2”）（2）图乙电路中部分导线已连接，请用笔画线代替导线将电路补充完整要求变阻器的滑片滑至最左端时，其使用电阻值最大（3）闭合开关，调节滑动变阻器，读取电压表和电流表的示数用同样方法测量多组数据，将实验测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，请作出ui图线，由此求得待测电池的电动势e=1.40v，内电阻r=2.50（结果保留三位有效数字）【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题【分析】（1）为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；（2）根据电路图连接实物电路图；（3）根据坐标系内描出的点作出电源的ui图象，然后根据图象求出电源电动势与内阻【解答】解：（1）为方便实验操作，滑动变阻器应选择r1；（2）根据实验电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示；（3）根据坐标系内描出的点作出电源的ui图象如图所示，由图示图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.40，则电源电动势：e=1.40v，电源内阻：r=2.50；故答案为：（1）r1；（2）电路图如图所示；（3）图象如图所示；1.40；2.50【点评】本题考查了实验器材的选择、连接实物电路图、求电源电动势与内阻，电源ui图象与纵轴交点坐标值为电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻15如图甲为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为200的电阻rx，请用图中所示旋钮名称填空并完善测量步骤调节指针定位螺丝，使电表指针停在电流的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）将选择开关旋转到“”挡的10位置（填“1”“10”“100”或“1 k”）将红、黑表笔分别插入“+”“”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准电阻的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为190测量完毕，将选择开关旋转到off或交流电压最高档位置现有下列器材，试选择合适的器材及适当的电路，较精确地测定该电阻的阻值a电流表，量程0500a，内阻约50b电流表，量程010ma，内阻约5c电压表，量程03v，内阻约2kd电压表，量程015v，内阻约10ke干电池1节，电动势为1.5vf滑动变阻器，020，0.5ag电键一只，导线若干电流表应该选择，电压表应该选择（填字母代号）；请在下列实验电路图中选择合适的电路图【考点】用多用电表测电阻【专题】实验题【分析】多用电表使用前要进行机械调零，测电阻时要选择合适的挡位，然后进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，多用电表使用完毕选择开关要置于off挡或交流电压最高档【解答】解：用多用电表测阻值约为200的电阻rx，实验步骤为：调节指针定位螺丝，使电表指针停在电流的“0”刻线将选择开关旋转到“”挡的10位置将红、黑表笔分别插入“+”“”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准电阻的“0”刻线将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为1910=190测量完毕，将选择开关旋转到off或交流电压最高档位置故答案为：指针定位螺丝；电流；10；欧姆调零旋钮；电阻；190；off或交流电压最高档【点评】本题考查了欧姆表的使用方法、欧姆表读数；使用欧姆表测电阻时，要先进行机械调零，然后选择合适的档位，再进行欧姆调零，最后测电阻四计算题：共52分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的提，答案中必须明确写出数值和单位16如图所示，电源电动势e=12v，电源内阻不计定值电阻 r1=2.4k、r2=4.8k（1）若在ab之间接一个c=100f的电容器，闭合开关s，电路稳定后，求电容器上所带的电量；（2）若在ab之间接一个内阻rv=4.8k的电压表，求电压表的示数【考点】闭合电路的欧姆定律；电容【专题】恒定电流专题【分析】（1）电路稳定后，电容器的电压等于r2的电压对于电路结构，电容器相当开关断开求出电压，即可求出电容器的电量（2）在ab之间接一个内阻rv=4.8k的电压表，电压表相当一个电阻，电路结构是电压表与r2并联，再与r1串联根据欧姆定律求出电压表的示数【解答】解：（1）设电容器上的电压为uc 电容器的带电q=cuc 解得：q=8104c （2）设电压表与r2并联后电阻为：则电压表上的电压为 解得uy=6v答：（1）电容器上所带的电量为8104c（2）电压表的示数6v【点评】对于电容器，关键在于电压的计算，当电容器与电阻并联时，电容器等于并联电阻的电压对于有一定内阻的电压表，看成可测量电压的电阻17如图所示，电源电动势e=40v，r=24，m为一线圈电阻r m=0.4的电动机当开关s断开时，理想电流表的示数为i1=1.6a；当开关s闭合时，电流表的示数为i2=4.0a求（1）电源内阻r；（2）开关s闭合时，流过电阻r的电流；（3）开关s闭合时，电动机的输出功率【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】（1）当开关s断开时，根据闭合电路欧姆定律求解电源的内阻（2）当开关s闭合时，已知电流表的示数，求出路端电压，由欧姆定律求出通过r的电流（3）根据并联电路的规律得到通过电动机的电流，电动机的输出功率等于电功率与内部消耗的热功率之差【解答】解（1）当s断开时，根据闭合电路欧姆定律得 e=i1（r+r）代入数据得 r=1（2）设开关s闭合时，路端电压为u2，则 u2=ei2r=36 v流过r的电流 ir=a=1.5 a（3）流过电动机的电流 im=i2ir=2.5 a电动机的电功率 p电=u2im电动机的热功率 p热=i2rm电动机的输出功率 p出=p电p热=87.5 w答：（1）电源内阻r是1；（2）开关s闭合时，流过电阻r的电流是1.5a；（3）开关s闭合时，电动机的输出功率是87.5 w【点评】对于电动机电路，正常工作时是非电阻电路，不能根据欧姆定律求出通过电动机的电流，要能根据能量守恒求解其输出功率18水平面上有电阻不计的u形导轨nmpq，它们之间的宽度为l，m和p之间接入电动势为e的电源（不计内阻）现垂直于导轨搁一根质量为m，电阻为r的金属棒ab，并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为b，方向与水平面夹角为且指向右斜上方，如图所示，问：（1）当ab棒静