【创新设计】（浙江专用）高考物理二轮复习 专题提升训练 第6讲 电场 磁场的基本性质(1).doc

第6讲电场、磁场的基本性质一、单项选择题1如图3617所示的虚线框为一长方形区域，该区域内有一垂直于纸面向里的匀强磁场，一束电子以不同的速率从o点垂直于磁场方向、沿图中方向射入磁场后，分别从a、b、c、d四点射出磁场，比较它们在磁场中的运动时间ta、tb、tc、td，其大小关系是()图3617atatbtctdtc dtatbtctd解析由洛伦兹力与速度的方向关系可知，从a、b两点射出的电子都完成了半个周期的运动，即tatb；从c点和d点射出的电子在磁场中转过的圆心角都小于180，且dc，故tdtcec，选项a正确，c错误正电荷由a到b，电场力做负功，b项正确在电场线为曲线的电场中，电场力的方向始终在变化，但粒子的轨迹不会与电场线重合，d项错答案ab7(2013广东卷，21)如图3623，两个初速度大小相同的同种离子a和b，从o点沿垂直磁场方向进入匀强磁场，最后打到屏p上，不计重力，下列说法正确的有()图3623aa、b均带正电ba在磁场中飞行的时间比b的短ca在磁场中飞行的路程比b的短da在p上的落点与o点的距离比b的近解析此题考查的是“定心判径画轨迹”，a、b粒子做圆周运动的半径都为r，画出轨迹如图所示，圆o1、o2分别为b、a轨迹，a在磁场中转过的圆心角大，由tt和轨迹图可知a、d选项正确答案ad8某同学设计了一种静电除尘装置，如图3624甲所示，其中有一长为l、宽为b、高为d的矩形通道，其前、后面板为绝缘材料，上、下面板为金属材料图乙是装置的截面图，上、下两板与电压恒定为u的高压直流电源相连带负电的尘埃被吸入矩形通道的水平速度为v0，当碰到下板后其所带电荷被中和，同时被收集将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值，称为除尘率不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用要增大除尘率，则下列措施可行的是()图3624a只增大电压ub只增大长度lc只增大高度dd只增大尘埃被吸入的水平速度v0解析尘埃做类平抛运动，有yat2，a，t，当只增大电压u或只增大长度l时，y增大，收集尘埃的数量增大，故a、b选项对；而只增大高度d或只增大尘埃被吸入的水平速度v0，y减小，收集尘埃的数量减少，故c、d选项错答案ab9如图3625所示，aob为一边界为圆的匀强磁场，o点为圆心，d点为边界ob的中点，c点为边界上一点，且cdao.现有两个完全相同的带电粒子以相同的速度射入磁场(不计粒子重力)，其中粒子1从a点正对圆心射入，恰从b点射出，粒子2从c点沿cd射入，从某点离开磁场，则可判断()图3625a粒子2在bc之间某点射出磁场b粒子2必在b点射出磁场c粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为32d粒子1与粒子2的速度偏转角度应相同解析粒子从a点射入，恰好从b点射出，则粒子做圆周运动的半径等于圆的半径，从圆弧ab水平入射的粒子都将聚集到b点，则选项b正确；分析得粒子1和2的运动的圆弧对应的圆心角分别为90和60，由tt，得两粒子运动的时间之比为32，则选项c正确答案bc10如图3626所示，o点有一粒子源，在某时刻发射大量质量为m、电荷量为q的带正电粒子，它们的速度大小相等，方向均在xoy平面内在直线xa与x2a之间存在垂直于xoy平面向外的磁感应强度为b的匀强磁场，与y轴正方向成60角发射的粒子恰好垂直于磁场右边界射出不计粒子的重力和粒子间的相互作用力关于这些粒子的运动，下列说法正确的是()图3626a粒子的速度大小为b粒子的速度大小为c与y轴正方向成120角射出的粒子在磁场中运动的时间最长d与y轴正方向成90角射出的粒子在磁场中运动的时间最长解析带正电粒子与y轴正方向成60角发射进入磁场后的轨迹如图甲所示，根据几何关系可得arsin 30，其中r，联立解得v，故选项a正确，b错误；带电粒子在匀强磁场中运动的时间tt，可见圆弧所对的圆心角越大，粒子在磁场中运动的时间越长，由图甲中的几何关系可得粒子的轨道半径r2a，因此当带电粒子与y轴正方向成120角射出时粒子在磁场中运动的圆弧所对圆心角最大为120，粒子的运动轨迹恰好与磁场的右边界相切，如图乙所示，最长时间tmt，故选项c正确、d错误答案ac三、非选择题11如图3627甲所示，边长为l的正方形区域abcd内有竖直向下的匀强电场，电场强度为e；与区域边界bc相距l处竖直放置足够大的荧光屏，荧光屏与ab延长线交于o点现有一质量为m，电荷量为q的粒子从a点沿ab方向以一定的初速度进入电场，恰好从bc边的中点p飞出，不计粒子重力(1)求粒子进入电场前的初速度的大小(2)其他条件不变，增大电场强度使粒子恰好能从cd边的中点q飞出，求粒子从q点飞出时的动能(3)现将电场分成aefd和ebcf相同的两部分，并将ebcf向右平移一段距离x(xl)，如图乙所示设粒子打在荧光屏上位置与o点相距y，请求出y与x的关系甲乙图3627解析(1)粒子在电场内做类平抛运动，水平方向：lv0t，竖直方向：t2，得v0 .(2)其他条件不变，增大电场强度，从cd边中点q飞出与从bc边中点p飞出相比，水平位移减半，竖直位移加倍，根据类平抛运动知识yat2，xv0t则加速度为原来的8倍，电场强度为原来的8倍，电场力做的功为w18eql粒子从cd边中点q飞出时的动能ek1mvw1eql.(3)将ebcf向右平移一段距离x，粒子在电场中的类平抛运动分成两部分，在无电场区域做匀速直线运动，轨迹如图所示，tan 1y1xtan 1同理可得tan 21，y2(lx)tan 2lxyy1y2lx.答案(1) (2)eql(3)ylx12(2013天津卷，11)一圆筒的横截面如图3628所示，其圆心为o.筒内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为b.圆筒下面有相距为d的平行金属板m、n，其中m板带正电荷，n板带等量负电荷质量为m、电荷量为q的带正电粒子自m板边缘的p处由静止释放，经n板的小孔s以速度v沿半径so方向射入磁场中粒子与圆筒发生两次碰撞后仍从s孔射出，设粒子与圆筒碰撞过程中没有动能损失，且电荷量保持不变，在不计重力的情况下，求：图3628(1)m、n间电场强度e的大小；(2)圆筒的半径r；(3)保持m、n间电场强度e不变，仅将m板向上平移d，粒子仍从m板边缘的p处由静止释放，粒子自进入圆筒至从s孔射出期间，与圆筒的碰撞次数n.解析(1)设两板间的电压为u，由动能定理得qumv2由匀强电场中电势差与电场强度的关系得ued联立上式可得e(2)粒子进入磁场后做匀速圆周运动，运用几何关系做出圆心为o，圆半径为r.设第一次碰撞点为a，由于粒子与圆筒发生两次碰撞又从s孔射出，因此，sa弧所对的圆心角aos等于.由几何关系得rr tan 粒子运动过程中洛伦兹力充当向心力，由牛顿第二定律，得qvbm联立式得r(3)保持