广东省汕尾市陆河中学高二物理上学期第一次月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年广东省汕尾市陆河中学高二（上）第一次月考物理试卷 一、单项选择题（每题3分，共30分）1由电场强度的定义式e=可知，在电场中的同一点( )a电场强度e跟f成正比，跟q成反比b无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变c不同电荷在电场中某点所受的电场力大小不同，该点的电场强度在不断改变d一个不带电的小球在p点受到的电场力为零，则p点的场强一定为零2如图所示的电场线，可能是下列哪种情况产生的( )a单个正点电荷b单个负点电荷c等量同种点电荷d等量异种点电荷3关于电场线，下列说法正确的是( )a电场线方向一定是带电粒子在电场中受力的方向b两条电场线在电场中可以相交c电场线就是带电粒子在电场中的运动轨迹d在同一幅电场分布图中电场越强的地方，电场线越密4电量为q的点电荷，在两个固定的等量异种电荷+q和q的连线的垂直平分线上移动，则( )a电场力做正功b电场力做负功c电场力不做功d电场力做功的正负，取决于q的正负5在如图所示的各种电场中，a、b两点电场强度相等的是( )abcd6若带正电荷的小球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内( )a一定沿电场线由高电势处向低电势处运动b一定沿电场线由低电势处向高电势处运动c不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动d不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动7图中电阻r1、r2、r3的阻值相等，电池的内阻不计开关k接通后流过r2的电流是k 接通前的( )abcd8如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经a点飞向b点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是( )a粒子带正电b粒子在a点加速度大c粒子在b点动能大da、b两点相比，b点电势能较高9如图所示的实验装置中，极板a接地，平行板电容器的极板b与一个灵敏的静电计相接将a极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量q、电容c、两极间的电压u，电容器两极板间的场强e的变化情况是( )aq变小，c不变，u不变，e变小bq变小，c变小，u不变，e不变cq不变，c变小，u变大，e不变dq不变，c变小，u变大，e变小10a、b两个小球带同种电荷，放在光滑的绝缘水平面上，a的质量为m，b的质量为2m，它们相距为d，同时由静止释放，在它们距离到2d时，a的加速度为a，速度为v，则( )a此时b的加速度为b此过程中电势能减小c此过程中电势能减小d此时b的速度为二、双项选择题（每题4分，共20分每题全选对得4分，选对但不全得2分，有错误选项的不得分）11下列各量中，与检验电荷无关的量是( )a电场强度eb电场力fc电势差ud电场做的功w12如图所示，一带负电粒子垂直进入匀强电场下列判断正确的是( )a粒子向左偏转b粒子向右偏转c粒子受到电场力方向水平向右d粒子受到电场力方向水平向左13如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则( )a电容器带电量不变b尘埃仍静止c检流计中有ab的电流d检流计中有ba的电流14如图所示的是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么( )a若电压表示数有显著变化，测量r的值时，s应接ab若电压表示数有显著变化，测量r的值时，s应接bc若电流表示数有显著变化，测量r的值时，s应接ad若电流表示数有显著变化，测量r的值时，s应接b15如图所示，图线1表示的导体电阻为r1，图线2表示的导体的电阻为r2，则下列说法正确的是( )ar1：r2=1：3br1：r2=3：1c将r1与r2串联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3d将r1与r2并联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3二实验题16在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图1所示，用米尺测量金属丝的长度l=1.000m金属丝的电阻大约为5.0先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属的电阻率（1）从图中读出金属丝的直径为_mm（2）在用伏安法测定金属丝的电阻时，除被测金属丝外，还有以下供选择的实验器材：a直流电源：电动势约4.5v，内阻很小；b直流电压表 v：量程03v，内阻3k；c直流电流表a1：量程00.6a，内阻0.125；d直流电流表a2：量程03.0a，内阻0.025；e滑动变阻器r1：最大阻值10；f滑动变阻器r2：最大阻值50； g开关、导线若干在可供选择的器材中，应该选用的电流表是_，应该选用的滑动变阻器是_（3）根据所选的器材和实验电路图1，用笔画线代替导线将图2实物连接成实验电路17有一个小灯泡上标有“4v、2w”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的iu图线现有下列器材供选用：a电压表（05v，内阻10k）b电压表（015v，内阻20k）c电流表（03a，内阻1）d电流表（00.6a，内阻0.4）e滑动变阻器（10，2a）f滑动变阻器（500，1a）g学生电源（直流6v）、开关、导线若干（1）实验时，选用图甲而不选用图乙的电路图来完成实验，请说明理由：_；（2）实验中所用电压表应选_，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_（填序号示）（3）把图丙中所示的实验器材用实线连接成实物电路图三.计算题：（题目在答题卡内）18有一带电量q=3106c的点电荷，从电场中的a点移到b点时，克服电场力做功6104j从 b点移到c点时电场力做功9104j问：（1）ab、bc、ca间电势差各为多少？（2）如以b点电势为零，则a、c两点的电势各为多少？电荷在a、c两点的电势能各为多少？19如图所示，已知r1=3k，r2=6k，电压表的内阻为9k，当电压表接在r1两端时，读数为2v，而当电压表接在r2两端时，读数为3.6v，试求电路两端（ab间的）的电压和电阻r20一束电子流在经u=5000v的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若两板间距d=1.0cm，板长l=5.0cm，那么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压？2015-2016学年广东省汕尾市陆河中学高二（上）第一次月考物理试卷一、单项选择题（每题3分，共30分）1由电场强度的定义式e=可知，在电场中的同一点( )a电场强度e跟f成正比，跟q成反比b无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变c不同电荷在电场中某点所受的电场力大小不同，该点的电场强度在不断改变d一个不带电的小球在p点受到的电场力为零，则p点的场强一定为零考点：电场强度 分析：电场强度与试探电荷所受电场力、电荷量无关，由电场本身决定同一电荷在电场中某点所受的电场力大，该点的电场强度不一定大电场对不带电的小球没有电场力作用，一个不带电的小球在p点受到的电场力为零，p点的场强不一定为零解答：解：a、电场强度等于试探电荷所受电场力与电荷量的比值，但电场强度e并不跟f成正比，跟q成反比，而f、q无关，e由电场本身决定故a错误b、在电场中的同一点，电场强度e是一定的，则无论试探电荷所带的电量如何变化，始终不变故b正确c、由f=eq知，不同电荷在电场中某点所受的电场力大小不同，但场强e却是一定的故c错误d、电场对不带电的小球没有电场力作用，不带电的小球在p点受到的电场力为零，p点的场强可能为零，也可能不为零故d错误故选：b点评：对于电场强度，要抓住它的比值定义法的共性，e与试探电荷所受电场力、电荷量无关，反映电场本身的强弱和方向2如图所示的电场线，可能是下列哪种情况产生的( )a单个正点电荷b单个负点电荷c等量同种点电荷d等量异种点电荷考点：电场线 专题：电场力与电势的性质专题分析：由于电场线从两个地方发出，故场源为两个电荷；由于电场线是从电荷出发终止到无穷远且两点电荷的连线之间电场线稀疏甚至有的地方没有电场线故两个场源电荷为同种电荷解答：解：由于电场线从两个地方发出，故场源为两个电荷；由于电场线是从电荷出发终止到无穷远，故该场源电荷为正电荷；又由于两电荷的连线之间电场线稀疏甚至有的地方没有电场线，故两个场源电荷为同种电荷综上所述该电场线是由两个等量正电荷产生的故c正确故选c点评：该题目简单，但需要同学们对电场线的特点比较清晰解决此类题目的前提是熟悉课本3关于电场线，下列说法正确的是( )a电场线方向一定是带电粒子在电场中受力的方向b两条电场线在电场中可以相交c电场线就是带电粒子在电场中的运动轨迹d在同一幅电场分布图中电场越强的地方，电场线越密考点：电场线 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：电场线的方向是正电荷所受电场力的方向，而正负电荷所受的电场力的方向相反；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强解答：解：a、电场线的方向是正电荷所受电场力的方向，与负电荷所受电场力的方向相反故a错误b、电场线的切线方向就是电场的方向，如果两条电场线在同一点相交，则有两个切线方向，而事实上电场中的每一点只有一个方向，故任意两条电场线都不会相交故b错误c、电场线不一定与带电粒子的轨迹重合，只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合，故c错误d、电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强故d正确故选：d点评：记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念4电量为q的点电荷，在两个固定的等量异种电荷+q和q的连线的垂直平分线上移动，则( )a电场力做正功b电场力做负功c电场力不做功d电场力做功的正负，取决于q的正负考点：电势能；电场线 专题：电场力与电势的性质专题分析：等量异种电荷+q和q的连线的垂直平分线是一条等势线，各点电势相等，移动电荷时电场力不做功解答：解：根据等势线的分布情况得知，等量异种电荷+q和q的连线的垂直平分线是一条等势线，各点电势相等，任意两点间的电势差为零，根据电场力做功公式w=uq可知，移动电荷时电场力不做功故选：c点评：本题关键抓住等量异种电荷等势线分布特点，这是考试的热点，基本题5在如图所示的各种电场中，a、b两点电场强度相等的是( )abcd考点：电场线；电场强度 分析：电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时，两点的电场强度才相同根据电场线的疏密分析电场强度的大小，根据电场线的切线方向确定电场强度的方向解答：解：a、甲图是非匀强电场，a、b两点到负电荷的距离相等，电场强度大小相等，但方向不相同，所以电场强度不相同，故a错误；b、乙图是非匀强电场，a处电场线较密，电场强度较大，a、b两点电场强度大小不等、方向相同，所以电场强度不相同，故b错误；c、丙图是匀强电场，a、b两点电场强度大小相等、方向相同，则电场强度相等，故c正确；d、丁图是非匀强电场，a、b两点电场强度大小不相等、方向不同，所以电场强度不相同，故d错误；故选：c点评：本题关键掌握电场线的物理意义：疏密表示场强的大小，切线表示场强的方向，进行判断即可6若带正电荷的小球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内( )a一定沿电场线由高电势处向低电势处运动b一定沿电场线由低电势处向高电势处运动c不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动d不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动考点：电势；电势差与电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：物体的运动情况取决于合力和初始条件小球只受到电场力的作用，是否沿电场线运动，还要看电场线是直线还是曲线，有没有初速度，初速度方向与电场线的关系只有当电场线是直线时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动解答：解：物体的运动情况取决于合力和初始条件小球只受到电场力的作用，是否沿电场线运动，还要看电场线是直线还是曲线，有没有初速度，初速度方向与电场线的关系只有当电场线是直线时且小球的运动方向沿着电场线时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动所以abc错误，d正确故选：d点评：对物体运动情况的判断能力，从力学的角度进行分析：物体的运动性质不仅取决于合力，还取决于初速度条件虽然是简单题，同时也是易错题目7图中电阻r1、r2、r3的阻值相等，电池的内阻不计开关k接通后流过r2的电流是k 接通前的( )abcd考点：闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路 专题：恒定电流专题分析：k接通前r1与r2串联，由欧姆定律可求得电路中的电流；k接通后，r2与r3并联后与r1串联，由欧姆定律可求得总电流，由并联电路的电流规律可求得流过r2的电流；则可求得接通后电流与接通前电流的关系解答：解：k接通前，r1、r2串联，k接通后，由并联电路的规律可知故=；故选b点评：本题要注意审题，明确要求的是流过r2的电流，故应通过串并联电路的电流规律即可求得电流的比值8如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经a点飞向b点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是( )a粒子带正电b粒子在a点加速度大c粒子在b点动能大da、b两点相比，b点电势能较高考点：电场线；动能定理的应用；电势能 分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向不计重力的粒子在电场力作用下从a到b，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧解答：解：a、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电故a错误；b、由于b点的电场线密，所以b点的电场力大，则a点的加速度较小故b错误；c、粒子从a到b，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，故c错误；d、对负电荷来讲电势低的地方电势能大，故d正确；故选：d点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧9如图所示的实验装置中，极板a接地，平行板电容器的极板b与一个灵敏的静电计相接将a极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量q、电容c、两极间的电压u，电容器两极板间的场强e的变化情况是( )aq变小，c不变，u不变，e变小bq变小，c变小，u不变，e不变cq不变，c变小，u变大，e不变dq不变，c变小，u变大，e变小考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：题中平行板电容器与静电计相接，电容器的电量不变，改变板间距离，由c=，分析电容的变化，根据c=分析电压u的变化，根据e=分析场强的变化解答：解：a、b，平行板电容器与静电计并联，电容器所带电量不变故a、b错误 c、d，增大电容器两极板间的距离d时，由c=知，电容c变小，q不变，根据c=知，u变大，而e=，q、k、s均不变，则e不变故c正确，d错误故选c点评：对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量当电容器保持与电源相连时，电压不变当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变10a、b两个小球带同种电荷，放在光滑的绝缘水平面上，a的质量为m，b的质量为2m，它们相距为d，同时由静止释放，在它们距离到2d时，a的加速度为a，速度为v，则( )a此时b的加速度为b此过程中电势能减小c此过程中电势能减小d此时b的速度为考点：库仑定律；牛顿第二定律；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据牛顿第三定律和第二定律分析两个电荷加速度的关系，得到b的加速度将两个电荷同时释放，系统所受的合外力为零，根据动量守恒定律求出b的速度，由能量守恒定律求解系统电势能的减小量解答：解：a、b根据牛顿第三定律得知两个电荷间的相互作用力大小相等，由牛顿第二定律得f=ma，得：=，得：ab=aa=故a错误；b、c、将两个电荷同时释放，系统所受的合外力为零，根据动量守恒定律得：0=mv2mvb，得vb=由能量守恒定律得：此过程中系统的电势能减少量为：=mv2+2m（）2=mv2，故b错误，c也错误，d正确故选：d点评：本题关键要抓住两个电荷间接作用力大小相等，分析加速度关系，根据动量守恒和能量守恒研究电势能的变化二、双项选择题（每题4分，共20分每题全选对得4分，选对但不全得2分，有错误选项的不得分）11下列各量中，与检验电荷无关的量是( )a电场强度eb电场力fc电势差ud电场做的功w考点：电场强度 专题：电容器专题分析：电场中几个采用比值法下定义的物理量，结合物理含义分析选项；利用电场力和电场力做功公式分析选项解答：解：a、电场强度的大小由电场本身的性质决定，与检验电荷的电量无关，故a正确b、电场力f=qe，知电场力与检验电荷有关，故b错误c、电场中两点间电势差由电场中两点的电势决定，电势与检验电荷无关，所以电势差与检验电荷无关故c正确d、电场力做功w=qu，知电场力做功与检验电荷的电量有关故d错误故选：ac点评：解题关键灵活应用场强和电势差的定义式，结合物理意义明确变形式的含义12如图所示，一带负电粒子垂直进入匀强电场下列判断正确的是( )a粒子向左偏转b粒子向右偏转c粒子受到电场力方向水平向右d粒子受到电场力方向水平向左考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：带电粒子垂直进入匀强电场受到电场力，根据正电荷电场力方向即为电场强度的方向，并结合曲线运动条件，即可分析求解解答：解：带电粒子垂直进入匀强电场受到电场力作用，根据负电荷受到电场力与电场强度方向相反，从而确定负电粒子受到电场力水平向左，结合曲线运动的条件，可知，粒子向左偏转，故ad正确，bc错误，故选：ad点评：本题首先要明确粒子受到的电场力方向判断，其次要明确曲线运动的条件应用，注意分清电荷的正负是解题的关键13如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则( )a电容器带电量不变b尘埃仍静止c检流计中有ab的电流d检流计中有ba的电流考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律 专题：电容器专题分析：带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向解答：解：a、将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式c=得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小故a错误b、由于板间电压和板间距离不变，则板间场强不变，尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态故b正确cd、电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，下极板带负电，电路中形成逆时针方向的电流，则检流计中有ab的电流故c正确，d错误故选：bc点评：本题电容器动态变化问题，要抓住电压不变，根据电容的决定式c=和电容的定义式c=结合进行分析14如图所示的是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么( )a若电压表示数有显著变化，测量r的值时，s应接ab若电压表示数有显著变化，测量r的值时，s应接bc若电流表示数有显著变化，测量r的值时，s应接ad若电流表示数有显著变化，测量r的值时，s应接b考点：伏安法测电阻 专题：恒定电流专题分析：伏安法测电阻时，电流表外接时，误差来自电压表的分流，电流表内接时误差来自电流表的分压，根据电压和电流的变化情况来判断采用内接还是外接法解答：解：a、b，电压表示数有明显变化，说明电流表内阻较大，分压较大，应采用电流表外接法，即s接a，可减小误差故a正确，b错误c、d，电流表示数有明显变化，说明电压表内阻较小，分流较大，应采用电流表内接法，即s接b，可减小误差故c错误，d正确 故选ad点评：本题的方法称为实验试探法，在不知道电压表、电流表和被测电阻的大约阻值时，常常采用这种方法15如图所示，图线1表示的导体电阻为r1，图线2表示的导体的电阻为r2，则下列说法正确的是( )ar1：r2=1：3br1：r2=3：1c将r1与r2串联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3d将r1与r2并联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3考点：闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路 专题：恒定电流专题分析：由题图象是电阻的伏安特性曲线，其斜率k等于电阻的倒数将r1与r2串联后接于电源上时，电流相等将r1与r2并联后接于电源上时，电压相等，电流与电阻成反比解答：解：a、b由图r1=1，r2=3，故a正确 c、r1与r2串联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：1故c错误 d、将r1与r2并联后接于电源上，电流比i1：i2=r2：r1=3：1故d错误故选a点评：本题考查识别、理解物理图象的能力物理图象往往从数学角度，研究图象的斜率、面积、交点等意义二实验题16在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图1所示，用米尺测量金属丝的长度l=1.000m金属丝的电阻大约为5.0先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属的电阻率（1）从图中读出金属丝的直径为0.516mm（2）在用伏安法测定金属丝的电阻时，除被测金属丝外，还有以下供选择的实验器材：a直流电源：电动势约4.5v，内阻很小；b直流电压表 v：量程03v，内阻3k；c直流电流表a1：量程00.6a，内阻0.125；d直流电流表a2：量程03.0a，内阻0.025；e滑动变阻器r1：最大阻值10；f滑动变阻器r2：最大阻值50； g开关、导线若干在可供选择的器材中，应该选用的电流表是c，应该选用的滑动变阻器是f（3）根据所选的器材和实验电路图1，用笔画线代替导线将图2实物连接成实验电路考点：测定金属的电阻率 专题：实验题分析：（1）螺旋测微器读数=固定刻度读数+半刻度读数+可动刻度读数；（2）根据电路最大电流选择电流表，根据电源电动势、待测电阻阻值与所选电流表选择滑动变阻器（3）对照电路图连接实物图解答：解：（1）由图示螺旋测微器可知，固定刻度读数：0.5mm；可动刻度读数0.01mm1.6=0.016mm；故螺旋测微器读数为：0.516mm；（2）为减小读数误差，选小量程电流表，故选电流表a1：量程00.6a，内阻0.125；为保证电路安全，滑动变阻器应选f；（3）为保证电路安全，滑动变阻器采用限流接法，由题意知，电流表采用外接法实物连线图如图所示：故答案为：（1）0.516；（2）c，f；（3）如图所示点评：本题关键：（1）用伏安法测电阻时安培表内、外接法的选择原则是“大内小外”，即对于大电阻采用安培表内接法，对于小电阻采用安培表外接法；（2）需要有较大的电压测量范围时，滑动变阻器采用分压式接法17有一个小灯泡上标有“4v、2w”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的iu图线现有下列器材供选用：a电压表（05v，内阻10k）b电压表（015v，内阻20k）c电流表（03a，内阻1）d电流表（00.6a，内阻0.4）e滑动变阻器（10，2a）f滑动变阻器（500，1a）g学生电源（直流6v）、开关、导线若干（1）实验时，选用图甲而不选用图乙的电路图来完成实验，请说明理由：在用伏安法描绘这个灯泡的i一u图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法；（2）实验中所用电压表应选a，电流表应选用d，滑动变阻器应选用e（填序号示）（3）把图丙中所示的实验器材用实线连接成实物电路图考点：伏安法测电阻 专题：实验题分析：（1）根据滑动变阻器分压及限流接法的不同作用，结合题意选择滑动变阻器的接法；由电流表、电压表与灯泡内阻间的大小关系确定电流表的接法（2）仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器（3）对照电路图连接实物图，注意电流从电流表电压表正接线柱流入解答：解：（1）在用伏安法描绘这个灯泡的i一u图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，所以电路图选用图甲（2）因灯泡的额定电压为4v，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4v，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用05v的电压表，故选a；由p=ui得，灯泡的额定电流i=0.5a，故电流表应选择00.6a的量程，故选d；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选e；（3）对照电路图连接实物图，注意电流从电流表电压表正接线柱流入，如图：故答案为：（1）在用伏安法描绘这个灯泡的i一u图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法；（2）a，d，e（3）如图点评：本题考查实验中的仪表选择及接法的选择；应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断三.计算题：（题目在答题卡内）18有一带电量q=3106c的点电荷，从电场中的a点移到b点时，克服电场力做功6104j从 b点移到c点时电场力做功9104j问：（1）ab、bc、ca间电势差各为多少？（2）如以b点电势为零，则a、c两点的电势各为多少？电荷在a、c两点的电势能各为多少？考点：电势能；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：负电荷从a移到b点的过程，电荷克服电场力做功，a点的电势高于b点的电势从b点移到c点，电场力对电荷做正功，b点的电势低于c点的电势根据电势差公式u=，分别求出a、b间与b、c间的电势差，再求出a、c间的电势差，并分析a、c两点电势的高低解答：解：（1）负电荷从a移