安徽省示范高中高三物理第三次联考试题（扫描版）.doc

安徽省示范高中2015届高三物理第三次联考试题（扫描版）金榜教育2015届安徽省示范高中高三第三次联考物理参考答案1c【解析】设斜坡的倾角为，则滑雪者从o到n的运动过程中克服摩擦力做的功：wffmgsaccos mglcb，由题图可知saccos scbs，两式联立可得：wffmgs5000 j，选项c正确。2b【解析】由动能定理知0t2时间内，动能增量为0，即外力做功为0，选项b正确，外力先做负功后做正功，选项a错误；t1时刻f最大，v=0，f的功率为0，t2时刻f=0，速度最大，f的功率为0，t1t2时间内，外力的功率先增后减，选项c错误，从v-t图线知加速度减小，选项d错误。 3a【解析】在01s内，水平力f小于最大静摩擦力，物块处于静止状态，合力始终为零，选项a正确；1s3s水平力f恰好平衡最大静摩擦力，物块仍处于静止状态，选项b错误；在3s4s内，物块受滑动摩擦力，为定值，选项c错误；在4s6s内，无论是滑动摩擦力还是静摩擦力方向始终水平向左，选项d错误。4b【解析】若小船刚好避开危险区，小船沿ab方向以速度v行驶，如图所示。v1为水流速度，小船在静水中的速度至少应为v2=v1sin。显然小船沿其他方向，如沿ac以速度v驶时，在静水中的最小速度要大于v2。则小船在静水中的速度至少为v2=v1sin=3m/s，则选项b正确。 5【答案】c【解析】由题意可得该极地卫星运行的周期为：t=0.25h ，t=3h，由牛顿第二运动定律可得：，可得：，由于，联立解得：。6d 【解析】从起点a到最高点b可看做平抛运动的逆过程，如答图所示,美洲狮做平抛运动位移方向与水平方向夹角的正切值为tan=，速度方向与水平方向夹角的正切值为tan=2tan=1，只有选项d正确。7【答案】c【解析】分析物块在某一位置时的情况，设物块与圆心的连线与竖直方向的夹角为，由题意，物块做匀速圆周运动，有mgcos-fn=，可知fn减小，选项a错误；由ff=fn可知ff也减小，选项b错误；沿切线方向有f+ff=mgsin，则力f增大，选项c正确；小物块对半圆柱体的的作用力方向为右下方，由平衡条件可知，地面对半圆柱体的静摩擦力方向向左，选项d错误。8. b【解析】本题考查受力分析、应用牛顿第二定律、向心力分析解决匀速圆周运动问题的能力小物体在最高点时受到的摩擦力为零，则有mgsin37m2r，在最高点时fmgsin37m2r，解得小物体在最低点时受到的摩擦力大小为f1.2mg12n。9d【解析】小车a与小球b构成的系统做加速运动，隔离分析小车可知3mgsin30-ft =3ma，隔离分析小球b：ft -mg=ma联立可得小车受绳的拉力大小：，选项ab错误；当小球b上升h高度时，根据动能定理有：3mghsin30，解得，小车的最大动能为：，选项c错误、d正确。10d【解析】开始电动汽车功率逐渐增加，p=fv=fat，故为过原点直线，后来功率恒定，选项a正确；电动汽车牵引力开始大小不变，然后逐渐减小，最后牵引力等于阻力，选项b正确；在v-t图象中斜率表示加速度，电动汽车开始加速度不变，后来逐渐减小，选项c正确；电动汽车运动过程中开始加速度不变，后来加速度逐渐减小，最后加速度为零，选项d错误11. （15分）i（8分） （1）竖直（2分） （2）1.75（2分） （3）28.0（2分） （4）4.80（2分）【解析】（1）因弹簧长度在竖直方向发生变化，因此安装实验器材时必须使刻度尺保持竖直状态。（2）根据“逐差法”的要求，有，故每增加50g砝码的弹簧平均伸长量。解得l=1.75cm。（3）由得k=28.0n/m。（4）由胡克定律f=k（x-x0），当f1=0.56n时，对应的弹簧长度为x1=4.80cm。ii（7分）c （2分） 0.653（2分） cd（3分）【解析】c 在“研究匀变速直线运动”实验中，不需要平衡摩擦力，因为有无摩擦力都是匀变速直线运动，也不需要使钩码质量远大于小车质量选项a、d错误；平衡摩擦力时要将纸带、打点计时器、小车等连接好，但不要通电和挂钩码，选项b错误。vb10-2 m/s0.653 m/s.。某同学将钩码重力做的功当做细绳拉力做的功，经多次实验发现拉力做功总是要比小车动能增量大一些，从功能关系看出：该实验一定有转化为内能的，即试验中有存在摩擦力没有被平衡掉；还有该实验要求，只有当小车的质量远大于砝码的质量时，小车的拉力才近似等于砝码的重力，选项ab错误、cd正确12（10分）【解析】（1）由图可知在t=1s时，速度最大，由牛顿第二运动定律得mg-f1=ma1（2分）其中在01s内f1=0.6mg，解得：a1=4m/s2（1分）最大速度vm=a1t1=4m/s（1分）（2）在第01s内选手与伤员运动距离（1分）在12s内选手与伤员受力平衡，做匀速直线运动x2=vmt2=4m（1分）在23s内由牛顿第二运动定律可得f2-mg=ma2解得选手与伤员减速下滑的加速度大小为a2=2m/s2（1分）在这段时间内下滑的末速度为vt=vm-a2t3=2m/s（1分）减速下滑距离为（1分）伤员被救楼层距离地面的高度为：x=x1+x2+x3=9m（1分）。13（10分）解：（1）设该星球表面附近的重力加速度为g，物体竖直上抛运动有：v0， （2分）设绕星球表面做圆周运动的卫星的速度为v1，则mgm，（2分）联立解得v1 （1分）（2）从星球表面竖直抛出物体至无穷远速度为零的过程，有mvep0，(2分)即mvg，(1分)解得v22 (2分)14（12分） 【解析】（1）对物体m，沿斜面方向f1-mgsin=0，f1=mgsin=12n，沿斜面向上（1分）对m、m 整体在竖直方向：fn-(m+m)g=0，fn=(m+m)g=120n（1分）（2）若斜面光滑，物体与斜面一起向左运动，则对物体受重力和斜面的支持力，合力水平向左，如图所示f合=mgtan=ma（1 分），对m、m 整体在水平方向：f-f2=(m+m)a（1分）f2=fn ，解得f=108n（1 分）（3）当整体以a=gtan=7.5m/s2加速行驶，当斜面与装撞击后立即停止，由于惯性则物块做平抛运动。若物块不与木桩相撞，则物块可能落在斜面上，当落至斜面最低端时，物体平抛的速度最大为v1。水平方向：h/ tan= v1t ，竖直方向h=g（1 分）解得v1=4m/s（1 分）故整体的加速位移是：x1=m（1 分）若物块不与木桩相撞，则物块可能飞越木桩，当落至木桩左侧，物体平抛的速度最小为v2。水平方向：h/ tan= v2t 竖直方向：h-l=g （1 分）解得v2=6m/s（1 分）故整体的加速位移是：x2= m =2.4m（1 分）故物体不打在木桩de 上，整体可从距dem以内或2.4m以外加速运动（1 分）15（13分）【解析】 (1) b与挡板碰撞时，a、b 还未达到共同速度。设b与挡板碰撞前瞬间速度大小为vb ，由动能定理有：1mgs=m (2分),解得：vb =1 m/ s。(1 分)（用动量守恒解答也对）(2)b与平台碰撞前a相对于b发生的位移为x，对a，由动能定理有：-1mg（s+x）=m-m (2 分)对b，由动能定理有：1mgs=m (1 分)解得：x =4. 5 m 即b与平台碰撞时，a 恰好到达平台右端。(1分)设a在半圆形轨道上能达到的最大高度为h，则由动能定理有：-mgh-2mgl2=0-m (1分) 解得h =0. 5 m。(1分) 由于h=0. 5 m r=1 m，此处速度为零是可以的(3)由第二问h=0. 5 m1 m,即m到达最高