江苏省苏州市常熟市育才学校九年级物理上学期调研试题（含解析） 苏科版.doc

江苏省苏州市常熟市育才学校2016届九年级上学期调研物理试卷一、选择题（每小题2分，共24分）1一根锰铜线的电阻为r，要使这根连入电路的导线电阻变小，可采用的方法是（）a减小导线两端的电压b增大导线中的电流c将导线对折后连入电路d将导线拉长后连入电路2如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关s后，将滑动变阻器r2的滑片p向右移动，在此过程中（）a电流表a示数变大，电压表v2示数变小b电流表a示数变大，电压表v1示数变小c电压表v1示数变小，电压表v2示数变大d电压表v1示数不变，电压表v2示数变大3高速公路收费站于开始对过往的超载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图（电源电压一定），以下说法正确的是（）a称重表相当于一个电压表b电路中的r1是没有作用的c当车辆越重时，称重表的示数越小d当车辆越重时，称重表的示数越大4在如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关，电路正常工作但过了一段时间，小灯泡发生断路，这时（）a电压表示数变大，电流表示数变小b电压表示数变大，电流表示数变大c电压表示数变小，电流表示数变大d电压表示数变小，电流表示数变小5把长短相同、粗细不同的两根镍铬合金线串联接入电路，电路如图所示，则电路中（）a粗导体的电阻大于细导体的电阻b粗导体的电阻等于细导体的电阻c粗导体两端电压大于细导体两端电压d粗导体两端电压小于细导体两端电压6图中符合安全用电原则的做法是（）a电线上晾衣服b湿手触摸电路c电路中的灯泡与开关d大功率的用电器同时使用7电工师傅常用一只标有“220v 40w”的灯泡l0（检验灯泡）取代保险丝来检查新安装的照明电路中每个支路的情况，如图所示当只闭合s、s1时l0不亮；当只闭合s、s2时，l0和l2都呈暗红色；当只闭合s、s3时，l0正常发光由此可以判断（）al1所在的支路短路bl2所在的支路断路cl3所在的支路短路d各支路均完好8如图所示，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，电流表示数范围为1a到2a之间，电压表示数范围为6v到9v之间则定值电阻r的阻值及电源电压分别为（）a3，15vb6，15vc3，12vd6，12v9如图所示的电路中小灯泡正常发光若将小灯泡和电流表的位置对换，则（）a小灯泡不会发光b小灯泡会被烧坏c电流表示数不变d电压表示数不变10图中温度自动报警器的原理运用了许多的物理知识，以下说法中不正确的是（）a温度计中的水银是导体b温度计是根据液体热胀冷缩的性质工作的c报警器中的电磁铁运用了电磁感应现象d电磁继电器的触点类似一种开关11如图所示，一个白炽灯泡，当其两端电压增加时，以下是它的电流随电压变化的图象，正确的是（）abcd12如图，ab和bc是两根电热丝，若将a、b端接入某一电压恒定的电路中时，1min产生的电热是120j；若将b、c端接入同一电路中，1min产生的电热是60j，则把a、c端接入这个电路中时，1min产生的电热是（）a40jb60jc90jd180j二、填空题（每空1分，共23分）13一节铅酸蓄电池的电压是v；铅酸蓄电池放电后可以再充电，它在放电过程中将能转化为电能14电动机是利用通电导体在中受力的原理制成的王鹏同学按照物理教材中实践活动的要求，安装了一台如图所示的直流电动机模型，图中是转子：若要这台电动机反向转动，可采用的一种方法是15小明自制了一盏可调节亮度的台灯如图，小灯泡规格是“6v 3w”请完成以下问题：（1）粗心的小明忘记把灯泡画上去，你认为灯泡应该画在之间（ab/cd）；（2）连接电路过程中开关应该；（3）正常发光时小灯泡的电阻大小为；（4）小明认为台灯暗时比亮时省电，但小林认为台灯光线暗时滑动变阻器消耗的电能却增多，所以不省电，你认为他们谁正确？（填人名）16如图所示的电表是用来测量的仪表；这只电表此时的读数是kwh；当电路中只有一只电饭煲接入电路，正常工作0.5h，发现电能表的转盘转过了1000转，则这只电饭煲的额定功率是w17图中ab两点均为螺口灯泡的螺旋部分，当两开关都断开后、站在地上的人用手直接接触a点时，他 触电，用手直接接触b点时，他 触电（选填“会”或“不会”）18下图是电学中很重要的两个实验，其中甲图装置是研究的规律；乙图装置是研究的规律19图中所示电路中，l1和l2分别为“220v 15w”和“220v 40w”的白炽灯泡，为了使l1、l2都发光，且l1比l2亮，应闭合的开关为 当开关 闭合时，保险丝会被熔断20如图所示，是一种电热器的内部结构图，此电热器的温度可以通过开关s1、s2的变化来调节，若图中r1、r2是两根相同的电阻丝，电源电压保持不变当电热器的功率最大时，开关的闭合、断开情况为，该电热器的最大功率与最小功率之比为21现代家庭电器化程度越来越高，用电安全是一个十分突出的问题下表提供了一组人体电阻数据如图所示，用电器r接在电压为220v的电源上时，消耗电功率是1100w，电路中还有额定电流为10a的熔丝则：测量项目完全干燥时出汗或潮湿时手与手之间的电阻200k5k手与脚之间的电阻300k8.8k手与塑料鞋底之间的电阻8000k10k（1）只有用电器r接入电路时，通过熔丝的电流为a（2）一个潮湿的人，赤脚站在地上，由于不小心，手接触火线，发生触电事故，则通过人体的电流是a（上表电阻数据适用此人）（3）熔丝不会“救”人命的原因是三、实验、作图与探究题（22题8分、，23题11分，24题6分，共25分）22在探究影响导体电阻大小的因素时，小明作出了如下猜想：导体的电阻可能与：导体长度有关；导体横截面积有关；导体材料有关实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如表所示：编号材料长度/m横截面积/mm2a镍铬合金0.50.5b镍铬合金1.00.5c镍铬合金0.51.0d锰铜合金0.50.5（1）按图1所示“探究影响导体电阻大小因素”的实验电路，在m、n之间分别接上不同的导体，通过观察比较导体电阻的大小（2）为了验证上述猜想，应该选用编号两根电阻丝分别接入电路进行实验（3）分别将a、d两电阻丝接入电路中m、n两点间，电流表示数不相同，由此，得到结论：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟有关（4）要进一步研究导体材料的导电性能，就需要测量导体的电阻，小明的实验方案和操作过程均正确，两表的连接和示数如图2所示但通过观察发现电流表指针偏转过小，这样会导致实验误差很大，解决这一问题的措施是23谢敏同学利用电压表和电流表测量电阻r1的阻值（约9），电源选用两节干电池（1）按图甲电路，将图乙中电流表正确连入电路（2）该同学检查电路连接正确，合上开关，可是无论怎样移动滑片，电压表示数总为3 v不变，你认为发生故障的原因可能是或（3）清除故障后，小明将滑片p向左滑动时，电压表示数将（填“增大”“减小”或“不变”），当p滑到某一位置时，两表读数如图丙所示，由此可知r=你认为这个结果可靠吗？理由是24如图所示的电路，电源电压为6v且保持不变，滑动变阻器r标有“50，2a”字样（l）将滑片p移到最右端，闭合s1，断开s2，求电流表的示数i1（2）保持滑片p在最右端，闭合s1、s2，电流表示数i=5i1，求r2的阻值（3）将滑片p移至某一位置，闭合s1、s2，电流表示数为0.68a，求此时滑动变阻器接入电路的阻值四、综合题：（25题6分，26题8分，27题9分，28题5分，共28分）a2a1l1l2vs2第25题图25如右图所示电路中电源电压恒定，当闭合开关时电流表a1的示数是0.5a，a2的示数是0.3a，电压表v的示数是6v求：（1）l1两端的电压是多大？（2）干路中的电流与l1中的电流的大小26张林同学家新买了一台电热水器，说明书的部分内容如图所示张林按说明书要求给热水器装满水，通电50 min，观察到热水器上温度计示数由23上升到45求：（1）在加热过程中，水箱中水吸收的热量是多少？（2）电热水器加热过程中消耗的电能是多少？（3）比较（1）、（2）两问计算结果，你认为违背能量守恒吗？为什么？27小明同学设计了一种可调节亮度的电路，当开关s拨向触点1时，灯泡正常发光，已知灯泡l的规格为“220v 100w”，电源电压为220v当开关s分别拨向触点1、2、3时，灯泡亮度随之发生变化，问：（1）当开关s拨向触点2时，灯泡实际消耗的功率为81w，则灯泡中的实际电流是多少？电阻r1的阻值是多少？（2）当开关s拨向触点3时，发现灯泡变得更暗，则电阻r2和r1的阻值哪个大？为什么？（3）指出该同学设计的调光电路还存在什么缺陷？画出改进后的调光电路图（应有解题过程）28小明在研究性学习活动中，查阅到一种热敏电阻的阻值随温度变化的规律如下表，并将该型号的热敏电阻应用于如图所示由“控制电路”和“工作电路”组成的恒温箱电路中温度/3040506070热敏电阻阻值/350300250210175“控制电路”由热敏电阻r1、电磁铁（线圈阻值r0=50）、电源u1、开关等组成，当线圈中的电流大于或等于20ma时，继电器的衔铁被吸合，右边工作电路则断开；“工作电路”由工作电源u2（u2=10v）、发热电阻r2（r2=5）、导线等组成问：（1）工作电路工作时的电流为多大？电阻r2的发热功率为多大？（2）若发热电阻r2需提供1.2104j的热量，则工作电路要工作多长时间（不计热量的损失）？（3）若恒温箱的温度最高不得超过50，则控制电路的电源电压u1最小值为多大？江苏省苏州市常熟市育才学校2016届九年级上学期调研物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分，共24分）1一根锰铜线的电阻为r，要使这根连入电路的导线电阻变小，可采用的方法是（）a减小导线两端的电压b增大导线中的电流c将导线对折后连入电路d将导线拉长后连入电路【考点】影响电阻大小的因素【专题】电压和电阻【分析】影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积，与导体两端的电压、通过的电流无关；材料和温度不变时，导线越长、横截面积越小电阻越大【解答】解：ab、导体的电阻是导体的阻碍电流的性质，与导体两端的电压和通过的电流无关；故ab错误；c、将导线对折后接入电路，长度变小、横截面积变大，导体的电阻变小，故c正确；d、将这根导线拉长，长度变长、横截面积变小，电阻变大，可以使连入电路的导线电阻变大，故d错误；故选c【点评】本题考查了学生对影响电阻大小的因素的了解与掌握，理解导体的电阻是导体阻碍电流的性质是本题的关键2如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关s后，将滑动变阻器r2的滑片p向右移动，在此过程中（）a电流表a示数变大，电压表v2示数变小b电流表a示数变大，电压表v1示数变小c电压表v1示数变小，电压表v2示数变大d电压表v1示数不变，电压表v2示数变大【考点】欧姆定律的应用；电流表的使用；电压表的使用【专题】压轴题【分析】由电路分析可知滑动变阻器和r1串联在电路中，电压表v1测r1两端电压，电压表v2测r2两端的电压，电流表测总电流；根据滑动变阻器的滑动可知接入电阻的变化，然后根据欧姆定律可知电路中电流的变化；再由欧姆定律可分析出r1两端的电压变化，由串联电路的特点可求得r2两端的电压变化【解答】解：滑动变阻器和r1串联在电路中电流表测电路电流，电压表v1测r1的电压，电压表v2测滑动变阻器的电压，滑动变阻器滑片向右移动，接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知电流变大，r1的电压变大，滑动变阻器的电压变小即电流表a示数变大，电压表v1示数变大，总电压不变，则电压表v2示数变小所以b，c，d错误，a正确故选a【点评】学生要能正确判断各电表分别测哪部分的电压和电流，正确判断电路电阻变化结合欧姆定律可知电表的变化3高速公路收费站于开始对过往的超载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图（电源电压一定），以下说法正确的是（）a称重表相当于一个电压表b电路中的r1是没有作用的c当车辆越重时，称重表的示数越小d当车辆越重时，称重表的示数越大【考点】欧姆定律的应用；重力；电流表的使用【专题】电流和电路；欧姆定律；重力、弹力、摩擦力【分析】（1）分析电路图，根据称重表在电路的连接情况判断是电流表还是电压表；（2）根据电路中滑片的变化情况对选项逐一方向后，选择正确答案【解答】解：a、说法错误，称重表与电阻串联，所以是一电流表；b、说法错误，电路中的r1具有保护称重表的作用；c、说法错误，当车辆越重时，滑片向下滑，r的阻值变小，电路的电流变大，所以称重表的示数越大；d、说法正确，解释与选项c相同故选d【点评】此题是一道力学和电学的综合题，但比较容易分析，是基础知识4在如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关，电路正常工作但过了一段时间，小灯泡发生断路，这时（）a电压表示数变大，电流表示数变小b电压表示数变大，电流表示数变大c电压表示数变小，电流表示数变大d电压表示数变小，电流表示数变小【考点】欧姆定律的应用；电流的形成；电流表的使用；电压表的使用；串联电路的电压规律【分析】灯泡和电阻串联，电流表串联在电路中，电压表并联在灯泡两端；当小灯泡发生断路时，根据电流形成的条件分析电流表的示数；只有当电压表与电源两极相连时，电压表才会有示数，否则电压表示数为零【解答】解：电流形成的条件：一是电源；二是闭合回路小灯泡正常工作时，符合电流形成的条件，因此电路中有电流，即电流表有示数；当小灯泡发生断路，与灯泡串联的电流表所在的电路断开，则不符合电流形成的条件，因此电路中无电流，即电流表的示数为零；灯泡正常工作时，电阻和灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压，而串联电路各部分电压之和等于电源电压，故电压表示数小于电源电压；当电路开路时，各用电器在电路中相当于导线，因此电压表通过电阻和闭合的开关与电源的两极相连，故电压表有示数，并且为电源电压；通过上述分析可得 电流表示数变小；电压表示数变大故选 a【点评】识别电路是正确分析的前提，并且会运用串联电路的基本特点以及电压表和电流表的使用分析仪表示数的变化5把长短相同、粗细不同的两根镍铬合金线串联接入电路，电路如图所示，则电路中（）a粗导体的电阻大于细导体的电阻b粗导体的电阻等于细导体的电阻c粗导体两端电压大于细导体两端电压d粗导体两端电压小于细导体两端电压【考点】影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用【专题】电流和电路【分析】根据影响电阻大小的因素及串联电路的电流规律和欧姆定律解答【解答】解：在材料和长度都相同时，导体粗的电阻小，所以粗导体的电阻比细导体的电阻小故a、b都不正确由题意知，这两个电阻丝是串联的，由于串联电路各处的电流都相等，所以通过粗导体的电流和细导体的电流相等，根据u=ir可知，在电流相同的情况下，电阻大的两端分得的电压多所以粗导体两端电压小于细导体两端电压故c不正确，d正确故选d【点评】做这道题时，要抓住题中的两个字串联，只要是串联，则无论这两个电阻的大小关系如何，通过它们的电流都是相等的，然后根据电阻大小关系，得出电压大小关系6图中符合安全用电原则的做法是（）a电线上晾衣服b湿手触摸电路c电路中的灯泡与开关d大功率的用电器同时使用【考点】安全用电原则【分析】（1）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体（2）灯泡的接法：火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套（3）电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大【解答】解：a、在电线上晾湿衣服，电线上的绝缘层有可能破损，从而使人体和带电体接触，就会造成触电事故，十分危险故a错误；b、开关属于带电体，用湿手触摸时，水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险，故b错误；c、火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套故c正确；d、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾故d错误故选c【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了7电工师傅常用一只标有“220v 40w”的灯泡l0（检验灯泡）取代保险丝来检查新安装的照明电路中每个支路的情况，如图所示当只闭合s、s1时l0不亮；当只闭合s、s2时，l0和l2都呈暗红色；当只闭合s、s3时，l0正常发光由此可以判断（）al1所在的支路短路bl2所在的支路断路cl3所在的支路短路d各支路均完好【考点】家庭电路的故障分析【专题】应用题；压轴题【分析】将额定电压220v的“校验灯”，接在保险丝的两只接线柱上，是相当于把此灯串联入电路中，它会有三种状态：“校验灯”恰能正常发光，说明该支路短路，“校验灯”发光不正常（暗红色）说明该支路工作正常，“校验灯”不发光说明该支路断路【解答】解：a、当只闭合s、s1，当l0不亮时，说明电路是断路状态l1所在支路断路，故a错误b、当只闭合s、s2时，l0和l2都呈暗红色，说明l0与l2是串联，两个灯得到的电压小于220v，故不能正常发光l2应该是好的，故b错误c、当只闭合s、s3时，l0正常发光，说明l3所在支路短路时，校验灯正常发光，故c正确d、l1所在支路断路、l3所在支路短路、l2应该是好的，故d错误故选c【点评】本题考查了用校验灯检修家庭电路的故障根据校验灯的三种发光情况得出电路是否存在故障8如图所示，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，电流表示数范围为1a到2a之间，电压表示数范围为6v到9v之间则定值电阻r的阻值及电源电压分别为（）a3，15vb6，15vc3，12vd6，12v【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电阻的串联【专题】压轴题【分析】根据公式u=ir及u总=ur+ur变，求出当电流表示数为1a时，电压表示数为9v，并以此作为该题切入点【解答】解：电流表示数由1a到2a，表示电路电流增大根据公式ur=ir，i增大，ur也增大串联电路中，电源电压恒定不变根据公式ur变=u总ur，一个恒定的数u总减一个增大的数ur，结果ur变是减小的故电压表示数是由9v到6v的过程即当电流表示数为1a时，电压表示数为9v；当电流表示数为2a时，电压表示数为6v设定值电阻的阻值为r当电路电流为1a时，有：u总=1ar+9v当电路电流为2a时，有：u总=2ar+6v电源电压u总是恒定不变的1ar+9v=2ar+6v解得：r=3u总=1ar+9v=1a3+9v=12v故选c【点评】该题注重公式u=ir及u总=ur+ur变的数量关系变化的运用，即其中一个数量恒定不变，第二个量的变化必定引起第三个数量的变化9如图所示的电路中小灯泡正常发光若将小灯泡和电流表的位置对换，则（）a小灯泡不会发光b小灯泡会被烧坏c电流表示数不变d电压表示数不变【考点】电路的动态分析【专题】电路变化分析综合题【分析】解决此题要知道电流表要与用电器串联在电路中，在串联电路中的电流处处相等【解答】解：由电路图可知，电流表和灯泡是串联在一起的，所以通过它们的电流相等，若将小灯泡和电流表的位置对换，电压表测电流表两端的电流，所以电压表的示数变为零，灯泡的发光情况不变，电流表的示数也不变故选c【点评】解决此题要结合电流表的使用方法和串联电路的特点进行分析解答10图中温度自动报警器的原理运用了许多的物理知识，以下说法中不正确的是（）a温度计中的水银是导体b温度计是根据液体热胀冷缩的性质工作的c报警器中的电磁铁运用了电磁感应现象d电磁继电器的触点类似一种开关【考点】电磁继电器的组成、原理和特点【专题】应用题；磁现象、电生磁【分析】要解决此题，需要掌握电磁继电器的工作原理知道水银是导体知道温度计的制作原理，知道实验室常用温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性，运用的是电流的磁效应知道电磁继电器的实质是一个利用电磁铁来工作的开关【解答】解：温度自动报警器的原理是当温度达到一定值时，温度计内水银上升，因为水银是导体，控制电路会接通，电磁铁产生磁性，将衔铁吸引，将报警电路接通，电铃响，起到报警作用电磁铁是运用电流的磁效应，而不是电磁感应现象，故c错，符合题意其中水银是导体、温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的、电磁继电器的实质就是一个开关，所以a、b、d说法正确，不符合题意故选c【点评】此题主要考查了电磁继电器的工作原理其实质相当于工作电路中的开关解决此类题目的关键是了解电磁继电器的构造，并搞清各部分的作用，同时要搞清控制电路和工作电路同时考查了导体的概念和温度计的制作原理11如图所示，一个白炽灯泡，当其两端电压增加时，以下是它的电流随电压变化的图象，正确的是（）abcd【考点】欧姆定律的应用；影响电阻大小的因素【专题】压轴题；图析法【分析】灯丝电阻随温度的升高而增大，在iu图象中图象的倾斜程度表示表示电阻的倒数，则由电阻的变化可知图象倾斜程度的变化【解答】解：电灯的灯丝电阻随温度的升高而增大；故随着电压的增大，灯泡温度升高，灯丝的阻值将增大，故图象的倾斜程度将减小；故选d【点评】该题考查iu图象中斜率的含义以及灯丝电阻随温度升高而变大的规律图象问题为物理中常考查问题应熟练掌握12如图，ab和bc是两根电热丝，若将a、b端接入某一电压恒定的电路中时，1min产生的电热是120j；若将b、c端接入同一电路中，1min产生的电热是60j，则把a、c端接入这个电路中时，1min产生的电热是（）a40jb60jc90jd180j【考点】电热【专题】电和热综合题【分析】根据w=t分别表示出将a、b两端接入电路和b、c两端接入同一电路中时消耗的电能，然后得出对应的电阻，根据电阻的串联求出ac电阻丝的电阻，再根据w=t求出把a、c端接入这个电路中时1min电流所做的功，即产生的电热【解答】解：根据w=t可得：rab=，rbc=，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，rac=rab+rbc=+=u2t（+）=，把a、c端接入这个电路中时，1min电流所做的功，即产生的热：wab=t=40j故选a【点评】本题考查了电功的计算，关键是表示出两电阻丝电阻与总电阻的关系，计算过程要注意各量之间的关系，不要颠倒二、填空题（每空1分，共23分）13一节铅酸蓄电池的电压是2v；铅酸蓄电池放电后可以再充电，它在放电过程中将化学能转化为电能【考点】电源及其能量转化【专题】电流和电路【分析】（1）一节铅酸蓄电池的电压是2v；（2）根据蓄电池供电时的能量转化回答【解答】解：（1）一节铅酸蓄电池的电压是2v；（2）蓄电池供电时的能量转化是化学能转化为电能故答案为：2；化学【点评】此题主要考查的是学生对蓄电池供电时的能量转化和铅酸蓄电池电压的了解和掌握，基础性题目14电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的王鹏同学按照物理教材中实践活动的要求，安装了一台如图所示的直流电动机模型，图中线圈是转子：若要这台电动机反向转动，可采用的一种方法是调换电源的正、负极或更换磁极的位置【考点】直流电动机的构造和工作过程【专题】简答题【分析】根据电动机的原理，完成第一空根据图片，判断转动的物体，完成第二空根据电动机的相关因素，完成第三空【解答】解：电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动电路必须形成通路能转动的物体叫转子图中线圈能转动，是转子磁场对其有力的作用，力的方向与两个因素有关：一是电流方向，二是磁场方向两者有任何一个因素发生改变，导体运动方向就会发生改变导体运动速度与电流大小有关，电流越大，转速越快；电流越小，转速越慢要想反转，可以调换电源的正、负极或更换磁极的位置故答案为：磁场，线圈，调换电源的正、负极或更换磁极的位置【点评】本题考查电动机的工作原理，以及与电动机有关的因素15小明自制了一盏可调节亮度的台灯如图，小灯泡规格是“6v 3w”请完成以下问题：（1）粗心的小明忘记把灯泡画上去，你认为灯泡应该画在ab之间（ab/cd）；（2）连接电路过程中开关应该断开；（3）正常发光时小灯泡的电阻大小为12；（4）小明认为台灯暗时比亮时省电，但小林认为台灯光线暗时滑动变阻器消耗的电能却增多，所以不省电，你认为他们谁正确？小明（填人名）【考点】滑动变阻器的使用；电功率的计算；实际功率【专题】计算题；应用题；压轴题【分析】（1）由题意可知，该灯泡是一盏可调节亮度的台灯，所以灯泡应该与可调电阻串联在一起；（2）电路连接过程中为防止电路发生短路，开关应该断开（3）题中已经知道了灯泡的规格是“6v 3w”，即额定电压是6v，额定功率是3w，根据功率公式p=可求电阻；（4）我们知道判断灯泡亮度的依据是实际功率，灯泡越亮实际功率越大，功率越大在相等的时间内消耗的电能越多【解答】解：（1）灯泡应该与滑动变阻器串联在一起，结合电路图可知，灯泡应该接在a、b之间；（2）连接电路过程中开关应该断开；（3）灯泡的电阻根据公式r=12；（4）灯泡越亮实际功率越大，功率越大在相等的时间内消耗的电能越多，所以说台灯暗时比亮时省电是正确的，因为暗的时候灯泡实际功率小，电路总功率也小；滑动变阻器的电阻很小，所以当灯泡调暗时，可以省电，小明的说法正确故答案为：ab；断开；12；小明【点评】本题考查台灯的原理和功率的变化，本题的关键是会分析电路图和知道判断灯泡亮度的依据16如图所示的电表是用来测量电能的仪表；这只电表此时的读数是31.6kwh；当电路中只有一只电饭煲接入电路，正常工作0.5h，发现电能表的转盘转过了1000转，则这只电饭煲的额定功率是800w【考点】电能表参数的理解与电能的求法【专题】计算题；电能和电功率【分析】（1）电能表是用来测量用户消耗电能多少的仪表；（2）电能表的读数：最后一位是小数；单位kwh；（3）2500r/kwh表示的是电路中每消耗1kwh的电能，电能表的转盘转2500r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kwh的电能，求出转盘转1000r电路中消耗的电能然后求出电饭煲的功率【解答】解：（1）电能表是用来测量用户消耗电能多少的仪表；（2）电能表的示数是31.6kwh；（3）2500r/kwh表示电能表每转1r，电路中消耗kwh的电能，w=1000kwh=0.4kwh，p=0.8kw=800w故答案为：电能；31.6；800【点评】本题考查了电能表的参数的理解，与电能表的读数以及电功率的计算，明确2500r/kwh的真正含义是解决本题的关键17图中ab两点均为螺口灯泡的螺旋部分，当两开关都断开后、站在地上的人用手直接接触a点时，他 会触电，用手直接接触b点时，他 不会触电（选填“会”或“不会”）【考点】触电危害及常见的触电类型与预防【分析】触电包括单线触电和双线触电单线触电指的是站在地面上，单手接触火线；双线触电指的是不论站在什么地方，一手接触火线，一手接触零线【解答】解：a点是和火线连接在一起的，站在地面上的人接触a点就相当于接触火线，会造成触电事故；b点是和零线连接在一起的，站在地面上的人接触b点就相当于接触零线，不会造成触电事故故答案为：会；不会【点评】此题考查触电的类型，解答此题的关键是我们要知道两点：一是触电的类型，二是判断ab两点是火线的延伸还是零线的延伸18下图是电学中很重要的两个实验，其中甲图装置是研究磁场对电流的作用的规律；乙图装置是研究电磁感应的规律【考点】磁场对通电导线的作用；电磁感应【专题】电动机、磁生电【分析】在电磁学中，磁场对电流的作用规律和电磁感应现象，两个实验有诸多相似之处，较难区分，应从原理入手，关键看是否有电源存在，有则为磁场对电流的作用，这是电动机的原理，没有则为电磁感应实验，是发电机的原理【解答】解图甲中有电源给导线通电，并将一段导体放入磁场中，此时导体会受到磁场的力的作用，因此研究的是磁场对电流的作用；图乙中没有电源，只有电流表，使闭合电路的一段导体放在磁场中，此时如果导体做切割磁感线运动，会在电路中产生感应电流，因此研究的是电磁感应的规律故答案为：磁场对电流的作用；电磁感应【点评】磁场对电流的作用实验和电磁感应实验是电磁学中较难区分的两个实验，把握住其最关键不同才能做出准确的判断，即一个有电源，一个没有电源，当然，在理解原理的基础上记住才更能灵活运用19图中所示电路中，l1和l2分别为“220v 15w”和“220v 40w”的白炽灯泡，为了使l1、l2都发光，且l1比l2亮，应闭合的开关为 s2当开关 s2，s3闭合时，保险丝会被熔断【考点】电路的三种状态；实际功率【分析】实际功率决定灯泡的明暗程度；先根据r=比较出两灯泡的电阻，然后根据串联电路电流相等以及p=i2r得出电阻大的灯泡，实际功率较大，其亮度较大；或根据并联电路两端电压相等以及p=得出电阻小的灯泡，实际功率较大，其亮度大；最后根据电路的连接方式选择需要闭合的开关根据发生短路现象时，电流过大，保险丝被熔断的现象，选择出需要闭合的开关【解答】解：因为两灯泡的额定电压相同，由r=得，额定功率较小的灯泡，电阻较大，又因为l1、l2都发光，且l1比l2亮，所以两灯泡需串联，故闭合开关s2时，两灯泡形成串联电路；同时闭合开关s2和s3时，形成电源短路，保险丝会被烧毁故答案为：s2；s2、s3【点评】知道灯泡的实际功率决定灯泡的明暗程度，并且会设计符合要求的电路20如图所示，是一种电热器的内部结构图，此电热器的温度可以通过开关s1、s2的变化来调节，若图中r1、r2是两根相同的电阻丝，电源电压保持不变当电热器的功率最大时，开关的闭合、断开情况为s1闭合、s2接a，该电热器的最大功率与最小功率之比为4：1【考点】电功率的计算；电阻的串联；电阻的并联；电路的动态分析【专题】应用题；电能和电功率；电路变化分析综合题【分析】电压u一定，由p=可知，电阻r越大，电功率越小，电阻r越小，电功率越大，分析电路结构，根据串并联电路特点与电功率公式分析答题【解答】解：由图示电路图可知，当s1闭合、s2接到a端时，两电阻并联，此时电路电阻最小，由p=可知，此时电热器的电功率最大；当s1断开，s2接在b端时，两电阻串联，电路总电阻最大，由p=可知，此时电热器的功率最小；设电源电压为u，两电阻丝相同，设r1=r2=r，两电阻并联时的总电阻r并=，串联时的总电阻r串=2r，则电热器的最大与最小功率之比：=；故答案为：s1闭合、s2接a；4：1【点评】本题难度不大，分析清楚电路结构、应用串并联电路特点、电功率公式即可正确解题21现代家庭电器化程度越来越高，用电安全是一个十分突出的问题下表提供了一组人体电阻数据如图所示，用电器r接在电压为220v的电源上时，消耗电功率是1100w，电路中还有额定电流为10a的熔丝则：测量项目完全干燥时出汗或潮湿时手与手之间的电阻200k5k手与脚之间的电阻300k8.8k手与塑料鞋底之间的电阻8000k10k（1）只有用电器r接入电路时，通过熔丝的电流为5a（2）一个潮湿的人，赤脚站在地上，由于不小心，手接触火线，发生触电事故，则通过人体的电流是0.025a（上表电阻数据适用此人）（3）熔丝不会“救”人命的原因是通过人体的电流远小于保险丝熔断电流，人已触电，但保险丝未断【考点】触电危害及常见的触电类型与预防；欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】计算题；应用题；简答题；信息给予题【分析】（1）知道电源电压和r消耗的电功率，利用p=ui求通过熔丝的电流；（2）由表中数据得出潮湿时，手与脚之间的电阻，又知道电源电压，利用欧姆定律求通过人体的电流；（3）把（2）中计算出的触电电流与熔丝的熔断电流比较，找出原因【解答】解：（1）p=ui，i=5a；（2）由表中数据得出潮湿时，手与脚之间的电阻r=8.8k=8800，i=0.025a；（3）由（2）可知发生触电时，通过人体的电流远小于保险丝熔断电流（10a），即：人已触电，但保险丝未断，所以熔丝不会“救”人命故答案为：（1）5；（2）0.025；（3）通过人体的电流远小于保险丝熔断电流，人已触电，但保险丝未断【点评】本题考查了学生对电功率的公式、欧姆定律的了解与掌握，通过计算明白“熔丝不会救人命”的原因，有意义！三、实验、作图与探究题（22题8分、，23题11分，24题6分，共25分）22在探究影响导体电阻大小的因素时，小明作出了如下猜想：导体的电阻可能与：导体长度有关；导体横截面积有关；导体材料有关实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如表所示：编号材料长度/m横截面积/mm2a镍铬合金0.50.5b镍铬合金1.00.5c镍铬合金0.51.0d锰铜合金0.50.5（1）按图1所示“探究影响导体电阻大小因素”的实验电路，在m、n之间分别接上不同的导体，通过观察小灯泡亮度（或电流表示数）比较导体电阻的大小（2）为了验证上述猜想，应该选用编号a、b两根电阻丝分别接入电路进行实验（3）分别将a、d两电阻丝接入电路中m、n两点间，电流表示数不相同，由此，得到结论：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟材料有关（4）要进一步研究导体材料的导电性能，就需要测量导体的电阻，小明的实验方案和操作过程均正确，两表的连接和示数如图2所示但通过观察发现电流表指针偏转过小，这样会导致实验误差很大，解决这一问题的措施是电流表换小量程【考点】影响电阻大小的因素【专题】探究型实验综合题【分析】（1）电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，小灯泡越暗；导体电阻越小，电路电流越大，小灯泡越亮，可以通过电流表示数大小或小灯泡的亮暗程度判断导体电阻大小（2）要探究电阻与导体长度的关系，需使长度不同，其它条件相同；（3）分析a、d相同的量和不同的量，根据控制变量法的要求，实验目的或实验现象分析答题；（4）用电流表测电路电流时，要选择合适的量程，量程过大，会使读数误差增大【解答】解：（1）在m、n之间分别接上不同的导体，则通过观察电流表示数或小灯泡的亮度来比较导体电阻的大小（2）要验证猜想：导体的电阻可能与导体的长度有关，应控制导体材料与横截面积相同而长度不同，由表中数据可知，应选编号为a、b的两根电阻丝进行实验（3）由表中数据可知，a、d两电阻丝的长度、横截面积相同而材料不同，将a和d两电阻丝接入图1电路中m、n两点间，电流表示数不相同，由此可知：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟材料有关；（4）由图2所示电流表可知，电流表指针偏转过小，电流表读数误差较大，会增大实验误差，使实验误差偏大；电流表换用小量程，可以减小读数误差，从而减小实验误差故答案为：（1）小灯泡亮度（或电流表示数）；（2）a、b；（3）材料；（4）电流表换小量程【点评】本题考查了影响导体电阻因素的实验，应用控制变量法是正确解题的关键23谢敏同学利用电压表和电流表测量电阻r1的阻值（约9），电源选用两节干电池（1）按图甲电路，将图乙中电流表正确连入电路（2）该同学检查电路连接正确，合上开关，可是无论怎样移动滑片，电压表示数总为3 v不变，你认为发生故障的原因可能是r1处断路或r2处短路（3）清除故障后，小明将滑片p向左滑动时，电压表示数将增大（填“增大”“减小”或“不变”），当p滑到某一位置时，两表读数如图丙所示，由此可知r=10你认为这个结果可靠吗不可靠？理由是没有多次测量求平均值【考点】伏安法测电阻的探究实验；电流表的连接；电路的动态分析【专题】作图题；压轴题；实验探究题；整体思想；估算法【分析】（1）电源电压是3v，电阻r19，根据i=可以估算出干路中的电流大约在0.33a左右，所以选择电流表的量程为00.6a；（2）电压表示数总为3v不变，说明电压表测量的是电源两端的电压，寻找可能的原因，一是滑动变阻器短路或被测电阻断路；（3）在测量电阻的实验中，应通过滑动变阻器改变电路中的电流，多次测量求平均值，以减小实验的误差，因为导体的电阻与电流和电压无关【解答】解：（1）由于电源是两节干电池串联，电源电压为3v，故电压表量程选择03v，根据r=可判断电路中的最大电流在0.33a左右，故电流表的量程选择00.6a；（2）移动滑片，电压表示数总为3v，说明电压表测的是电源电压，即r1处断路或r2处短路；（3）清除故障后，将滑片p向左滑动时，其电阻减小，整个电路的电流增大，电压表示数将增大；由图丙知：u=2v，i=0.2a，所以r=10；这个结果不可靠，应多次测量求平均值，以减小实验的误差故答案为：（1）电路如图所示（2）r1处断路r2处短路（3）增大；10；不可靠；没有多次测量求平均值【点评】本题的难点较多，一是电流表量程的选取，二是故障原因的判断，需要学生在平时的学习中积累方法与技巧24如图所示的电路，电源电压为6v且保持不变，滑动变阻器r标有“50，2a”字样（l）将滑片p移到最右端，闭合s1，断开s2，求电流表的示数i1（2）保持滑片p在最右端，闭合s1、s2，电流表示数i=5i1，求r2的阻值（3）将滑片p移至某一位置，闭合s1、s2，电流表示数为0.68a，求此时滑动变阻器接入电路的阻值【考点】欧姆定律的应用【专题】压轴题；欧姆定律【分析】（1）当滑片在最右端，闭合s1，断开s2时，只有滑动变阻器接入电路，并且滑动变阻器接入电路电阻最大已知电源电压和电路电阻，利用公式i=得到通过的电流；（2）当滑片p在最右端，闭合s1、s2时，滑动变阻器接入电路电阻最大并且与定值电阻r2并联；已知干路电流与通过滑动变阻器的电流关系，可以得到通过定值电阻r2的电流；已知电压和电流，利用公式r=得到定值电阻r2的阻值；（3）已知干路电流和通过定值电阻的电流，可以得到通过滑动变阻器的电流；已知电压和电流，利用公式r=得到滑动变阻器接入电路的阻值【解答】已知：u=6v r1=50 i=5i1 i=0.68a求：（1）i1=？（2）r2=？（3）r1=？解：（1）电流表的示数为i1=0.12a；（2）i=i1+i2通过定值电阻的电流为i2=5i1i1=4i1=40.12a=0.48a，i=，定值电阻r2的阻值为r2=12.5；（3）通过滑动变阻器的电流为i1=ii2=0.68a0.48a=0.2a滑动变阻器接入电路的电阻为r1=30答：（1）电流表的示数为0.12a；（2）定值电阻r2的阻值为12.5；（3）滑动变阻器接入电路的电阻为30【点评】此题考查的是并联电路的电流、电压特点和欧姆定律的应用，掌握基本规律，根据需要灵活变形是解决此题的关键四、综合题：（25题6分，26题8分，27题9分，28题5