【优化方案】高考物理新一轮复习 课后达标检测22 电路 闭合电路的欧姆定律（含解析）(1).doc

课后达标检测22电路闭合电路的欧姆定律一、单项选择题1(2014湖北七市联考)有一个电动势为3 v、内阻为1 的电源下列电阻与其连接后，使电阻的功率大于2 w，且使该电源的效率大于50%的是()a0.5 b1 c1.5 d2 2(2014安徽合肥模拟)如图所示的电路中，电压表都看做理想电表，电源内阻为r，闭合开关s，当把滑动变阻器r3的滑片p向b端移动时()a电压表v1的示数变大，电压表v2的示数变小b电压表v1的示数变小，电压表v2的示数变大c电压表v1的示数变化量大于v2的示数变化量d电压表v1的示数变化量小于v2的示数变化量3.(2014宁夏银川一中模拟)在某控制电路中，需要连成如图所示的电路，主要由电动势e、内阻为r的电源与定值电阻r1、r2及电位器(滑动变阻器)r连接而成，l1、l2是红、绿两个指示灯，当电位器的触头由弧形碳膜的中点逆时针滑向a端时，下列说法中正确的是()al1、l2两个指示灯都变亮bl1、l2两个指示灯都变暗cl1变亮，l2变暗dl1变暗，l2变亮4.如图所示电路中，闭合电键s，当滑动变阻器的滑动触头p从最高端向下滑动时，()a电压表v读数先变大后变小，电流表a读数变大b电压表v读数先变小后变大，电流表a读数变小c电压表v读数先变大后变小，电流表a读数先变小后变大d电压表v读数先变小后变大，电流表a读数先变大后变小5.(2014云南部分名校统考)如图为一玩具起重机的电路示意图电源电动势为6 v，内电阻为0.5 ，电阻r2.5 ，当电动机以0.5 m/s的速度匀速向上提升一质量为320 g的物体时(不计一切摩擦阻力，g10 m/s2)，标有“3 v,0.6 w”的灯泡正好正常发光则电动机的内阻为()a1.25 b3.75 c5.625 d1 6.如图所示，直线a为电源a的路端电压与电流的关系图象；直线b为电源b的路端电压与电流的关系图象；直线c为一个电阻r的两端电压与电流的关系图象如果将这个电阻r分别接到a、b两电源上，那么有()ar接到a电源上，电源的效率较高br接到b电源上，电源的输出功率较大cr接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低dr接到b电源上，电阻的发热功率和电源的效率都较高二、多项选择题7(2014河南五市联考)用如图所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出如图所示的ui图线，由图可知()a电池电动势的测量值为1.40 vb电池内阻的测量值为3.50 c外电路发生短路时的电流为0.40 ad电压表的示数为1.20 v时，电流表的示数i0.20 a8.(2014广东佛山质检)在如图所示的电路中，开关闭合后，灯泡l能正常发光当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是()a滑动变阻器r的阻值变小b灯泡l变暗c电源消耗的功率增大d电容器c的电荷量增大9.(2014内蒙古包钢一中适应考)如图所示电路中，r为一滑动变阻器，p为滑片，若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，下列判断正确的是()a电源内电路消耗功率一定逐渐增大b灯泡l2一定逐渐变暗c电源效率一定逐渐减小dr上消耗功率一定逐渐变小10.(2014湖南怀化联考)压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学设计了利用压敏电阻判断升降机运动状态的装置，其工作原理如图所示，将压敏电阻固定在升降机底板上，其上放置一个物块，在升降机运动过程的某一段时间内，发现电流表的示数i不变，且i大于升降机静止时电流表的示数i0，在这段时间内()a升降机可能匀速上升b升降机一定在匀减速上升c升降机一定处于失重状态d通过压敏电阻的电流一定比升降机静止时小三、非选择题11(原创题)如图所示，r1、r2为定值电阻，r3为滑动变阻器.3个电阻采用如图甲方式接在e8 v、内阻不计的电源上现利用电压传感器(相当于电压表)和电流传感器(相当于电流表)研究r3上的电压与电流变化关系，任意滑动r3上的滑片，通过数据采集器将电压与电流信号输入计算机后，在屏幕上得到的ui图象为如图乙所示的一条直线(实线部分)试求：(1)r1的阻值(2)r2的阻值(3)r3的最大阻值12如图甲所示为一个电灯两端的电压与通过它的电流变化关系曲线由图可知，两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化参考这条曲线回答下列问题(不计电流表和电池的内阻)(1)若把三个这样的电灯串联后，接到电动势为12 v的电源上，求流过电灯的电流和每个电灯的电阻；(2)如图乙所示，将两个这样的电灯并联后再与9 的定值电阻r0串联，接在电动势为8 v、内阻为1 的电源上，求通过电流表的电流值以及每个电灯的实际功率课后达标检测221解析选c.由闭合电路欧姆定律得i，100%50%，pi2r2 w，即2r2 w，得r2 ，要使电源的效率大于50%，应使rr1 ，故选项c正确2解析选d.当把滑动变阻器r3的滑片p向b端移动时，其接入电路中的阻值增大，则r外增大，干路电流减小，可知u外增大，即v1示数增大，因r1两端电压减小，可知并联部分两端电压增大，即v2示数增大，故a、b错误设v1示数为u1，v2示数为u2，干路电流为i，则有u1u2ir1，则u1u2ir1，因i减小，则i0，则u1u2，故c错误、d正确3解析选b.当电位器的触头由弧形碳膜的中点逆时针滑向a端时，电位器接入电路的电阻减小，根据串并联电路特点可知电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得干路电流增大，内阻分担电压增大，路端电压减小，l1灯变暗，通过其电流减小；由u1i1r1及i1iil1可知r1分担电压增大，则l2和r2两端电压减小，l2将因功率减小而变暗，选项b正确4解析选a.设滑动变阻器总电阻为r0，p以上电阻为rx，则变阻器在电路中的阻值r.当rx时，r最大p从最高端向下滑动时，回路总电阻先增大，后减小当p滑向中点时：p滑过中点后，riu，由并联分流iai，新的ia增大，故a正确5解析选a.电动机输出功率p出mgv1.6 w，灯泡中电流il0.2 a，干路电流i1 a，电动机中电流imiil0.8 a，电动机的功率p30.8 wirm1.6 w，计算得rm1.25 ，所以a项正确6解析选c.由图象知：接a时，50%，接b时，50%，(图中虚线长与底边的比值为效率，)a错在ui图象中，面积表示功率，显然接a时功率大，故b错，c对接b时，电阻的热功率小，d错7解析选ad.由闭合电路欧姆定律ueir知当i0时，ue，故a正确ui直线的斜率表示电源的内阻，则r 1 ，b错误u轴的电压刻度不是从零开始的，ui图线的横截距不再表示u0时的短路电流，而是表示路端电压为1.00 v时的干路电流是0.4 a，c错误因为r常数，从图中易知，所以i0.20 a，故d正确8解析选bd.当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器r的阻值变大，灯泡l变暗，选项a错误、b正确；电路中的总电流减小，电源消耗的功率减小，路端电压增大，电容器c的电荷量增大，选项c错误d正确9解析选abc.滑动变阻器滑片p向下滑动，rr并r外，由闭合电路欧姆定律i推得i，由电源内电路消耗功率p内i2r可得p内，a正确u外eir，u1(iil1)r1，ul2u外u1，pl2，故灯泡l2变暗，b正确电源效率，故c正确r上消耗的功率pr，pr增大还是减小不确定，故d错10解析选cd.发现电流表的示数i不变，且i大于升降机静止时电流表的示数i0，在这段时间内，r所在支路两端电压增大，即路端电压增大，则干路电流减小，故压敏电阻中电流减小，压敏电阻的阻值增大，通过压敏电阻的电流一定比电梯静止时小，说明升降机的加速度向下，处于失重状态，选项a、b错误，c、d正确11解析(1)电压为0的时候电流为2 a，此时r3阻值为零 有i，解得r14 .(2)根据图线推论：若r3无限制变化，电压6 v的时候电流为0，此时r3视为断路有， 解得r212 .(3)设r2和r3并联后的电阻为r23，根据图线和电路图的动态变化判断，r3可获得的最大电压是4 v，此时r3最大，所以 解得r36 .答案见解析12解析(1)把三个这样的电灯串联后，每只电灯得到的实际电压为 v4 v由题图甲可知，每只电灯加上4 v的实际电压时的工作电流均为i0.4 a由此可以求出此时每只电灯的实际电阻r 10 .(2)在题图乙的混联电路中，设每只电灯上的实际电压和实际电流分别为u和i.在这个闭合电路中，e