2020江苏高考理科数学二轮练习：高考热点追踪立体几何含解析.doc

教学资料范本2020江苏高考理科数学二轮练习：高考热点追踪立体几何含解析编 辑：_时 间：_高考热点追踪(四)体积、表面积创新试题两例赏析随着课改的深入、高考考查考生的创新意识已逐年增强、有些试题不仅“立意”新颖、而且在“求解途径、求解方法”上也力求创新以下采用空间几何体体积、表面积两例、加以剖析、以感受其“立意”之新、“求解”之新、从而领略其蕴含的创新意识和探究能力 (20xx苏州模拟)某市为创建国家级旅游城市、市政府决定实施“景观工程”、对现有平顶的民用多层住宅进行“平改坡”计划将平顶房屋改为尖顶、并铺上彩色瓦片现对某幢房屋有如下两种改造方案：方案1：坡顶如图1所示、为侧顶面是等腰三角形的直三棱柱、尖顶屋脊AA1的长度与房屋长度BB1等长、有两个坡面需铺上瓦片方案2：坡顶如图2所示、为由图1消去两端相同的两个三棱锥而得、尖顶屋脊DD1比房屋长度BB1短、有四个坡面需铺上瓦片若房屋长BB12a、宽BC2b、屋脊高为h、试问哪种尖顶铺设的瓦片比较省？说明理由【解】作AEBC, 即AE平面B1BCC1、AE为屋脊的高、故AEh由DBDC、得DEBC、故AB设AD长为x、则DE、所以、SBCDBCDE2bb、SABDSACDx由于面积均为正数、所以只需比较(SABDSACD)2与(SBCD)2的大小事实上：(SABDSACD)2(SBCD)2x2(h2b2)b2(h2x2)x2h2b2h2h2(x2b2)所以分bx、bx、bx三种情况讨论、得结果为：(1)若AD之长小于房屋宽度的一半时、图1尖顶铺设的瓦片较省；(2)若AD之长等于房屋宽度的一半时、两种尖顶铺设的瓦片数相同；(3)若AD之长大于房屋宽度的一半时、图2尖顶铺设的瓦片较省名师点评 近些年来在高考中不仅有直接求多面体、旋转体的面积和体积问题、也有已知面积或体积求某些元素的量或元素间的位置关系问题即使考查空间线面的位置关系问题、也常以几何体为依托因而要熟练掌握多面体与旋转体的概念、性质以及它们的求积公式 (20xx南京、盐城模拟) 如图、正三棱柱ABCA1B1C1的底面边长为4、侧棱长为a、过BC的截面为DBCE为BC的中点且DEA30(1)分别就a3和a1计算截面的面积；(2)记该截面的面积为f(a)、求f(a)的最大值【解】(1)因为DEA30、等边ABC边长为4、所以AE2在RtDAE中、DAAEtanDEA2当a3时、D点在侧棱AA1上、截面为BCD、在RtDAE中、DE4、所以SBCDBCDE448当a1时、D点在AA1延长线上、截面为梯形BCNM、因为AD2、AA11、所以MN是DBC的中位线、 所以S梯形BCNMSDBC86(2)当a2时、 截面与正三棱柱ABCA1B1C1的棱AA1相交于D点、此时截面为BCD、其面积为SBCDBCDE448；当0a2时、截面为梯形BCNM、但是始终有DAAEtanDEA2、由BCDMND、得、所以S梯形BCNMSBCD82a(4a)所以f(a)于是当a2时、该函数的最大值为8名师点评截面问题是立体几何题中的一类比较常见的题型、由于截面的“动态”性、使截得的结果也具有一定的可变性 涉及多面体的截面问题、都要经过先确定截面形状、再解决问题的过程、本例通过改变侧棱长而改变了截面形状；也可以通过确定侧棱长、改变截面与底面所成角而改变截面形状平行问题是高考中热点问题、其中最重要的又是线线平行的判定、因为它是证明线面平行、面面平行的基础、下面举例解析线线平行的判定方法一、利用中位线定理得线线平行题目中给出中点条件时、往往隐含着中位线的信息因素、利用中位线很容易寻求线线平行但不同三角形中的中位线效果也不一样、因此、寻求三角形的中位线也是解题的关键 (20xx南京模拟)如图、在长方体ABCDA1B1C1D1中、底面是菱形、AA1AB、点E、M分别为A1B、C1C的中点、过点A1、B、M三点的平面A1BMN交C1D1于点N求证：EM平面A1B1C1D1【证明】取A1B1的中点F、连结EF、C1F因为E为A1B的中点、所以EF綊BB1 又因为M为CC1中点、所以EF綊C1M 所以四边形EFC1M为平行四边形、所以EMFC1 而EM平面A1B1C1D1、FC1平面A1B1C1D1、所以EM平面A1B1C1D1名师点评线面关系转化为线线关系、体现了转化的思想二、利用比例关系得线线平行对应线段成比例是平面几何中判断直线平行的重要依据、而线面平行的空间问题通过转化可变通为线线平行 已知正方形ABCD的边长是13、平面ABCD外一点P到正方形各顶点的距离都为13、M、N分别是PA、BD上的点且PMMABNND58、如图所示求证：直线MN平面PBC【证明】连结AN并延长交BC于E点、连结PE、则ENNABNND、所以、所以MNPE、而MN平面PBC、PE平面PBC、所以MN平面PBC名师点评利用成比例线段是寻求线线平行的一条行之有效的措施三、利用线面平行性质得线线平行线面平行的性质定理中、包含要素：两线两面 两线两面的关系是：一线在一面内平行于另一面、一线是两面的交线 结论是：两线平行 (20xx南京模拟)在四棱锥PABCD中若平面PAB平面PCDl、问：直线l能否与平面ABCD平行？请说明理由【解】假定直线l平面ABCD、由于l平面PCD、且平面PCD平面ABCDCD、所以lCD同理可得lAB、所以ABCD所以当ABCD时直线l能与平面ABCD平行、否则不平行名师点评线面关系转化为线线关系、体现了重要的数学思想方法：转化的思想、化繁为简、化未知为已知四、利用面面平行性质得线线平行利用面面平行的性质定理、即如果两个平行平面同时和第三个平面相交、那么它们的交线平行符号表示：若、a、b、则ab 如图所示、已知平面平面、A、B、C、D、AC、BD是异面直线、点E、F分别是AC、BD的中点、求证：EF【证明】如图、过点E作直线A1C1BD、设A1C1与平面、分别交于点A1、C1连结AA1、A1B、CC1、C1D因为、平面A1C1DB平面A1B、平面A1C1DB平面C1D、所以A1BC1D、又BDA1C1、所以四边形A1C1DB为平行四边形同理、AA1CC1、又E为AC的中点、所以E为A1C1的中点、又F为BD的中点、所以EFA1B、因为A1B平面、EF平面、所以EF名师点评第三个辅助平面往往要根据需要作出、或观察出、这是面面平行性质使用的需要总之线线平行的判定、不但需要平面几何的知识作基础、更需要解决问题和处理问题的方法、这需要在学习中善于思考、善于总结和积累、由量变到质变、当积累达到一定的程度、就会升华1(20xx徐州、淮安、宿迁、连云港四市模拟)已知圆锥的轴截面是边长为2的正三角形、则该圆锥的体积为_解析 由题意得圆锥的底面半径、高分别为r1、h、故该圆锥的体积为V12答案 2(20xx江苏省高考命题研究专家原创卷(五)九章算术第五章商功记载：今有圆堡瑽、周四丈八尺、高一丈一尺、问积几何？此处圆堡瑽即圆柱体、其意思是：有一个圆柱体的底面周长是4丈8尺、高1丈1尺、问它的体积是多少？若的值取3、估算该圆堡瑽的体积为_立方尺(注：一丈等于十尺)解析 设该圆柱体底面圆的半径为r尺、则由题意得2r48、所以r8、又圆柱体的高为11尺、故该圆堡瑽的体积Vr2h2 112立方尺答案 2 1123(20xx苏北四市高三模拟)已知矩形ABCD的边AB4、BC3、若沿对角线AC折叠、使平面DAC平面BAC、则三棱锥DABC的体积为_解析 在平面DAC内过点D作DEAC、因为平面DAC平面BAC、由面面垂直的性质定理可得DE平面BAC又DE、所以三棱锥DABC的体积为43答案 4(20xx南京模拟)设平面与平面相交于直线m、直线b在平面内、直线c在平面内、且cm、则“cb”是“”的_条件解析 若、又m、c、cm可得c、因为b、所以cb反过来cb不能得到(如bm时、由cm可得cb、但不能判断、的位置关系)答案 必要不充分5如图、正方体ABCD A1B1C1D1中、AB2、点E为AD的中点、点F在CD上、若EF平面AB1C、则线段EF的长度等于_解析 因为EF平面AB1C、EF平面ABCD、平面ABCD平面AB1CAC、所以EFAC、又因为E是AD的中点、所以F是CD的中点、即EF是ACD的中位线、所以EFAC2答案 6(20xx扬州模拟)设l、m是两条不同的直线、是一个平面、有下列三个命题：若l、m、则lm；若l、m、则lm；若l、m、则lm则其中正确命题的序号是_解析 根据线面垂直的性质定理可知正确答案 7(20xx南通高三模拟)已知正三棱柱的各条棱长均为a、圆柱的底面直径和高均为b若它们的体积相等、则a3b3的值为_解析 由题意可得a2a()2b、即a3b3、则答案 8(20xx江苏省高考命题研究专家原创卷(三)如图、若三棱锥A1BCB1的体积为3、则三棱柱ABCA1B1C1的体积为_解析 设三棱柱的底面面积为S、高为h、则VA1ABCSABChShVABCA1B1C1、同理VCA1B1C1VABCA1B1C1、所以VA1BCB1VABCA1B1C1又VA1BCB13、所以三棱柱ABCA1B1C1的体积为9答案 99(20xx南通模拟)如图是一几何体的平面展开图、其中ABCD为正方形、E、F分别为PA、PD的中点在此几何体中、给出下面四个结论：直线BE与CF异面；直线BE与AF异面；直线EF平面PBC；平面BCE平面PAD其中一定正确的有_个解析 如图、易得EFAD、ADBC、所以EFBC、即B、E、F、C四点共面、则错误、正确、正确、不一定正确答案 210(20xx江苏高考专家原创卷)已知正三棱锥PABC的体积为、底面边长为2、D为侧棱PA的中点、则四面体DABC的表面积为_解析 设底面正三角形ABC的中心为O、连结OA、OP、又底面边长为2、可得OA、由VPABCSABCPO、即PO22、得PO、所以PA2SABC、SDABSDAC、SDBC、所以四面体DABC的表面积为2答案 211(20xx江苏省高考命题研究专家原创卷(二)已知三棱锥PABC中、PA、PC2、AC1、平面PAB平面ABC、D是PA的中点、E是PC的中点(1)求证：DE平面ABC；(2)求证：平面BDE平面PAB证明 (1)因为D是PA的中点、E是PC的中点、所以DEAC又DE平面ABC、AC平面ABC、所以DE平面ABC(2)因为PA、PC2、AC1、所以PA2AC2PC2、所以三角形PAC是直角三角形、ACPA又DEAC、所以DEPA过P作PHAB于H因为平面PAB平面ABC、平面PAB平面ABCAB、PH平面PAB、所以PHAC又DEAC、所以DEPH又PAPHP、PA、PH平面PAB、所以DE平面PAB又DE平面BDE、所以平面BDE平面PAB12(20xx南京检测)如图、在正三棱柱ABCA1B1C1中、E、F分别为BB1、AC的中点(1)求证：BF平面A1EC；(2)求证：平面A1EC平面ACC1A1证明 (1)连结AC1交A1C于点O、连结OE、OF、在正三棱柱ABCA1B1C1中、四边形ACC1A1为平行四边形、所以OAOC1又因为F为AC中点、所以OFCC1且OFCC1因为E为BB1中点、所以BECC1且BECC1所以BEOF且BEOF、所以四边形BEOF是平行四边形、所以BFOE又BF平面A1EC、OE平面A1EC、所以BF平面A1EC(2)由(1)知BFOE、因为ABCB、F为AC中点、所以BFAC、所以OEAC又因为AA1底面ABC、而BF底面ABC、所以AA1BF由BFOE、得OEAA1、而AA1、AC平面ACC1A1、且AA1ACA、所以OE平面ACC1A1因为OE平面A1EC、所以平面A1EC平面ACC1A113(20xx江苏高考原创卷)如图、已知AB平面ACD、DEAB、ACD是正三角形、AD4、DE2AB3、且F是CD的中点(1)求证：AF平面BCE；(2)在线段CE上是否存在点H、使DH平面BCE？若存在、求出的值；若不存在、请说明理由解 (1)证明：取CE的中点P、连结FP、BP、因为F为CD的中点、所以FPDE、且FPDE又ABDE、且ABDE、所以ABFP、且ABFP、所以四边形ABPF为平行四边形、所以AFBP因为AF平面BCE、BP平面BCE、所以AF平面BCE(2)在线段CE上存在点H、使DH平面BCE理由如下：在CDE中、过点D作DHCE、交CE于点H、因为ACD为正三角形、所以AFCD因为AB平面ACD、DEAB、所以DE平面ACD、又CD、AF平面ACD、所以DEAF、DECD又CDDED、所以AF平面DCE又BPAF、所以BP平面DCE因为DH平面CDE、所以DHBP又BPCEP、所以DH平面BCE在RtCDE中、CD4、DE3、DHCE、所以CH、HE、14如图所示、在直三棱柱ABCA1B1C1中、ABBB1、AC1平面A1BD、D为AC的中点(1)求证：B1C1平面ABB1A1；(2)在CC1上是否存在一点E、使得BA1E45、若存在、试确定E的位置、并判断平面A1BD与平面BDE是否垂直？若不存在、请说明理由解 (1)证明：因为ABB1B、所以四边形ABB1A1为正方形、所以A1BAB1、又因为AC1平面A1BD、所以AC1A1B、所以A1B平面AB1C1、所以A1BB