四川省遂宁市第二中学2019-2020学年高一物理上学期期中试题（含解析）.doc

四川省遂宁市第二中学2019-2020学年高一物理上学期期中试题（含解析）一、单选题1.研究静止放在水平桌面上的书本对桌面的压力，下列说法正确的是（）a. 书本对桌面的压力就是书本的重力b. 书本对桌面的压力作用在书上c. 书本对桌面的压力是由于书本的形变引起的d. 书本对桌面的压力大于桌面对书本的支持力【答案】c【解析】【详解】a书静止在水平桌面上，书对水平桌面的压力大小等于物体的重力，但压力不是重力，故a错误；bc书对水平桌面的压力是由于书发生向上的微小形变，要恢复原状，对桌面产生向下的弹力，作用在桌面，故b错误，c正确；d书对桌面压力跟桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力，故d错误。2.某同学在爬杆运动中，双手握杆使自己向上匀速运动，到顶端后顺着杆匀速滑下，则该同学先后受到的摩擦力方向是（）a. 向上、向上b. 向上、向下c. 向下、向上d. 向下、向下【答案】a【解析】【详解】同学在爬杆运动的过程中，做匀速运动，处于受力平衡状态，都受到竖直向下的重力g，竖直向上的摩擦力f，由平衡条件得：f=g，因此两种情况下，摩擦力方向都向上，故a正确，bcd错误。3.如图所示，自行车的车轮半径为r，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯由车轮的正上方第一次运动到车轮的正下方时，气门芯位移的大小为（）a. rb. 2rc. rd. 2r【答案】c【解析】【详解】当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，轮子向前运动了半个周长，气门芯的初位置与末位置如上图的直线x，由几何知识得气门芯得位移大小为=r。a. r与上述计算结果不相符，故a不符合题意；b. 2r与上述计算结果不相符，故b不符合题意；c. r与上述计算结果相符，故c符合题意；d. 2r与上述计算结果不相符，故d不符合题意。4.物体在甲、乙两地间往返一次，从甲地到乙地的平均速度是v1，返回时的平均速度是v2，则物体往返一次平均速度的大小和平均速率分别是（）a. 0，b. ，c. 0， d. ，【答案】c【解析】【详解】物体往返一次，位移为零则物体的平均速度的大小为0设a、b两地的距离为l物体从a到b运动的时间为： 从b到a运动的时间为：则物体往返一次的平均速率为： ,故c对，abd错；故选c5.一物体从高处自由下落，经2s落地，则该物体下落1s时，离地高度是（g取10m/s2）（ ）a. 5mb. 10mc. 15md. 18m【答案】c【解析】【分析】自由落体运动做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间公式求出物体在1s时、2s时下落的高度，从而得出离地的高度。【详解】该物体下落1s时离地高度是：，故c正确，abd错误。故选：c。【点睛】本题主要是考查了自由落体运动，解答本题要知道自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，满足匀变速直线运动的计算公式。6.汽车关闭油门后做匀减速直线运动，最后停下来在此过程中，最后三段连续相等的时间间隔内的位移大小之比为（ ）a. 111b. 531c. 941d. 321【答案】b【解析】【详解】根据题意分析，汽车速度匀减速到零，反向看是初速度为零的匀加速：，所以，acd错误，b正确7.一个物体做初速度为零的匀加速运动，该物体通过前一半位移和通过后一半位移所用的时间之比是（）a. b. 2：1c. d. 【答案】c【解析】物体做初速度为零的匀加速运动，根据初速度为零的匀加速直线运动的推论，该物体通过前一半位移和通过后一半位移所用的时间之比是：；故选c点睛：对于初速度为零的匀加速直线运动，通过连续相等的位移所用的时间之比为1：（ -1）：（ ）：（）8.小球以2m/s的初速度从离地高为3m的地方开始做竖直上抛运动，取g10m/s2，则小球在空中运动的时间为（ ）a. 0.4sb. 0.6sc. 0.8sd. 1.0s【答案】d【解析】小球从离地高3m的地方开始做竖直上抛运动，取竖直向上为正方向，小球落地时通过的位移为：x=-3m；根据位移时间关系公式，有：x=v0t-gt2代入数据，有：-3=2t-10t2联立解得：t=1.0s或者t=-s（无意义，舍去），故d正确，abc错误，故选d.点睛：本题运用整体法处理竖直上抛运动，也可以分段研究要注意规定正方向，知道整个位移是负值9.有一长为l的列车，正以恒定的加速度过铁路桥，桥长为2l，现已知列车车头过桥头的速度为v1，车头过桥尾时的速度为v2，那么，车尾过桥尾时的速度为（）a. 3v1-v2b. 3v2-v1c. d. 【答案】c【解析】列车车头过桥头到车头过桥尾有： 车头过桥尾到车尾过桥尾有： 由以上两式可得， 综上所述本题答案是：c 10.如图所示，两个小球用长为1 m的细线连接，用手拿着球，球竖直悬挂，且a、b两球均静止。现由静止释放球，测得两球落地的时间差为0.2 s，不计空气阻力，重力加速度，则球释放时离地面的高度为a. 1.25 mb. 1.80 mc. 3.60 md. 6.25m【答案】b【解析】【详解】设释放时a球离地高度为h，则，求得，。a. 1.25 m与上述计算结果不相符，故a错误；b. 1.80 m与上述计算结果相符，故b正确；c. 3.60 m与上述计算结果不相符，故c错误；d. 6.25m与上述计算结果不相符，故d错误。11.甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向作直线运动，t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标。在描述两车运动的vt图中（如图），直线a、b分别描述了甲乙两车在020秒的运动情况。关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是a. 在010秒内两车逐渐靠近b. 1020秒内两车逐渐远离c. 在515秒内两车的位移相等d. 在t=10秒时两车在公路上相遇【答案】c【解析】【详解】a在010 s内，乙车的速度一直比甲车大，两车应逐渐远离，则a错误；b在1020 s内，甲车的速度一直比乙车大，两车逐渐靠近，则b错误；c在515 s内，两图象与坐标轴的面积相等，则两车的位移相等，则c正确；d在t10 s时两车速度相等，相距最远，则d错误。12.甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的vt图象如图3所示两图象在tt1时相交于p点，p在横轴上的投影为q，opq的面积为s.在t0时刻，乙车在甲车前面，相距为d.已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t，则下面四组t和d的组合可能的是 ()a. tt1，dsb. tt1，dsc. tt1，dsd. tt1，ds【答案】d【解析】【详解】在t1时刻如果甲车没有追上乙车，以后就不可能追上了，故ts2）初始时，甲车在乙车前方s0处。 a. 若s0= s1+ s2，两车不会相遇b. 若 s0 s1，两车相遇2次c. 若 s0= s1，两车相遇1次d. 若 s0=s2，两车相遇1次【答案】abc【解析】【详解】由图可知甲的加速度a1比乙a2大，在达到速度相等的时间t内两车相对位移为。若，速度相等时甲比乙位移多s0，乙车还没有追上，此后甲车比乙车快，不可能追上，故a正确；若，乙车追上甲车时乙车比甲车快，因为甲车加速度大，甲车会再追上乙车，之后乙车不能再追上甲车，故b正确；若，恰好在速度相等时追上、之后不会再相遇，故c正确；若 ，两车速度相等时还没有追上，并且甲车快、更追不上，故d错误。故选abc。16.一质点在连续的6s内作匀加速直线运动，在第一个2s内位移为12m，最后一个2s内位移为36m，则下面说法正确的是( )a. 质点的加速度大小是2 m/s2b. 质点的加速度大小是3 m/s2c. 第2s末的速度大小是12m/sd. 第1s内位移大小是4.5m【答案】bd【解析】【详解】a、b、设第一个2s内的位移为x1，第三个2s内，即最后1个2s内的位移为x3，根据x3-x1=2at2得加速度a=3m/s2，故a错误，b正确；c、第1s末的速度等于第一个2s内的平均速度，则v1=6m/s，则第2s末速度为v=v1+at=6+31m/s=9m/s，故c错误；d、在第1s内反向看为匀减速运动，则，故d正确.故选bd.【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的两个重要推论：1、在连续相等时间内的位移之差是一恒量，即x=at2，2、某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度并能灵活运用17.水平面上有一物体做直线运动，物体的加速度随时间变化的关系如图所示，已知t=0时物体的速度为1m/s，以此时的速度方向为正方向，下列说法中正确的是( )a. 在0-1s内物体做匀加速直线运动b. 1s末的速度为2m/sc. 2s末物体开始反向运动d. 3s末物体离出发点最远【答案】bd【解析】【详解】a.由图可知，01s加速度均匀增加，物体做变加速运动，故a错误；b.加速度图线与时间轴包围的面积表示速度的变化量，则1s内速度变化量为：v=1m/s，由于初速度为v0=1m/s，故1s末的速度为2m/s，故b正确；cd. 03s内速度的变化量：v=-1m/s，则3s末物体的速度为0，所以03s内物体一直沿正向运动，3s末物体离出发点最远，故c错误，d正确。18.物体以速度v匀速通过直线上的a、b两点间需时为t，现在物体由a点静止出发，匀加速(加速度大小为a1)至某一最大速度vm后立即做匀减速运动(加速度大小为a2)至b点停下，历时仍为t，则物体的a. vm可能为2v，与a1、a2的大小有关b. vm只能为2v，无论a1、a2为何值c. a1、a2必须满足=d. a1、a2值必须是一定的【答案】bc【解析】由于物体先做匀加速，后做匀减速，所以通过的路程，所以vm=2v与加速度无关。选项a错误，b正确；匀加速运动的时间和匀减速运动的时间之和t=，而vm=2v，代入得=，选项c正确，d错误；综上本题选bc.19.如图所示，小球沿斜面向上运动，依次经过点到达最高点，已知，小球从到和从到所用的时间都是2s.设小球经时的速度分别为，则下列结论正确的是（）a. b. c. d. 小球从到所用时间为4s【答案】abd【解析】【详解】为过程中的中间时刻的位置，所以m/s，以小球在点时为计时起点，中间时刻即1s时的瞬时速度为m/s，中间时刻即时的瞬时速度为m/s，故小球的加速度大小为m/s2，则有，解得m/s，ab正确；从点到点过程中，有，解得，故m，c错误；根据逆向思维，将小球看成从e点做初速度为零、加速度为m/s2的匀加速直线运动，则有，解得s，d正确20.如图所示，物体自 o点由静止开始做匀加速直线运动，a、b、c、d为其运动轨迹上的四点，测得ab2 m， bc3m，且物体通过ab、bc、cd所用的时间均为0.5 s，则下列说法正确的是（ ）a. 物体的加速度为4 m/s2b. cd5 mc. oa之间的距离为1md. oa之间的距离为1.125m【答案】ad【解析】a项：设物体通过ab、bc、cd所用的时间均为t，由匀变速直线运动的规律相邻相等的时间内位移之差为常数，即，得，故a正确；b项：根据，可知，故b错误；c、d项：因某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，所以物体经过b点时的瞬时速度为，再由，可得ob两点间的距离为，所以o与a间的距离，故c错误，d正确。点晴：本题考查匀变速直线运动的规律相邻相等的时间内位移之差为常数，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度等规律。三、实验题21. 某同学在做“小车速度随时间变化规律”的实验，细线一端与小车相连，另一端绕过定滑轮悬挂钩码，通过打点计时器和纸带记录了小车的运动情况。（1）实验中除了电磁打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、一端附有滑轮的长直轨道、细线、钩码、导线及开关外，在下面的器材中，必须使用的有_（填选项代号）a220v、50hz 交流电源b电压可调的直流电源c4-6v、50hz 交流电源d刻度尺e秒表f天平（2）实验过程中，下列操作正确的是_（填选项代号）a将接好纸带的小车停在靠近滑轮一端b将接好纸带的小车停在靠近打点计时器一端c先释放小车，再接通电源d先接通电源，再释放小车（3）下图给出了从0点为计时起点，每5个点取一个计数点的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为计数点，测得：x1=140cm，x2=190cm，x3=238cm，x4=288cm，x5=339cm，x6=387cm（注：以下结果均保留3位有效数字）计数点3处的瞬时速度大小是_m/s小车运动的加速度大小是_m/s2计数点0处的瞬时速度大小是_ m/s【答案】（1）cd ；（2）bd （3）0263 0496 0115【解析】试题分析：（1）使用打点计时器是需要用电压合适的交流电源；处理纸带时需要用刻度尺，由于打点计时器记录了小车运动时间，因此不需要秒表，不需要天平和重锤故选cd（2）将接好纸带的小车停在靠近打点计时器一端，选项a错误，b正确；先接通电源，再释放小车，选项d正确，c错误；（3）每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔t=01s；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1t2x5-x2=3a2t2x6-x3=3a3t2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为：计数点0处的瞬时速度大小是考点：小车速度随时间变化规律【名师点睛】对于纸带的问题，我们要熟悉匀变速直线运动的特点和一些规律，提高应用基本规律解答实验问题的能力。二、解答题22.在一次大气科考活动中，探空气球以8m/s的速度匀速竖直上升，某时刻从气球上脱落一个物体，经16s到达地面，求：物体放脱离气球时气球距离地面的高度。【答案】【解析】试题分析：可将物体的运动过程视为匀变速直线运动，规定向下方向为正，则，根据，解得考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块公式较多，涉及的物理量较多，并且有时候涉及的过程也非常多，所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰，对给出的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题23.a、b两车在同一直线上向右匀速运动，b车在a车前，a车的速度大小为v1=8m/s，b车的速度大小为v2=20m/s，如图所示，当a、b两车相距x0=28m时，b车因前方突发情况紧急刹车（已知刹车过程的运动可视为匀减速直线运动），加速度大小为a=2m/s2，从此时开始计时，求：(1)b停下的时间(2)a车追上b车之前，两者相距的最大距离(3)a车追上b车所用的时间【答案】(1)10s；(2)64m；(3)16s【解析】【详解】（1）设此时间为t1，则t1=v/a=10s；（2）当二者速度相等时有最大距离，设达到速度相等时用时t2，则t2=（v2-v1）/a=6s；x= （v2-v1）t2=36m；那么xmax=x+x0=64m（3）b车停车之前走的位移为xb=v2t1=100m；那么a车走了xa=v1t1=80m；因为xa+x0xb；说明a车在b车停下之后才追上，设需要时间t，由题有：v1t=xb+x0，解得t=16s【点睛】该题属于追及与相遇问题，掌握相遇前两车相距最远的临界条件和相遇的位移关