2012-2013郸城一高高二物理自由练8.doc

2012-2013郸城一高高二物理自由练8 一：选择题1物理学是一门自然科学，它的发展推动着社会和人类文明的进步。下列有关物理学发展过程中的一些史实，说法正确的是 A.亚里士多德认为物体的运动不需要力来维持，伽利略用理想实验证实了这种观点 B.牛顿发现了万有引力定律，并通过实验较为准确地测定了万有引力常量 C.奥斯特发现了电流的磁效应后，法拉第探究了用磁场获取电流的方法，并取得了成功 D.库仑通过扭秤实验发现了库仑定律，并测定了电子的电荷量2如图所示，从水平地面上的A点，以速度v1在竖直平面内抛出一小球，v1与地面成角。小球恰好以v2的速度水平打在墙上的B点，不计空气阻力，则下面说法中正确的是A在A点，仅改变角的大小，小球仍可能水平打在墙上的B点B在A点，以大小等于v2的速度朝墙抛向小球，它也可能水平打在墙上的B点C在B点以大小为v1的速度水平向左抛出小球，则它可能落在地面上的A点D在B点水平向左抛出小球，让它落回地面上的A点，则抛出的速度大小一定等于v23、如图所示，一轻绳绕过无摩擦的两个轻质小定滑轮O1、O2分别与质量均为m的小滑块P和小球Q连接已知直杆两端固定且与两定滑轮在同一竖直平面内，杆与水平面的夹角为，直杆上C点与两定滑轮均在同一高度，设直杆足够长，小球运动过程中不会与其他物体相碰现将小物块从C点由静止释放，在其下滑过程中，下列说法正确的是（ ）A小滑块的动能先增加后减小B小滑块的机械能先增加后减小C小球的动能先增加后减小D小球的机械能先增加后减小4如图所示电路中，电源电压u=31lsinl00t(V)，A、B间接有“220V ，440W”的电暖宝、“220V ，220W”的抽油烟机、交流电压表及保险丝下列说法正确的是( ) A交流电压表的示数为311V B电路要正常工作，保险丝的额定电流不能小于3AC电暖宝发热功率是抽油烟机发热功率的2倍D1min抽油烟机消耗的电能为l32104J5我国“蛟龙号”深潜器经过多次试验，终于在2012年6月24日以7020 m深度创下世界最新纪录（国外最深不超过6500 m）这预示着它可以征服全球998%的海底世界，假设在某次实验时，深潜器内的显示屏上显示出了从水面开始下潜到最后返回水面10 min内全过程的深度曲线（a）和速度图象（b），则下列说法中正确的是( ) A图中h3代表本次最大深度 B全过程中最大加速度是0025m/s2 C潜水员感到超重发生在34 min和68 min的时间段内 D整个潜水器在810 min时间段内机械能守恒6如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1n2=101，接线柱a、b接上一个正弦交变电源，电压随时间变化规律如图乙所示。变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料（电阻随温度升高而减小）制成的传感器，R1为一定值电阻。下列说法中不正确的是（ ）A电压表V的示数为22VB当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数减小C当传感器R2所在处出现火警时，电流表A的示数增大D当传感器R2所在处出现火警时，电阻R1的功率变大7 2005年，美国发射了一个探测器，叫“深度撞击”，它的任务是跟一个彗星相遇，并把携带的将近400千克的重锤发出去撞击彗星，进而研究彗星被撞击之后的结构。把彗星和地球绕太阳的运行进行简化，如图所示，椭圆轨道为彗星的运行轨道，圆轨道为地球的运行轨道。下列说法正确的是A彗星在b点速度大于a点速度B彗星在b、c两点时的速度与地球绕太阳运行的速度大小相等C彗星在a点时加速度值比地球绕太阳运行的加速度值大D彗星在b、c两点时的加速度值比地球绕太阳运行的加速度值8物理关系式不仅反映了物理量之间的数值关系，也确定了单位间的关系。对于单位的分析是帮助我们检验研究结果正确性的一种方法。下面是同学们在研究平行板电容器充电后储存的能量EC与哪些量有关的过程中得出的一些结论，式中C为电容器的电容、U为电容器充电后其两极板间的电压、E为两极板间的电场强度、d为两极板间的距离、S为两极板正对面积、为两极板间所充介质的相对介电常数（没有单位）、k为静电力常量。请你分析下面给出的关于EC的表达式可能正确的是（ ） A B CEC=E2Sd DEC=ESd9、电阻非线性变化的滑动变阻器R2接入图1的电路中，移动滑动变阻器触头改变接入电路中的长度x（x为图中a与触头之间的距离），定值电阻R1两端的电压U1与x间的关系如图2，a、b、c为滑动变阻器上等间距的三个点，当触头从a移到b和从b移到c的这两过程中，下列说法正确的是A. 电流表A示数变化相等B. 电压表V2的示数变化不相等C. 电阻R1的功率变化相等D. 电源的输出功率均不断增大10、电容器是一种重要的元件，常见家用电器中如电视、电脑、空调、电扇等都用到电容器。如图所示，平行板电容器与灯泡串联，接在U=311sin314t(V)的电源上，灯泡发光，现假设在下列操作中灯泡两端的电压均未超过其额定电压。下列说法正确是A若把电介质插入电容器，灯泡一定变亮B若把电容器两极板间距离增大，灯泡一定变亮C若把电容器两极板正对面积减小，灯泡一定变暗D若使交流电频率增大，灯泡变暗11.某位移式传感器的原理示意图如图所示，E为电源，R为电阻，平行金属板A、B和介质P构成电容器，当可移动介质P向左匀速移出的过程中（ ）A电容器的电容变大B电容器的电荷量保持不变CM点的电势比N点的电势低D流过电阻R的电流方向从M到N12、在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，、为理想电流表和电压表。在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中,下列说法中正确的是 Aa点的电势降低 B电压表示数变小 C电流表示数变小 D电容器C所带电荷量增多13、如图所示的电路中，R1、R2是定值电阻，R3是滑动变阻器，电源的内阻不能忽略，电流表A和电压表V均为理想电表闭合开关S，当滑动变阻器的触头P从右端滑至左端的过程，下列说法中正确的是 ( )A电压表V的示数减小 B电流表A的示数减小C电容器C所带的电荷量增加 D电阻R1的电功率增大14有一种电荷控制式喷墨打印机的打印头的结构简图如图所示。其中墨盒可以喷出极小的墨汁微粒，此微粒经过带电室后以一定的初速度垂直射入偏转电场，再经偏转电场后打到纸上，显示出字符。现为了使打在纸上的字迹缩小，下列措施可行的是 A减小墨汁微粒所带的电荷量B减小墨汁微粒的质量C减小墨汁微粒的喷出速度D增大偏转板间的电压15如图所示，粗糙绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与x轴平行，在x轴上的电势与坐标x的关系用图中曲线表示，图中斜线为该曲线过点(0.15,3) 的切线。现有一质量为0.20kg，电荷量为+2.010-8C的滑块P（可视作质点），从x=0.10m处由静止释放，其与水平面的动摩擦因数为0.02.取重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是（）A滑块运动的加速度逐渐减小B滑块运动的速度先减小后增大Cx=0.15m处的场强大小为2.0106N/CD滑块运动的最大速度约为0.1m/s16、如图所示，有一垂直于纸面向外的有界匀强磁场，磁感应强度为B，其边界为一边长为 L的正三角形，A、B、C为三角形的三个顶点.若一质量为m、电荷量为+q的粒子（不计重力），以速度从AB边上的某点P垂直于AB边竖直向上射入磁场，然后能从BC边上某点Q射出.关于P点入射的范围和从Q点射出的范围，下列判断正确的是A. B. C. D. 二：实验17在“探究功与速度变化的关系”的实验中：（1）利用甲图装置，小车在橡皮筋的作用下运动，下列4条纸带中最符合实验要求的是 。ABDC实验次数条数速度m/s速度平方m2/s2111.281.64221.753.06332.104.41442.265.11552.687.18662.968.76（2）某同学对该实验进行了更改，如乙图，把橡皮筋的固定点改为A点，操作如下:a、将打点计时器固定在一块平板上，让纸带的一端夹在小车后端，另一端穿过打点计时器,将平板安装有打点计时器的一端适当垫高，调整高度，直至轻推小车后小车 。b、将橡皮筋固定在小车前端。拉长橡皮筋使小车位于靠近打点计时器处，记下小车位置。接通打点计时器电源，释放小车。c、用2 条、3 条、4 条、5 条、6 条橡皮筋分别代替1 条橡皮筋重做实验。d、在上述实验中打出的5 条纸带中，分别找出小车开始近似做匀速运动的点，并分别测出匀速运动时的速度v1 、v2 、v3 、v4 、v5 、v6 。相关数据见下表请把操作步骤a补充完整。用W0表示一条橡皮筋做的功，请在坐标纸上画W v2图象。根据你画的W v2图象，你认为该同学第 次实验操作出现了问题，问题在于该次实验时小车释放的位置距离较 （填“远”或“近”）18、（）某同学先后用两种方式测量一个电阻的阻值。他先用多用电表的欧姆挡“1”挡测量，在正确操作的情况下，表盘指针如图甲所示，可读得该待测电阻的阻值Rx= 。他再用如图乙所示的电路图进行实验，某次测量时两个电表的指针如图所示，由两电表示数可算得待测电阻的阻值Rx= （计算结果保留二位有效数字）。根据这两个测量值，可估算出图乙中电流表的内阻约为 。由此可知：采用如图乙的电路测量较小阻值的电阻时，电流表的内阻对测量值的影响 （填“很大”或“很小”）。19、如图所示，真空中有一半径r=0.5m的圆形磁场区域，圆与x轴相切于坐标 原点O,磁场的磁感应强度大小5 = 2x10-3T，方向水平向里，在x1=0.5m-与 X2 =1.0m区域内有一个方向竖直向下的匀强电场，电场强度E=2.0xl03N/C。在x = 2.0m处有竖直放置的一足够大的荧光屏。现将比荷为q/m=1x109C/kg的带负电粒子从0点处射入磁场，不计粒子所受重力。（sin37=0.6，cos37=0.8)(I)若粒子沿y轴正方向射入，恰能从磁场与电场的相切处进入电场，求粒子最后到达 荧光屏上位置的y坐标。(2)若粒子以（I)问中相同速率从0点与y轴成37角射入第二象限，求粒子到达荧 光屏上位置的y坐标。_20从地面发射质量为m的导弹，导弹上的喷气发动机可产生恒定的推力，且可通过改变喷气发动机尾喷管的喷气质量和方向改变发动机推力的大小和方向，导弹起飞时发动机推力大小为Fmg，导弹沿和水平方向成30角的直线斜向右上方匀加速飞行经过时间t后，遥控导弹上的发动机，使推力的方向逆时针旋转60，导弹依然可以沿原方向匀减速直线飞行(不计空气阻力和喷气过程中导弹质量的变化)求：(1)t时刻导弹的速率及位移是多少；(2)旋转方向后导弹还要经过多长时间到达最高点；(3)导弹上升的最大高度是多少？21.如图所示，木板与水平地面间的夹角可以随意改变，当=30时，可视为质点的一小木块恰好能沿着木板匀速下滑。若让该小木块从木板的底端以大小恒定的初速率v0的速度沿木板向上运动，随着的改变，小物块沿木板滑行的距离s将发生变化，重力加速度g。(1) 求小物块与木板间的动摩擦因数；(2) 当角满足什么条件时，小物块沿木板滑行的距离最小，并求出此最小值。22 2012年我们中国有了自己的航空母舰“辽宁号”，航空母舰上舰载机的起飞问题一直备受关注。某学习小组的同学通过查阅资料对舰载机的起飞进行了模拟设计。如图，舰载机总质量为m，发动机额定功率为P，在水平轨道运行阶段所受阻力恒为f。舰载机在A处以额定功率启动，同时开启电磁弹射系统，它能额外给舰载机提供水平向右、大小为F的恒定推力。经历时间t1，舰载机运行至B处，速度达到v1，电磁弹射系统关闭。舰载机继续以额定功率加速运行至C处，经历的时间为t2，速度达到v2。此后，舰载机进入倾斜曲面轨道，在D处离开航母起飞。请根据以上信息求解下列问题。（1）电磁弹射系统关闭的瞬间，舰载机的加速度。（2）水平轨道AC的长度。（3）若不启用电磁弹射系统，舰载机在A处以额定功率启动，经历时间t到达C处，假设速度大小仍为v2，则舰载机的质量应比启用电磁弹射系统时减少多少？（该问AC间距离用x表示。）23如图7所示，一轻绳吊着一根粗细均匀的棒，棒下端离地面高为H，上端套着一个细环棒和环的质量均为m，相互间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力kmg(k1)断开轻绳，棒和环自由下落假设棒足够长，与地面发生碰撞时触地时间极短，无动能损失棒在整个运动过程中始终保持竖直，空气阻力不计求： (1)棒第一次与地面碰撞后弹起上升的过程中，环的加速度(2)从断开轻绳到棒与地面第二次碰撞的瞬间，棒运动的路程s(3)从断开轻绳到棒和环都静止的过程中，摩擦力对环和棒做的总功W高二物理自由练8答案1答案：C解析：亚里士多德认为物体的运动需要力来维持，伽利略用理想实验证实了物体的运动不需要力来维持，选项A错误。牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许通过实验较为准确地测定了万有引力常量，选项B错误。奥斯特发现了电流的磁效应后，法拉第探究了用磁场获取电流的方法，并取得了成功，选项C正确。库仑通过扭秤实验发现了库仑定律，汤姆孙测定了电子的电荷量，选项D错误。2答案：D解析：根据平抛运动规律，在B点水平向左抛出小球，让它落回地面上的A点，则抛出的速度大小一定等于v2，选项D正确。3 AB 4BD 5 AC 6BCD 7C 8C 9A 10AC11答案：D解析：当可移动介质P向左匀速移出的过程中，电容器的电容变小，由C=Q/U可知，电容器的电荷量Q减少，选项AB错误。当可移动介质P向左匀速移出的过程中由M到N的放电电流，流过电阻R的电流方向从M到N，M点的电势比N点的电势高，选项D正确C错误。12A 13答案：ACD解析：闭合开关S，当滑动变阻器的触头P从右端滑至左端的过程，电压表V的示数减小，电流表A的示数增大，电容器C两端电压增大，电容器C所带的电荷量增加，选项AC正确B错误。电阻R1中的电流增大，电阻R1的电功率增大，选项D正确14答案：A解析：为了使打在纸上的字迹缩小，减小墨汁微粒所带的电荷量，可使墨汁微粒在偏转电场中所受的电场力减小，选项A正确15 CD 16答案：C解析：粒子以速度V0从AB边上的某点P垂直于AB边竖直向上射入磁场，其轨迹半径r=mv0/Bq=L,从BC边上某点Q射出PBL,QBL,选项C正确17答案：（1）B（2）做匀速直线运动 如右图 4、近解析：利用甲图装置，小车在橡皮筋的作用下先加速运动，当橡皮筋恢复原长后做匀速运动，对应的纸带上点迹为先点之间距离逐渐增大后距离相等，所以正确选项为B将平板安装有打点计时器的一端适当垫高，目的是平衡摩擦力，调整高度，直至轻推小车后小车做匀速直线运动。由于第4个点偏离直线太远，认为该同学第4次实验操作出现了问题，问题在于该次实验时小车释放的位置距离较近。18、(1)答案：6.0（或6)（2分）；6.7（2分）；0.7（2分）；很大（2分）。解析：根据欧姆表读数规则，该待测电阻的阻值Rx=6.0。电压表示数为2.4V，电流表示数为0.36A，由两电表示数可算得待测电阻的阻值Rx=6.7。根据这两个测量值，可估算出图乙中电流表的内阻约为6.7-6.0=0.7。由此可知：由于待测电阻较小，采用如图乙的电流表内接电路测量较小阻值的电阻时，电流表的内阻对测量值的影响很大。19、解析：（1）根据几何关系：R=r=0.5m，由牛顿第二定律，qvB=m。粒子在磁场中运动过程。y1=r=0.5m。粒子进入电场后做类平抛运动，L=vt，y2=at2，ma=qE，tan=vy/vx=at/v，粒子飞出电场后做匀速直线运动，y3=Ltany= y1+y2+y3代入数据解得：y=1.75m。（2）粒子射出磁场时，速度与x轴平行，粒子将垂直电场线射入电场，如图乙所示。根据几何关系可得：y=y+Rsin37。代入数据解得：y=1.75m+0.50.6m=2.05m。20、解析：（1）刚开始时，导弹受推力和重力作用，两力的合力与水平方向成300角斜向上，设推力F与合力Fh夹角为，如图甲所示由正弦定理得：解得：=300 所以合力：Fh=mg 由牛顿第二定律得导弹的加速度为：t时刻的速度：v=a1t=gt t时刻的位移大小为：S1=gt2(2)推力方向逆时针旋转600，合力的方向与水平3垂直，如图乙所示此时合力大小为：Fh=mgsin300导弹的加速度大小为：导弹到最高点的时间为 导弹的位移为S=a1t2+a2t12=gt2+gt2=gt2导弹上升的最大高度为：hmssin30gt2. 21、解析：（1）当=300，对木块受力分析：mg