中考物理三模试卷（含解析）31.doc

山东省烟台市2016年中考物理三模试卷一、选择题1下列四组物质或物体中属于绝缘体的是（）A水银、油B玻璃、石墨C干木柴、海水D橡胶、陶瓷2某校新建成一个喷水池，在池底的中央安装一只射灯池内无水时，射灯发出的一束光照在池壁上，在S点形成一个亮斑，如图所示现往池内注水，水面升至a位置时，站在池旁的人看到亮斑的位置在P点；如果水面升至b位置时，人看到亮斑的位置在Q点，则（）AP点在S点的下方，Q点在S点的上方BP点在S点的上方，Q点在S点的下方CP点在S点的上方，Q点在S点的上方DP点在S点的下方，Q点在S点的下方3如图所示，水沸腾后会将软木塞冲开，其能量转化情况和四冲程内燃机的哪一个工作冲程相似（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程4在图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键S，当滑动变阻器R1的滑片P向右移动时，总电路和各支路中的电流（I、I1、I2）、电压（U、U1、U2）、电阻（R、R1、R2）中大小不变的量有（）A3个B4个C5个D6个5家用电熨斗为适应不同衣料的熨烫，设计了调整温度的多挡开关 使用时转动旋钮即可使熨斗加热到所需的温度图是电熨斗的电路图旋转多挡开关可以改变1、2、3、4之间的连接情况现将开关置于温度最高挡，这时，1、2、3、4之间的连接是图中的哪一幅（）ABCD6如图所示，把甲乙丙三个小球放入水中，已知V甲=V乙，m乙=m丙，则受到浮力最大的是（）A甲球B乙球C丙球D无法判断7如图所示的电路，提供足够数量的大头针，只通过控制开关和调节滑动变阻器滑片P的位置，无法探究（）A电流的有无对电磁铁磁场有无的影响B电流方向对电磁铁磁场方向的影响C电流大小对电磁铁磁场强弱的影响D线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响8如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S1、S2，两灯都发光，当把开关S2断开时，灯泡L1的亮度及电流表示数的变化情况是（）AL1亮度不变，电流表示数变小BL1亮度不变，电流表示数不变CL1亮度增大，电流表示数不变DL1亮度增大，电流表示数变小9下列现象所属的物态变化连接正确的是（）A水壶中的水沸腾液化B用久了的灯泡钨丝变细升华C冰箱冷冻室内壁上出现冰霜凝固D饮料杯中的冰块体积逐渐变小液化10如图所示的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻在a、b两接线柱间接上一个标有“6V 1W”的灯泡，闭合开关S后，灯泡恰好正常发光；若a、b两接线柱间换上个标有“6V 2W”的灯泡，闭合开关S后，灯泡消耗的电功率（）A大于2WB等于2WC小于2WD不能确定二、填空题11连同载重共为2000牛的气球，在竖直匀速下降，它在空中受到的浮力为1900牛，则它在运动中所受的合力为牛，受到的空气阻力 牛；若要使气球以同样的速度竖直匀速上升，可采用从气球上向外抛出重物的方法，当抛出物体的重为牛时，可实现竖直匀速上升（气球下降和上升时所受空气的浮力和阻力的大小不变）12一位同学家上周末电能表的示数是，本周末示数为，该家庭本周用电kWh若电能表铭牌上标有“3000 r/kWh”，则这周内电能表的转盘转圈13请针对下面的情况举出你所了解的一个实例（1）机械能转化为电能；（2）电能转化为内能；（3）机械能转化为内能；（4）电能转化为化学能14如图所示，把两支完全相同的密度计分别放在甲、乙两种液体中，所受到的浮力为F甲和F乙，则F甲F乙；若它们的液面相平，则两液体对容器底部的压强关系是P甲P乙（填“大于”、“小于”或“等于”）15如图所示，根据通电螺线管的磁感线方向，可判断通电螺线管的左端为极，电源的a端为极，小磁针的b端为极16如图所示的两个模型，其中甲图是机的模型，它是根据制成的，乙图是机的模型，它是根据制成的17用一组相同的瓶子盛上不等量的水就可以组成一个“乐器”，通过敲击瓶子就可以演奏出优美动听的乐曲被敲击的瓶子发出的音符与瓶中空气柱长度的对应关系如图所示（1）由图可知音调的高低与空气柱长度的关系是（2）若向瓶中吹气，音调高低与空气柱长度的关系是18如图所示，是自制水气压计小明把气压计从山脚带到山顶的水平地面上，玻璃管内水柱的高度，水对容器底的压强（填“变小”、“不变”或“变大”）19请在表中填写所列语句涉及到的光学知识序号语句物理知识示例立竿见影光的直线传播1波光粼粼2海市蜃楼3镜花水月4星光闪烁20甲、乙两定值电阻的电流与电压的关系如图所示，若将甲、乙串联接在电压为3V的电源两端，则此时甲两端的电压是，通过甲的电流是；若将甲、乙并联后接在电压为3V的电源两端，通电10分钟电路消耗的电能为三、作图与简答题：（21题3分、22题4分，共7分）21电铃是利用原理工作图甲所示是某同学连接的电铃电路，开关闭合后，电路中始终有电流，但电铃只响一声就不再响了，请在图乙连线，让电铃能正常工作22如图，A、C两图是人站在地面上，B、D两图是人站在与地面绝缘的椅子上，请分别说明图中四种情形中，人是否会触电，如果能触电，请说明电流的方向及加在人体上的电压（输电线电压为220V）四、实验探究题（23、24、25题各4分，26题6分，27题7分，共25分）23如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同（1）比较不同燃料的热值，应选择两图进行实验；比较不同物质的比热容，应选择两图进行实验；（2）酒精的热值为3.0107J/kg，完全燃烧10g酒精放出的热量为J24小红想测出一个实心小木球的密度，但是发现小木球放在水中会漂浮在水面上，无法测出它的体积小红设计了以下实验步骤：（a）把适量的水倒进量筒中如图a所示，记录此时水的体积为V1；（b）用细线在小木球下吊一个小铁块放入水中，静止时如图b所示，记录此时量筒的示数为V2；（c）把小铁块单独放入水中静止时如图c所示，记录此时量筒的示数为V3；（d）从水中取出小木球，用天平测量质量，天平平衡时如图d所示，记录小木球质量为m；（e）利用密度公式计算出结果（1）计算出小木球的密度木=g/cm3，此值比木球密度的真实值要（选填“偏大”或“偏小”）（2）实验后，她总结经验发现使用天平测量小木球质量误差较大，如不用天平，只在a、b、c三个步骤中增加一个步骤也可以测出小木球的密度请你写出这个步骤根据你补充的步骤，写出计算小木球密度的表达式（用字母表示，水的密度为水）25为了探究并联电路中干路的电流与支路的电流有什么关系，小明同学选择的实验器材是：3节干电池串联作电源、两个标为2.5V字样的小灯泡、一只电流表、一个开关、导线若干他的实验设想是：首先将实验器材连成如图所示的电路，然后用电流表选择恰当的量程分别测出ABC三点的电流，分析这一次测量中三点电流的数据，就得出干路与支路的电流的关系请你分析说明小明同学这一实验方案中存在哪些的不足，并提出相应的改进意见26学校的实验室中配有各种需要的实验器材在“探究通过导体的电流与电压的关系”实验中，小明同学设计了如图所示的电路（1）如果按照图示的电路进行实验，（选填“能”或“不能”）得到可靠的实验结论，原因是（2）请设计出合理的实验电路并画在虚线框中（3）小明同学按照重新设计好的电路进行实验，得到的实验数据如下表所示，请根据表中数据做出图象，并由图象得到实验结论是实验次数123456电压U/V2.02.22.42.62.83.0电流I/A0.200.220.230.260.290.3027小明在“探究小灯泡的亮度与哪些因素有关”的实验中，所用电源电压恒为3V，小灯泡上标有“2.5V”字样（1）请用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最端（填“左”或“右”）（3）小华进行了4次测量，并将有关数据及现象记录在表格中，在第1次实验中小灯泡不亮，能否判断为电路出现断路，依据是，小灯泡不亮的原因是：（4）分析表格中信息，可知小灯泡的额定功率为实验得出的结论是：物理量次数电压U/V电流I/A实际电功率P/W小灯泡亮度10.50.120.06不亮21.50.200.30偏亮32.50.30正常42.80.320.90更亮五、应用创新题（28题10分，29题8分，共18分）28（10分）（2016烟台三模）为锻炼身体，小明利用所学物理知识设计了一个电子拉力计，图甲是原理图，硬质弹簧右端和金属滑片P固定在一起（弹簧的电阻不计，P与R1间的摩擦不计）定值电阻R0=5，a、b是一根长为5cm的均匀电阻丝，阻值Rab=25，电源电压U=3.0V，电流表的量程为00.6A，当不拉拉环时，金属滑片P刚好处于a端已知该弹簧伸长的长度L与所受拉力F间的关系如图乙所示（1）小明在电路中连入R0的目的是什么？（2）小明将电流表的表盘改为拉力计的表盘，当不拉拉环时，拉力计表盘上的零刻度应标在电流表表盘何处？（3）已知该弹簧伸长的长度L与所受拉力F间的关系如图乙所示通过计算说明开关S闭合后，当电流表指针指在0.3A处，作用在拉环上水平向右的拉力为多大？（4）通过计算说明，电流表表盘的0.6A处应标多少牛？（5）改装后电流表的表盘刻度有什么特点？29如图所示，简易太阳能热水器受光面积1.2m2，内装80kg水，太阳每分钟辐射到1m2面积上的热量是7.56104J，如果60%的热量被水吸收，问：（1）太阳能热水器内壁为什么涂成黑色？（2）20的水晒3h后水温能达多少摄氏度？（3）煤气的热值是4.2107J/kg，若煤气灶的效率为40%，现改成煤气灶加热水，要达到（2）中相同的效果，需燃烧多少千克煤气？（4）写出太阳能热水器的一个优点，一个缺点2016年山东省烟台市中考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题1下列四组物质或物体中属于绝缘体的是（）A水银、油B玻璃、石墨C干木柴、海水D橡胶、陶瓷【考点】绝缘体【分析】容易导电的物体叫导体，如：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等；不容易导电的物体叫绝缘体，常见的绝缘体包括：玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等【解答】解：A、水银容易导电，是导体，油不容易导电，是绝缘体，不合题意；B、玻璃不容易导电，是绝缘体，石墨容易导电，是导体，不合题意；C、干木柴不容易导电，是绝缘体，海水容易导电，是导体，不合题意；D、橡胶和陶瓷都不容易导电，是很好的绝缘体，符合题意故选D【点评】对生活中的常见导体和绝缘体要认识，此题属于基础知识2某校新建成一个喷水池，在池底的中央安装一只射灯池内无水时，射灯发出的一束光照在池壁上，在S点形成一个亮斑，如图所示现往池内注水，水面升至a位置时，站在池旁的人看到亮斑的位置在P点；如果水面升至b位置时，人看到亮斑的位置在Q点，则（）AP点在S点的下方，Q点在S点的上方BP点在S点的上方，Q点在S点的下方CP点在S点的上方，Q点在S点的上方DP点在S点的下方，Q点在S点的下方【考点】作光的折射光路图【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，从一种介质进入另一介质时，光的传播方向发生改变，产生折射现象；（2）水面升至a位置时，光从水斜射入空气中时，入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角大于入射角，确定折射光线的方向；（3）水面上升至b位置时，光线先在水池侧壁发生反射，反射角等于入射角，反射光线再从水中斜射入空气里发生折射，折射角大于入射角【解答】解：（1）往池内注水，水面升至a位置时，发生折射，根据折射定律，P点如下图所示：（2）水面上升至b位置时，光线先在水池壁反射，再折射出水面，根据反射定律和折射定律，Q点如下图所示：通过画图可知：P点在S点的下方，Q点在S点的上方故选A【点评】本题重点考查的是作反射光线和折射光线，理解并掌握光的反射定律和折射定律是解决此题的关键此题通过作图说明，学生一目了然，效果更好3如图所示，水沸腾后会将软木塞冲开，其能量转化情况和四冲程内燃机的哪一个工作冲程相似（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程【考点】做功改变物体内能【分析】要解答本题需掌握：做功改变物体的内能，以及内燃机做功冲程的特点【解答】解：如图所示，在试管中装些水，用软木塞塞住，加热使水沸腾，水蒸气会把软木塞冲开，是内能转化为机械能；内燃机的四个冲程中，做功冲程是将内能转化为机械能的过程，因此相当于汽油机的做功冲程故选C【点评】本题主要考查学生对：改变内能的方法，以及内燃机做功冲程的特点的理解和掌握4在图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键S，当滑动变阻器R1的滑片P向右移动时，总电路和各支路中的电流（I、I1、I2）、电压（U、U1、U2）、电阻（R、R1、R2）中大小不变的量有（）A3个B4个C5个D6个【考点】电路的动态分析【分析】根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器并联，并联电路两端电压相等，各支路互不影响【解答】解：因为电源电压不变，而并联电路两端电压等于电源电压，因此U=U1=U2，与滑片移动无关；因为并联电路中各支路互不影响，而R2为定值电阻，因此通过R2的电流不变；当滑动变阻器R1的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故通过滑动变阻器的电流变小，由于干路电流等于各支路电流之和，因此干路电流变大；故不变的物理量有U、U1、U2、I2、R2故选C【点评】本题考查并联电路的特点和欧姆定律的应用，属于基础题5家用电熨斗为适应不同衣料的熨烫，设计了调整温度的多挡开关 使用时转动旋钮即可使熨斗加热到所需的温度图是电熨斗的电路图旋转多挡开关可以改变1、2、3、4之间的连接情况现将开关置于温度最高挡，这时，1、2、3、4之间的连接是图中的哪一幅（）ABCD【考点】串、并联电路的设计；电阻的并联；电功率的计算【分析】接“高”档时，电功率应是最大的，根据P=可知电压不变时，应当连接后电阻是最小的【解答】解：由电功率的公式P=可知，在电压不变，电阻最小时，电功率是最大的；故接“高”档时，两根电热丝是并联关系故选A【点评】在本题中电热丝连入电路有三种方式：只接一根是中档，两根串联是低档，两根并联时是高档，一根也不接时是关的位置要接高档，应使两根电热丝并联6如图所示，把甲乙丙三个小球放入水中，已知V甲=V乙，m乙=m丙，则受到浮力最大的是（）A甲球B乙球C丙球D无法判断【考点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用【分析】在液体密度一定时，物体受到的浮力与排开液体的体积成正比；悬浮的物体，受到的浮力等于重力；下沉的物体，受到的浮力小于重力【解答】解：已知V甲=V乙，甲漂浮在水中，乙悬浮在水中，乙排开水的体积更大，由F浮=液gV排知，乙受到的浮力更大；已知m乙=m丙，所以G乙=G丙，乙悬浮在水中，说明乙受到的浮力等于重力；丙在水中下沉，说明丙受到的浮力小于重力，所以乙受到的浮力较大综合比较知，乙在水中受到的浮力最大故选B【点评】此题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件的综合应用，属于基本规律的考查明确物体静止时所在的位置，确定V排和V的关系，是解决浮力问题的基础7如图所示的电路，提供足够数量的大头针，只通过控制开关和调节滑动变阻器滑片P的位置，无法探究（）A电流的有无对电磁铁磁场有无的影响B电流方向对电磁铁磁场方向的影响C电流大小对电磁铁磁场强弱的影响D线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素【分析】电磁铁的特点：磁性的有无由通断电控制；磁性的强弱由电流大小和线圈匝数控制；磁场方向由电流方向控制【解答】解：A、闭合开关，电路中有电流通过，大头针被吸引，说明电磁铁有磁性；断开开关，电路中无电流，大头针没有被吸引，说明电磁铁没有磁性，故可完成A的探究；B、只通过控制开关和调节滑动变阻器滑片P的位置，无法改变电流的方向，且磁场方向不便于判断；所以，无法探究电流方向对电磁铁磁场方向的影响，故不能完成B的探究；C、闭合开关，调节滑动变阻器滑片，电路电流改变，大头针被吸起的数目发生改变，说明电磁铁磁场强弱与电流大小有关，故可完成C的探究；D、两个线圈串联，通过的电流相等，但吸起大头针的数目不同，说明电磁铁磁场强弱与线圈匝数有关，故可完成D的探究故选：B【点评】此题考查的是我们对电磁铁磁性强弱因素及探究过程的掌握和应用，要重点掌握控制变量法和转换法在实验中的应用8如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S1、S2，两灯都发光，当把开关S2断开时，灯泡L1的亮度及电流表示数的变化情况是（）AL1亮度不变，电流表示数变小BL1亮度不变，电流表示数不变CL1亮度增大，电流表示数不变DL1亮度增大，电流表示数变小【考点】电路的动态分析【分析】首先进行电路分析，得出两种情况下的两灯的连接方式，然后由电阻的变化得出灯亮度的变化及电流表示数的变化【解答】解：两开关均闭合时，两灯并联电源两端，电压均为电源电压，断开S2后，只有L1接入电路，L1两端电压仍为电源电压故亮度不变电流表由测两灯泡的电流之和变成只测L1中的电流，故电流减小故选A【点评】本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、利用好并联电路中各支路独立工作、互不影响是解决本题的关键9下列现象所属的物态变化连接正确的是（）A水壶中的水沸腾液化B用久了的灯泡钨丝变细升华C冰箱冷冻室内壁上出现冰霜凝固D饮料杯中的冰块体积逐渐变小液化【考点】生活中的升华现象；凝固与凝固放热特点；液化及液化现象【分析】解决此题的关键是知道物态变化的名称，物质从固态变为液态的过程是熔化，物质从液态变成气态称为汽化，物质从气态直接变成固态称为凝华，物质直接从固态变成气态的现象称为升华【解答】解：A、水沸腾是汽化现象，选项错误，不符合题意；B、钨丝变细发生的是升华现象，选项正确，符合题意；C、霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的，选项错误，不符合题意；D、冰块变成水发生的是熔化现象，选项错误，不符合题意；故选B【点评】解决此类问题的关键是知道物质状态及相互转化的物态变化名称10如图所示的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻在a、b两接线柱间接上一个标有“6V 1W”的灯泡，闭合开关S后，灯泡恰好正常发光；若a、b两接线柱间换上个标有“6V 2W”的灯泡，闭合开关S后，灯泡消耗的电功率（）A大于2WB等于2WC小于2WD不能确定【考点】电功率的计算【分析】灯泡的实际功率是由灯泡两端的实际电压决定的，根据公式R=可知两灯泡电阻的大小；根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据串联电路电阻的分压特点可知灯泡两端电压的变化，进而得出答案【解答】解：P=，由R=可知，当电压相同时，电功率越大，电阻越小；所以“6V 2W”的灯泡电阻比“6V 1W”灯泡电阻小；把“6V 2W”灯泡接入电路后，灯泡电阻变小，定值电阻阻值不变，灯泡分压变小，灯泡两端的电压小于6V，灯泡两端电压小于其额定电压，灯泡的实际功率小于额定功率2W故选C【点评】本题可以和我们常见的滑动变阻器与定值电阻串联的题型归为一类：滑动变阻器与定值电阻串联，当滑动变阻器改变电阻时，分析电路中电流的变化情况、定值电阻和滑动变阻器两端电压变化情况本题中虽然没有滑动变阻器，但在电路中先后串联阻值不同的灯泡，其实就相当于滑动变阻器通过解答本题我们要有所收获：在额定电压相同的情况下，电功率与电阻成反比；串联电阻的分压能力与电阻的阻值大小有关，阻值大的电阻分压能力强掌握了这两点，就可以帮助我们获得新的解题思路，就可以使问题变得简单化二、填空题11连同载重共为2000牛的气球，在竖直匀速下降，它在空中受到的浮力为1900牛，则它在运动中所受的合力为0牛，受到的空气阻力100 牛；若要使气球以同样的速度竖直匀速上升，可采用从气球上向外抛出重物的方法，当抛出物体的重为200牛时，可实现竖直匀速上升（气球下降和上升时所受空气的浮力和阻力的大小不变）【考点】力的合成与应用【分析】当物体匀速运动时，物体处于平衡状态，此时物体所受到的合外力为0；气球向下运动时，所受到的阻力方向向上，当气球向上运动时，所受到的阻力方向向下【解答】解：因气球在空中竖直匀速下降，所以气球处于平衡状态，此时物体所受到的合外力为0，受到的阻力f=GF=2000N1900N=100N；当气球向上运动时，所受到的阻力方向向下，大小等于100N，要使物体匀速上升，则此时的重力G=Ff=1900N100N=1800N，所以需要向外抛出的重物重力为2000N1800N=200N故答案为：0；100；200【点评】解决此类问题要结合力的平衡状态判断方法、力的合成与应用进行分析解答12一位同学家上周末电能表的示数是，本周末示数为，该家庭本周用电15.3kWh若电能表铭牌上标有“3000 r/kWh”，则这周内电能表的转盘转4.59104圈【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】本题抓住测量电能的方法是计数器的示数之差注意最后一位虚线框内的为小数，单位是kWh【解答】解：本周消耗电能为W=W2W1=1341.5kWh1326.2kWh=15.3kWh已知消耗电能15.3kWh，则转数为15.3kWh3000r/kWh=4.59104r答案：（1）15.3；（2）4.59104【点评】本题考查了电能表的读数方法和电功计算13请针对下面的情况举出你所了解的一个实例（1）机械能转化为电能水利发电；（2）电能转化为内能电饭锅；（3）机械能转化为内能钻木取火；（4）电能转化为化学能给手机充电【考点】能量的相互转化【分析】解决此题的关键是知道各种现象的能量储存方式和转化方式逐一结合实际举出实例即可【解答】解：（1）机械能转化为电能：水利发电、风力发电等；（2）电能转化为内能，电饭锅、电暖气等；（3）机械能转化为内能，钻木取火、搓手取暖等；（4）电能转化为化学能，给手机充电，给蓄电池充电等故答案为：（1）水利发电；（2）电饭锅；（3）钻木取火；（4）给手机充电【点评】自然界中的能量都以各种形式的能储存起来，在一定条件下可以相互转化，要注意知识与实际应用的结合14如图所示，把两支完全相同的密度计分别放在甲、乙两种液体中，所受到的浮力为F甲和F乙，则F甲等于F乙；若它们的液面相平，则两液体对容器底部的压强关系是P甲小于P乙（填“大于”、“小于”或“等于”）【考点】物体的浮沉条件及其应用；压强大小比较【分析】（1）密度计的原理：密度计是利用了物体的漂浮条件测量不同液体的密度；（2）液体压强的特点：液体的压强既与液体的密度有关，也与液体的深度有关，在比较液体压强的大小时要使用控制变量法【解答】解：如图所示，把两支完全相同的密度计分别放在甲、乙两种液体中，因为两支密度计都漂浮在液面上，所以密度计所受到的浮力都与密度计重力相等，由于两支密度计完全相同，则重力相等，所以F甲=F乙由图可知甲密度计排开液体的体积较大，由浮力公式G=F浮=液gV排可知甲乙，因为它们的液面相平，由压强公式p=液gh可知：两液体对容器底部的压强关系是p甲p乙故答案为：等于；小于【点评】本题的解题关键是通过密度计的状态判断出两种液体密度大小的关系15如图所示，根据通电螺线管的磁感线方向，可判断通电螺线管的左端为N极，电源的a端为负极，小磁针的b端为N极【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；磁感线及其特点；安培定则【分析】先由磁感线的方向得出通电螺线管的N、S极，再由右手螺旋定则得出电源的极性，最后由磁极间的相互作用规律得出小磁针的N、S极【解答】解：由磁感线的特点：磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，可知通电螺线管的左端为N极，右端为S极，由右手螺旋定则得出电源的左端为负极，右端为正极，故a端为负极，再由磁极间的相互作用规律知，小磁针的左端为S极，右端为N极，故b端为N极故本题答案为：N；负；N【点评】本题考查了磁感线的特点和磁极间的相互作用规律、右手螺旋定则的使用利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法16如图所示的两个模型，其中甲图是电动机的模型，它是根据通电导线在磁场中受力转动制成的，乙图是发电机的模型，它是根据电磁感应现象制成的【考点】直流电动机的构造和工作过程【分析】掌握发电机和电动机最根本的区别是解答本题的关键，电动机是消耗电能的，故装置图中有电源，而发电机是产生电的，故原理图中没有电源【解答】解：在甲图中，当线圈中通电时，线圈在磁场中会受到力的作用而转到，即其是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制的，即是电动机模型原理图；在乙图中没有电源，即磁场中的线圈转动时，即其切割磁感线运动，此时电路中就会产生电流，这就是著名的电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的故答案为：电动；通电导线在磁场中受力的作用；发电；电磁感应现象【点评】本题主要考查学生对：发电机和电动机原理图的区别和联系的了解和掌握，是一道基础题17用一组相同的瓶子盛上不等量的水就可以组成一个“乐器”，通过敲击瓶子就可以演奏出优美动听的乐曲被敲击的瓶子发出的音符与瓶中空气柱长度的对应关系如图所示（1）由图可知音调的高低与空气柱长度的关系是空气柱的长度越短，音调越低（2）若向瓶中吹气，音调高低与空气柱长度的关系是空气柱的长度越短，音调越高【考点】频率及音调的关系【分析】音调是指声音的高低，音调跟频率有关，频率越大，音调越高；频率越小，音调越低【解答】解：（1）敲击瓶子时，水的质量不同振动的快慢不同，即频率不同；质量越大，空气柱的长度越短，则水柱越长，振动越慢，发出的音调越低；质量越小，空气柱的长度越长，则水柱越短，振动越快，发出的音调越高，因此空气柱的长度越短，音调越低；（2）向瓶中吹气时，声音是由于空气柱的振动而发声的，因此空气柱越长，振动越慢，音调越低；空气柱越短，振动越快，音调越高故答案为：（1）空气柱的长度越短，音调越低；（2）空气柱的长度越短，音调越高【点评】解决此类问题要结合声音的传播条件和频率与音调的关系两个方面去考虑，此题的难点在于是空气柱振动发声还是瓶子和水的振动发声，敲击瓶子是瓶子和水柱一起振动，若用嘴吹，则是空气柱振动发声18如图所示，是自制水气压计小明把气压计从山脚带到山顶的水平地面上，玻璃管内水柱的高度变大，水对容器底的压强变大（填“变小”、“不变”或“变大”）【考点】大气压强与高度的关系；液体的压强的特点【分析】（1）把气压计从山脚带到山顶时，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小，因此可从瓶内外的气压差来分析（2）水对容器底的压强大小，主要取决于水位的高低，根据第一空管内水柱的高度，可直接判断出水位高度的变化情况，再由P=gh来分析；【解答】解：（1）把气压计从山脚带到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会增大；（2）当管内水柱高度增大时，水深增加，由P=gh知，当一定时，h越大，P值越大，因此水对容器底的压强变大；故答案为：变大；变大；【点评】此题主要考查的是水气压计，涉及了气压和高度的关系、液体压强的特点等知识，综合性较强19请在表中填写所列语句涉及到的光学知识序号语句物理知识示例立竿见影光的直线传播1波光粼粼光的反射2海市蜃楼光的折射3镜花水月光的反射（平面镜成像）4星光闪烁光的折射【考点】光的反射；光的折射现象及其应用【分析】光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等；光在传播的过程中遇到障碍，就会发生光的反射，平面镜成像的原理就是光的反射，我们能够看到不发光的物体也是由于光的反射【解答】解：阳光下，微风吹拂的河面，波光粼粼，是由于光被水面反射后形成的现象海市蜃楼，是由于光在不均匀的空气中传播方向发生了改变而造成的一种现象，这是由于光的折射造成的镜花水月属于平面镜成像，是由光的反射形成的当繁星发出或反射的光线穿过大气层时，由于大气层的运动，疏密不断变化，大气层对星光折射的折射光线的方向也在不断变化，也就是说星光经过大气层时发生了多次折射，所以当我们仰望天空时会觉得星光闪烁不定故答案见下表：序号语句物理知识示例立竿见影光的直线传播1波光粼粼光的反射2海市蜃楼光的折射3镜花水月光的反射（平面镜成像）4星光闪烁光的折射【点评】此题通过几个词语考查学生对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，解题的关键是理解词语反应的物理情境，在一定程度上考查了学生的语文知识，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象20甲、乙两定值电阻的电流与电压的关系如图所示，若将甲、乙串联接在电压为3V的电源两端，则此时甲两端的电压是1V，通过甲的电流是0.2A；若将甲、乙并联后接在电压为3V的电源两端，通电10分钟电路消耗的电能为1620J【考点】欧姆定律的应用；电功的计算【分析】（1）由图象读出电阻甲、乙上任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出两电阻的阻值，将甲、乙串联接在电压为3V的电源两端时，根据电阻的串联求出电路中的总电阻，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出通过甲的电流，再根据图象得出此时甲两端的电压；（2）根据图象读出当甲、乙两端电压为3V时，通过甲乙的电流，然后根据并联电路电流规律求出干路电流，最后根据W=UIt求出通电10分钟电路消耗的电能【解答】解：（1）由图象可知，当U甲=U乙=U=3V时，I甲=0.6A，I乙=0.3A，由I=可得：R甲=5，R乙=10；将甲和乙串联后接在电压为3.0V的电源两端时，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻：R总=R甲+R乙=5+10=15，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过甲的电流：I=0.2A；由图象可知，当通过甲的电流为0.2A时，甲两端电压为1V；（2）将甲、乙并联后接在电压为3V的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，U甲=U乙=U=3V，由图象可知，I甲=0.6A，I乙=0.3A，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：I=I甲+I乙=0.6A+0.3A=0.9A，通电10分钟电路消耗的电能：W=UIt=3V0.9A1060s=1620J故答案为：1V；0.2A；1620J【点评】本题考查了串并联电路的电阻特点和欧姆定律、电功公式的应用，关键是从图象读出有用的信息三、作图与简答题：（21题3分、22题4分，共7分）21电铃是利用电流的磁效应原理工作图甲所示是某同学连接的电铃电路，开关闭合后，电路中始终有电流，但电铃只响一声就不再响了，请在图乙连线，让电铃能正常工作【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应；实物的电路连接【分析】（1）电流流过导体时，导体周围产生磁场，这种现象是电流的磁效应电磁铁是利用电流的磁效应来工作的；（2）电铃发出声音是受到钉锤的敲击而产生的不能连续发声，是钉锤不会连续敲击造成的从此入手分析即可解决此题【解答】解：当开关闭合后，电路中有电流，由于电流的磁效应，电磁铁有磁性，吸引衔铁，衔铁被吸下的同时，打击铃碗，发出声音此时电路始终接通，电磁铁始终吸引衔铁，衔铁不会回弹，所以钉锤不能在重复打击铃碗如下图，当衔铁被吸下打击铃碗，发出声音的同时，电路断开，电磁铁失去磁性，衔铁回弹，又重新接通电路，电磁铁又有磁性，吸引衔铁，衔铁又被吸下，打击铃碗，发出声音，如此反复，即可连续发声而正常工作故答案为：电流的磁效应；【点评】电铃是利用电流的磁效应制成的，电磁铁对衔铁的吸引力是钉锤敲击铃碗的动力22如图，A、C两图是人站在地面上，B、D两图是人站在与地面绝缘的椅子上，请分别说明图中四种情形中，人是否会触电，如果能触电，请说明电流的方向及加在人体上的电压（输电线电压为220V）【考点】触电危害及常见的触电类型与预防【分析】家庭电路中的触电事故，都是人直接或间接接触火线引起的；触电有两种：当人体的不同部位分别接触火线和零线时，站在地上，身体的某一部位与火线接触，据此分析【解答】答：人体触电，原因是有电流流过，形成通路；人体为导体，一边与火线相接，一边与零线相接或与大地相接，都会形成通路；图A中有电流流过人体，会触电，加在人体的电压为220V，电流由人手向下流入大地；图B中有电流流过人体，会触电，加在人体的电压为220V，电流由一只手流向另一只手；图C中有电流流过人体，会触电，加在人体的电压为220V，电流由人手向下流入大地；图D不会触电【点评】本题考查了火线、零线、地线之间的电压，以及常见触电的两种类型；我们要牢记安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体四、实验探究题（23、24、25题各4分，26题6分，27题7分，共25分）23如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同（1）比较不同燃料的热值，应选择甲、乙两图进行实验；比较不同物质的比热容，应选择甲、丙两图进行实验；（2）酒精的热值为3.0107J/kg，完全燃烧10g酒精放出的热量为3.0105J【考点】燃料的热值【分析】（1）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系；（2）根据Q放=mq计算完全燃烧放出的热量【解答】解：（1）为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验；为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验；（2）完全燃烧10g酒精放出的热量：Q放=mq=10103kg3.0107J/kg=3105J故答案为：（1）甲、乙；甲、丙；（2）3.0105【点评】本题考查了学生对热值概念、比热容概念的了解与掌握，分析时利用好控制变量法是解决本题的关键，考查了放热公式的应用，在代入数据时，注意质量单位的换算24小红想测出一个实心小木球的密度，但是发现小木球放在水中会漂浮在水面上，无法测出它的体积小红设计了以下实验步骤：（a）把适量的水倒进量筒中如图a所示，记录此时水的体积为V1；（b）用细线在小木球下吊一个小铁块放入水中，静止时如图b所示，记录此时量筒的示数为V2；（c）把小铁块单独放入水中静止时如图c所示，记录此时量筒的示数为V3；（d）从水中取出小木球，用天平测量质量，天平平衡时如图d所示，记录小木球质量为m；（e）利用密度公式计算出结果（1）计算出小木球的密度木=0.56g/cm3，此值比木球密度的真实值要偏大（选填“偏大”或“偏小”）（2）实验后，她总结经验发现使用天平测量小木球质量误差较大，如不用天平，只在a、b、c三个步骤中增加一个步骤也可以测出小木球的密度请你写出这个步骤将小木球放入量筒内使其漂浮在水面上，读出量筒示数V4根据你补充的步骤，写出计算小木球密度的表达式木=水（用字母表示，水的密度为水）【考点】固体的密度测量实验【分析】（1）依据天平与量筒的读数要求，得出木球的质量与体积，再利用公式进行计算可得出木球的密度；造成测量误差的环节主要产生在木块质量的测量上，因为吸水后的木球质量将变大；（2）因为木球可以漂浮在水面上，其质量等于所排开水的质量，因此利用水的质量可等效替代木球的质量进行测量和计算【解答】解：（1）木球的质量为10g+1.2g=11.2g，木球的体积为46cm326cm3=20cm3，木球的密度=0.56g/cm3因为木块在浸入水中时会吸水，再测质量时会造成质量偏大，进而造成密度偏大；（2）利用漂浮条件，可用排水质量来替代木球质量，再利用密度公式同样可测出木球的密度需增加的步骤为将小木球放入量筒内使其漂浮在水面上，读出量筒示数V4；木球的质量m木=m排水=（V4V1）水，木球的体积V木=V2V3，代入密度的公式可得：木=水故答案为：（1）0.56；偏大（2）将小木球放入量筒内使其漂浮在水面上，读出量筒示数V4；木=水【点评】（1）第一种方法主要考查了天平量筒的使用与读数，密度公式的计算，以及对实验误差的分析；（2）第二种方法的关键点在于利用漂浮的条件，用排开水的质量替代木块的质量，最终达到测量密度的目的25为了探究并联电路中干路的电流与支路的电流有什么关系，小明同学选择的实验器材是：3节干电池串联作电源、两个标为2.5V字样的小灯泡、一只电流表、一个开关、导线若干他的实验设想是：首先将实验器材连成如图所示的电路，然后用电流表选择恰当的量程分别测出ABC三点的电流，分析这一次测量中三点电流的数据，就得出干路与支路的电流的关系请你分析说明小明同学这一实验方案中存在哪些的不足，并提出相应的改进意见【考点】探究串并联电路中的电流特点实验【分析】知道实验过程中要注意实验器材的选择和使用：包括电源电压与用电器额定电压是否匹配、电压表和电流表量程的选择、电压表和电流表正负接线柱的接法在研究串、并联电路之间的关系时，不能只使用规格相同的灯泡，以免造成误解同时要多测两组【解答】答：该实验方案存在三个不足：电源的电压与灯泡的额定电压不匹配；只选择了一组规格相同的灯泡；只根据一次测量数据得出结论不恰当改进措施：选用2节干电池串联做电源并增加一个滑动变阻器；应选用多组不同的灯泡做实验；应分析多次测量的实验数据得出结论【点评】此题主要是探究并联电路中干路电流与各支路电流之间的关系，在此实验中注意实验器材的选择以及实验的设计26学校的实验室中配有各种需要的实验器材在“探究通过导体的电流与电压的关系”实验中，小明同学设计了如图所示的电路（1）如果按照图示的电路进行实验，不能（选填“能”或“不能”）得到可靠的实验结论，原因是只能测量一组电压和电流值，得出的结论没有说服力（2）请设计出合理的实验电路并画在虚线框中（3）小明同学按照重新设计好的电路进行实验，得到的实验数据如下表所示，请根据表中数据做出图象，并由图象得到实验结论是当导体电阻一定时，通过导体的电流与电压成正比实验次数123456电压U/V2.02.22.42.62.83.0电流I/A0.200.220.230.260.290.30【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】实验中为了探究通过导体的电流与电压的关系，需要多次测量，因此需要补充滑动变阻器，多测几组电压和电流值；根据数据表中电流与电压的关系可得出结论【解答】解：（1）小明的设计只能测量一组电压和电流值，得出的结论没有说服力；可增加滑动变阻器，利用滑动变阻器调节电路中的电压和电流，多测几组数据，结论更具有普遍性；（2