甘肃省静宁县第一中学2018_2019学年高二化学下学期第二次月考试题（实验班含解析）.docx

静宁一中2018-2019学年度第二学期高二第二次月考试题化 学（珍珠斑、实验班）满分：100分 时间：100分钟 一、单选题（每题2分，共40分）1.乙醇的熔沸点比含相同碳原子的烷烃的熔沸点高的主要原因是 （ ）A. 乙醇分子量比含相同碳原子的烷烃的分子量大B. 乙醇分子之间易形成氢键C. 碳原子与氢原子的结合没碳原子与氧原子的结合的程度大D. 乙醇是液体，而乙烷是气体【答案】B【解析】乙醇分子间形成氢键，使熔沸点升高。2.下列物质的类别与所含官能团都正确的是( )A. 酚类 OHB. CH3-O-CH3 醚类 C. 醛类 CHOD. 羧酸类 -CHO【答案】B【解析】A、羟基没有与苯环之间相连，此有机物属于醇，官能团是OH，故A错误；B、O原子与两个碳原子相连，此物质属于醚，官能团是醚键，故B正确；C、此有机物的官能团是酯基，此物质属于酯，官能团是，故C错误；D、此有机物的官能团是羧基，此有机物属于羧酸，官能团是COOH，故D错误。3.下列有机物用系统命名正确的是( )A. CH3CH(C2H5)CH3 2-甲基丁烷B. 2-甲基-1-丙醇C. CH2BrCH2Br 二溴乙烷D. 3-甲基-13-丁二烯【答案】A【解析】【详解】ACH3CH(C2H5)CH3的最长碳链为4，在2号碳上含有1个甲基，正确命名为：2-甲基丁烷，故A正确；B含有羟基的最长碳链为4，在2号碳上含有羟基，正确命名为：2-丁醇，故B错误；CCH2BrCH2Br含有2个溴原子，正确命名为：1，2-二溴乙烷，故C错误；D中甲基在2号位，正确的命名为2-甲基-1,3-丁二烯，故D错误；故答案为A。【点睛】烷烃命名时，应从离支链近的一端开始编号，当两端离支链一样近时，应从支链多的一端开始编号；含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，并表示出官能团的位置，官能团的位次最小。4.在化学上经常使用核磁共振氢谱，它是根据不同化学环境的氢原子在氢核磁共振谱中给出的信号不同来确定有机物分子中的不同氢原子。下列有机物分子在氢核磁共振谱中只给出一种信号的是（ ）A. CH3OCH3B. CH3CH2OHC. HCOOHD. CH3COOCH3【答案】A【解析】A正确，分子结构为对称结构，核磁共振氢谱中只有一种信号；B的核磁共振氢谱中有三种信号；C的核磁共振氢谱中只有二种信号；D的核磁共振氢谱中只有二种信号。5.为某学生将1-氯丙烷和NaOH溶液共热煮沸几分钟后,冷却,滴入AgNO3溶液,结果未见到白色沉 淀生成,其主要原因是 （ ）A. 加热时间太短B. 不应冷却后再滴入AgNO3溶液C. 加AgNO3溶液后未加稀HNO3D. 加AgNO3溶液前未用稀HNO3【答案】D【解析】【详解】检验卤化氢应该在酸性环境中，而卤代烃的水解是在碱性环境中完成的，若直接加AgNO3溶液，Ag+可与过量的OH-反应得到Ag2O沉淀而干扰实验结果，所以加入硝酸银溶液之前要先酸化，故选D。6.下列有机反应中，不属于取代反应的是（ ）A. +Cl2 +HClB. CH2=CH2 + Br2 CH2BrCH2BrC. ClCH2CH2CH3+NaOH HOCH2CH2CH3+NaClD. +HO-NO2+H2O【答案】B【解析】【详解】A，甲苯中氢原子被氯原子取代，该反应属于取代反应，故A错误；BCH2=CH2 + Br2CH2BrCH2Br，该反应为加成反应，故B正确；CClCH2CH2CH3+NaOHHOCH2CH2CH3+NaCl，ClCH2CH2CH3中氯原子被羟基取代，该反应属于取代反应，故C错误；D，苯环上的氢原子被硝基取代，该反应属于取代反应，故D错误；故答案为B。7.下列各物质中既能发生消去反应又能发生催化氧化反应，并且催化氧化的产物为醛的是( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】A不能发生催化氧化，可发生消去反应，故A错误；B能发生催化氧化，但不能发生消去反应，故B错误；C能发生催化氧化、也能发生消去反应，但氧化产物为丙酮，不能发生银镜反应，故C错误；D能发生消去反应，催化氧化可生成醛，能发生银镜反应，故D正确；故选D。【点睛】本题考查有机物的结构和性质。解答本题要注意醇类物质发生消去、催化氧化反应与结构的关系，同时注意催化氧化的产物与结构的关系。8.下列物质在水中最难电离的是（ ）A. HClB. H2CO3C. C2H5OHD. 苯酚【答案】C【解析】【详解】C2H5OH是非电解质，在水溶液中不能发生电离，而HCl是强电解质，H2CO3和苯酚是弱电解质，故在水中最难电离的是乙醇，故答案为C。9.相同物质的量的下列有机物，充分燃烧，消耗氧气的量相同的是A. C3H4和C2H6B. C3H6和C3H8OC. C3H6O2和C3H8OD. C3H8O和C4H8O2【答案】B【解析】试题分析：充分燃烧时1mol碳原子消耗1mol氧气，4mol氢原子消耗1mol氧气，设有机物均为1mol，则：AC3H4消耗氧气的物质的量为（3+）mol=4mol，C2H6消耗氧气的物质的量为（2+）mol=3.5mol，消耗的氧气不同，故A错误；BC3H6消耗氧气的物质的量为（3+）mol=4.5mol，C3H8O消耗氧气的物质的量为（3+-）mol=4.5mol，消耗的氧气相同，故B正确；CC3H6O2消耗氧气的物质的量为（3+-）mol=3.5mol，C3H8O消耗氧气的物质的量为（3+-）mol=4.5mol，消耗的氧气不同，故C错误；DC3H8O消耗氧气的物质的量为（3+-）mol=4.5mol，C4H8O2消耗氧气的物质的量为（4+-）mol=5mol，消耗的氧气不同，故D错误；故选B。【考点定位】考查有机物消耗的氧气的物质的量的计算【名师点晴】明确有机物燃烧的规律得出消耗的氧气与分子中的原子个数的关系是解答的关键，设有机物的物质的量都是1mol，则根据烃CxHy充分燃烧消耗氧气的物质的量为x+，CxHyOz充分燃烧消耗氧气的物质的量为x+-来分析；10.下列卤代烃在KOH醇溶液中加热不反应的是( ) (CH3)3CCHBr2 CHCl2CHBr2 CH3ClA. B. C. D. 全部【答案】A【解析】【详解】有机物发生消去反应发生后将会形成不饱和键，而氯苯中相邻的碳原子是苯环的一部分，若消去再形成双键破坏苯环结构，故不能发生消去反应，故正确；中和氯相连的碳的相邻碳原子上有氢，故能消去，生成对应的烯烃和氯化钾，故错误；(CH3)3CCHBr2中和溴相连碳相邻碳原子上没有氢，故不能消去，故正确；CHCl2CHBr2中和氯或溴相连的碳相邻碳原子上有氢，故能发生消去反应，故错误；中和溴相连的碳的相邻碳原子上有氢，故能发生消去反应，生成对应的烯烃和氯化钾，故错误；一氯甲烷只有一个碳，没有相邻的碳，所以不能发生消去反应。故正确；均不能发生消去反应，故答案为C。【点睛】消去反应是指在一定条件下，有机物脱去小分子生成含有不饱和键的有机物卤代烃的消去反应是在碱的醇溶液中加热，连接-X的碳的相邻碳原子上的一个H和-X一同被脱去，而生成不饱和烃和卤化氢，如邻位碳原子不连接氢原子或为卤苯等，则不发生消去反应。11.分子式为C6H12O2且可以与碳酸氢钠溶液反应的有机化合物(不考虑立体异构)有 ( )A. 6种B. 7种C. 8种D. 9种【答案】C【解析】【详解】可与碳酸氢钠反应的有机化合物中一定含有羧基，分子式为C6H12O2且含有羧基的有机物可以简写为C5H11COOH，其中-C5H11有8种同分异构体：-CH2CH2CH2CH2CH3、-CH(CH3)CH2CH2CH3、-CH(CH2CH3)2、-CHCH(CH3)CH2CH3、-C(CH3)2CH2CH3、-C(CH3)CH(CH3)2、-CH2CH2CH(CH3)2、-CH2C(CH3)3，所以C5H11COOH有8种同分异构体。故合理选项是C。12.下列物质中，既可与新制Cu(OH)2悬浊液共热产生红色沉淀，又可与Na2CO3水溶液反应的是( )A. 甲酸B. 苯甲酸C. 乙二酸D. 乙醛【答案】A【解析】【分析】可与新制Cu(OH)2悬浊液共热产生红色沉淀，含-CHO；又可与Na2CO3水溶液反应，则含-COOH或酚-OH，以此来解答【详解】A. 甲酸HCOOH含-COOH，可与Na2CO3水溶液反应，含有-CHO，能与新制Cu(OH)2悬浊液共热产生红色沉淀，A符合题意；B.苯甲酸含-COOH，可与Na2CO3水溶液反应，但无-CHO，不可与新制Cu(OH)2悬浊液共热产生红色沉淀，不可与Na2CO3水溶液反应，B不符合题意；C.含-COOH，可与Na2CO3水溶液反应，但不能与新制Cu(OH)2悬浊液共热产生红色沉淀，C不符合题意；D.只含-CHO，可与新制Cu(OH)2悬浊液共热产生红色沉淀，不能与Na2CO3水溶液反应，D不符合题意；故合理选项是A。【点睛】本题考查有机物的结构与性质的知识，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重醛、羧酸性质的考查，注意HCOOH的结构及官能团判断。13.某有机物完全燃烧,生成CO2和水。将12g该有机物完全燃烧的产物通过浓硫酸，浓硫酸增重14.4g；再通过碱石灰，碱石灰增重264g，该有机物的分子式为（ ）A. C4H10OB. C2H6OC. C3H8OD. C2H4O【答案】C【解析】【分析】根据浓硫酸和碱石灰增重的质量可计算有机物生成的水和二氧化碳的物质的量，根据C元素、H元素守恒和O元素守恒可计算有机物中C、H、O元素的物质的量，进而计算各元素的物质的量之比，最终可计算有机物的分子式。【详解】浓硫酸增重可知水的质量为14.4g，可计算出n(H2O)=0.8mol，n(H)=1.6mol，m(H)=1.6g；使碱石灰增重26.4g，可知二氧化碳质量为26.4g，n(C)=n(CO2)=0.6mol，m(C)=7.2g，m(C)+m(H)=8.8g，有机物的质量为12g，所以有机物中氧的质量为3.2g，n(O)=0.2mol， n(C)：n(H)：n(O)=0.6mol：1.6mol：0.2mol=3：8：1，即实验式为C3H8O，由于C3H8O中碳原子已经饱和，所以分子式也为C3H8O；故答案为C。14.某醇与足量的金属钠反应，产生的氢气与醇的物质的量之比为11，则该醇可能是 （ ）A. 甲醇B. 乙醇C. 乙二醇D. 丙三醇【答案】C【解析】由于2个羟基，才能产生1分子氢气，所以该醇应该是二元醇，答案选C。15.下列有关化学试验操作或说法，正确的是( )A. 苯酚中滴加少量稀溴水出现三溴苯酚的白色沉淀B. 用无水乙醇和浓硫酸加热到140可制得乙烯气体C. 乙醛发生银镜反应后试管可以用水清洗D. 银氨溶液的配置时，将稀氨水滴入硝酸银溶液，边加边振荡，至白色沉淀恰好消失为止【答案】D【解析】【详解】A苯酚中滴加大量浓溴水才出现三溴苯酚的白色沉淀，少量稀溴水不能产生白色沉淀，故A错误；B用无水乙醇和浓硫酸加热到170可制得乙烯气体，140时生成乙醚，故B错误；C乙醛发生银镜反应后试管内壁的Ag不溶于水，应用先用稀硝酸洗涤，再用水冲洗，故C错误；D银氨溶液的配制方法是将稀氨水滴入硝酸银溶液，边加边振荡，至白色沉淀恰好消失为止，故D正确；故答案为D。16.由2-氯丙烷制取少量的1,2-丙二醇()时，需要经过下列哪几步反应()A. 加成消去取代B. 消去加成水解C. 取代消去加成D. 消去加成消去【答案】B【解析】【分析】由逆推法，CH3CH（OH）CH2OHCH3CHBrCH2BrCH3CH=CH2CH3CHClCH3确定反应类型。【详解】用逆推法判断：CH3CH（OH）CH2OHCH3CHBrCH2BrCH3CH=CH2CH3CHClCH3，则2-氯丙烷应首先发生消去反应生成CH3CH=CH2，CH3CH=CH2与溴发生加成反应生成CH3CHBrCH2Br，CH3CHBrCH2Br发生水解反应可生成1，2-丙二醇，故选B。【点睛】本题考查有机物合成、有机反应类型，解题关键：把握有机物的逆合成法及官能团的性质与转化，理解卤代烃在合成中的作用。17.下列实验事实不能用基团间相互作用解释的是（ ）A. 与钠反应时，乙醇反应速率比水的反应慢B. 苯酚能与氢氧化钠反应而乙醇不能C. 乙醇能使酸性高锰酸钾溶液褪色而乙酸不行D. 苯、甲苯与硝酸发生硝化反应时，甲苯的反应温度更低【答案】C【解析】【详解】A乙醇中羟基上的氢不如水中羟基上的氢活泼，说明烃基对羟基产生影响，故A正确；B苯酚可以看作是苯基和羟基连接，乙醇可以可作是乙基和羟基连接，苯酚能跟NaOH溶液反应而乙醇不能，则说明苯基对羟基有影响，故B正确；C乙醇具有还原性，能被强氧化剂如酸性高锰酸钾溶液氧化，而乙酸不具有还原性，这是官能团的性质，与所连基团无关，故C错误；D甲苯与硝酸反应更容易，说明甲基的影响使苯环上的氢原子变得活泼易被取代，故D正确；故答案为C。18.除去乙酸乙酯中含有的乙酸，最好的处理操作是A. 用过量饱和碳酸钠溶液洗涤后分液B. 水洗后分液C. 蒸馏D. 用过量氢氧化钠溶液洗涤后分液【答案】A【解析】【详解】A.乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸的酸性比碳酸强，能与碳酸钠反应生成二氧化碳而被吸收，然后分液可得到纯净的乙酸乙酯，A正确；B.乙酸易溶于水和乙酸乙酯，加水不能除去乙酸，B错误；C.因酯和酸沸点相近而不易蒸馏分离，且操作麻烦，C错误；D.乙酸乙酯在氢氧化钠溶液中水解，不能用于除杂，D错误；故合理选项是A。19.溴乙烷中含有少量乙醇杂质,下列方法中可以除去该杂质的是（ ）A. 加入浓硫酸并加热到170,使乙醇变成乙烯而逸出B. 加入氢溴酸并加热，使乙醇转化溴乙烷C. 加入金属钠，使乙醇发生反应而除去D. 加水振荡，静置分层后，用分液漏斗分离水层【答案】D【解析】试题分析：乙醇和水互溶，而溴乙烷难溶于水，所以可以利用萃取原理进行分离，加水振荡，静置分层后，用分液漏斗分离去水层，答案选D。考点：考查物质的分离和提纯点评：该题是高考中的常见题型，属于中等难度的试题。该题需要注意的是分离提纯方法的选择思路是根据分离提纯物的性质和状态来定的。具体如下：分离提纯物是固体(从简单到复杂方法) ：加热(灼烧、升华、热分解)，溶解，过滤(洗涤沉淀)，蒸发，结晶(重结晶)；分离提纯物是液体(从简单到复杂方法) ：分液，萃取，蒸馏；分离提纯物是胶体:盐析或渗析；分离提纯物是气体：洗气。20.汉黄芩素是传统中草药黄芩的有效成分之一，对肿瘤细胞的杀伤有独特作用。下列有关汉黄芩素的叙述正确的是（ ）A. 汉黄芩素的分子式为C16H13O5B. 该物质遇 FeCl3 溶液显紫色C. 1mol 该物质与溴水反应，最多消耗5 mol Br2D. 与足量 H2 发生加成反应后，该分子中官能团的种类减少1 种【答案】B【解析】【详解】A.汉黄芩素分子式为C16H12O5，A错误；B.含酚-OH，遇FeCl3溶液显紫色，B正确；C.酚-OH的邻、对位与溴水发生取代反应，碳碳双键与溴水发生加成反应，则1 mol该物质与溴水反应，最多消耗2mol Br2，C错误；D.与足量H2发生加成反应后，该分子中官能团碳碳双键、羰基均减少，D错误；故合理选项是B。二、填空题（共60分）21.已知1-溴丙烷在不同条件下的反应及各物质转化关系如图所示：CH3CH2Br（1）D物质的结构简式为_，试写出反应的化学反应方程式：_。（2）有机物A可以金属钠反应，试写出该反应的化学方程式_。（3）B物质中可能含有的官能团是_。检验该官能团常用以下哪种试剂_A. 浓硫酸 B.NaOH溶液 C.无水硫酸铜 D.新制氢氧化铜悬浊液该反应的原理是_（用化学方程式表示）。【答案】 (1). CH2=CH2 (2). CH3CH2Br + NaOHCH3CH2OH + NaBr (3). 2CH3CH2OH+2Na2CH3CH2ONa + H2 (4). 醛基 (5). D (6). CH3CHO+2Cu(OH)2CH3COOH+Cu2O+2H2O【解析】【分析】溴乙烷在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成D为CH2=CH2，在氢氧化钠水溶液发生水解反应生成A为CH3CH2OH，B为CH3CHO，C为CH3COOH，以此解答该题【详解】溴乙烷在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成D为CH2=CH2，在氢氧化钠水溶液发生水解反应生成A为CH3CH2OH，B为CH3CHO，C为CH3COOH；(1)D为乙烯，其结构简式为CH2=CH2，反应为溴乙烷在NaOH的水溶液中水解生成乙醇，发生反应的化学反应方程式为CH3CH2Br + NaOHCH3CH2OH + NaBr；(2)有机物A为乙醇，与金属钠反应生成氢气和乙醇钠，发生反应的化学方程式为2CH3CH2OH+2Na2CH3CH2ONa + H2；(3)B为CH3CHO，含有的官能团是醛基，利用醛基能与新制的氢氧化铜悬浊液混合加热生成砖红色沉淀来检验醛基的存在，故答案为D；乙醛与与新制的氢氧化铜悬浊液混合加热，发生反应的化学方程式为CH3CHO+2Cu(OH)2CH3COOH+Cu2O+2H2O。【点睛】常见的反应条件与反应类型有：在NaOH的水溶液中发生水解反应，可能是酯的水解反应或卤代烃的水解反应。在NaOH的乙醇溶液中加热，发生卤代烃的消去反应。在浓H2SO4存在的条件下加热，可能发生醇的消去反应、酯化反应、成醚反应或硝化反应等。能与溴水或溴的CCl4溶液反应，可能为烯烃、炔烃的加成反应。能与H2在Ni作用下发生反应，则为烯烃、炔烃、芳香烃、醛的加成反应或还原反应。在O2、Cu(或Ag)、加热(或CuO、加热)条件下，发生醇的氧化反应。与O2或新制的Cu(OH)2悬浊液或银氨溶液反应，则该物质发生的是CHO的氧化反应。(如果连续两次出现O2，则为醇醛羧酸的过程)。在稀H2SO4加热条件下发生酯、低聚糖、多糖等的水解反应。在光照、X2(表示卤素单质)条件下发生烷基上的取代反应；在Fe粉、X2条件下发生苯环上的取代。22.芳香酯类化合物A、B互为同分异构体，均含C、H、O三种元素。相 同状况下A、B蒸汽对氢气的相对密度都是97，分子中C、H原子个数相同，且C、H原子总数 是氧原子数的5倍。已知：各有机物之间存在如下转化关系其中C能发生银镜反应，F经连续氧化可生成C；C与D是相对分子质量相同的不同类有机物。(1)A的结构简式是_。(2)B的分子式是_ 。水杨酸与小苏打反应的化学方程式是_。C与F反应的化学方程式是_，反应类型是_。(3)同时符合下列要求的同分异构体有_种。与A互为同分异构体 可以水解 苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯代物只有1种。【答案】 (1). (2). C10H10O4 (3). +NaHCO3+CO2+H2O (4). HCOOH+CH3OHHCOOCH3+H2O (5). 取代反应 (6). 3【解析】【分析】A、B蒸气对氢气的相对密度是97，则二者相对分子质量为972=194，分子中C、H原子个数相同，且C、H原子总数是氧原子数的5倍，设C原子数为n，则H原子数为n，O原子数为，则12n+n+16=194，解得n=10，故A、B分子式为C10H10O4。A、B水解均得到水杨酸，可知C、D碳原子总数与E、F碳原子总数相等，均为3，F经连续氧化可生成C，说明F为醇，C为酸，C能发生银镜反应，C和D是相对分子质量相同的不同类有机物，则D应为CH3CH2OH，C为HCOOH，故F为CH3OH，E为CH3COOH，由此可知A为，B为，以此解答该题。【详解】根据上述分析可知：A为，B为，C为HCOOH ；D应为CH3CH2OH，E为CH3COOH，F为CH3OH。(1)由上述分析可知，A的结构简式为；(2)B结构简式为，则B的分子式是C10H10O4。水杨酸含有羧基，具有酸的通性，与小苏打反应，而酚羟基不能反应，故水杨酸与NaHCO3反应的化学方程式是+NaHCO3+CO2+H2O；C为HCOOH，F为CH3OH，二者在浓硫酸存在时，在加热条件下发生酯化反应，产生甲酸甲酯和水，反应的化学方程式为：HCOOH+CH3OHHCOOCH3+H2O，该反应为酯化反应，也属于取代反应；(3)同时符合下列条件的同分异构体：与A互为同分异构体；可以水解，含有酯基；苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯代物只有一种，说明两个取代基相同且处于对位，符合条件的同分异构体为：、，故共有3种同分异构体。【点睛】本题考查有机物的合成与推断的知识，注意根据F连续氧化生成C判断物质含有的官能团，结合分子式判断C、D含有含有碳原子数目，再结合二者相对分子质量推断。23.实验室制备1，2二溴乙烷的反应原理如下：CH3CH2OHCH2=CH2+H2OCH2=CH2+Br2BrCH2CH2Br可能存在的主要副反应有：乙醇在浓硫酸的存在下在140脱水生成乙醚。用少量溴和足量的乙醇制备1，2二溴乙烷的装置如图所示：有关数据列表如下：回答下列问题：（1）在此制备实验中，要尽可能迅速地把反应温度提高到170左右，其最主要目的是_；（填正确选项前的字母）a. 引发反应 b. 加快反应速度c. 防止乙醇挥发 d. 减少副产物乙醚生成（2）在装置C中应加入_，其目的是吸收反应中可能生成的酸性气体；（填正确选项前的字母）a 水 b 浓硫酸 c 氢氧化钠溶液 d 饱和碳酸氢钠溶液（3）判断该制备反应已经结束的方法是D装置中_；（4）将1，2二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，溶液分层，产物应在_层（填“上”“下”）；分离该有机物的方法叫_。（5）若产物中有少量乙醚生成，最好用_除去；（填正确选项前的字母）a蒸发 b 蒸馏 c 重结晶 （6）反应过程中应用冷水冷却装置D，其主要目的是_。【答案】 (1). d (2). c (3). 溴的颜色完全褪去 (4). 下 (5). 分液 (6). b (7). 冷却可避免溴的大量挥发【解析】【分析】装置A是乙醇在浓硫酸的存在下在170脱水生成乙烯，浓硫酸的强氧化性、脱水性导致市场的乙烯气体中含有杂质二氧化硫、二氧化碳、水蒸气等杂质，通过装置B中长导管内液面上升或下降调节装置内压强，B为安全瓶，可以防止倒吸，根据E中内外液面高低变化，可以判断是否发生堵塞，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应，装置C是利用氢氧化钠溶液吸收杂质气体，溴在常温下，易挥发，乙烯与溴反应时放热，溴更易挥发，装置D冷却可避免溴的大量挥发，但1，2-二溴乙烷的凝固点9较低，不能过度冷却，否则会使产品凝固而堵塞导管，1，2-二溴乙烷和水不互溶，1，2-二溴乙烷密度比水大，所以加水，振荡后静置，产物应在下层，分离得到产品；(1)乙醇在浓硫酸140的条件下，发生分子内脱水生成乙醚；(2)浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应；(3)乙烯和溴水发生加成反应生成1，2-二溴乙烷，1，2-二溴乙烷为无色；(4)1，2-二溴乙烷和水不互溶，1，2-二溴乙烷密度比水大；(5)1，2-二溴乙烷与乙醚的沸点不同，两者均为有机物，互溶，用蒸馏的方法将它们分离；(6)溴易挥发，冷却防止溴大量挥发；1，2-二溴乙烷的凝固点较低(9)，过度冷却会使其凝固而使气路堵塞。【详解】(1)乙醇在浓硫酸140的条件下，发生分子内脱水生成乙醚，可能迅速地把反应温度提高到170左右，其最主要目的是：减少副产物乙醚生成，选择d；故答案为d；(2)浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应而被吸收，故选c，故答案为c；(3)乙烯和溴水发生加成反应生成1，2-二溴乙烷，1，2-二溴乙烷为无色，D中溴颜色完全褪去说明反应已经结束；(4)1，2-二溴乙烷和水不互溶，1，2-二溴乙烷密度比水大，有机层在下层，分离时用分液漏斗采用分液操作分离；(5)1，2-二溴乙烷与乙醚的沸点不同，两者均为有机物，互溶，用蒸馏的方法将它们分离，故答案为b；(6)溴在常温下，易挥发，乙烯与溴反应时放热，溴更易挥发，冷却可避免溴的大量挥发。24.有机