（江苏专用）2020版高考物理总复习第九章电磁感应第2讲法拉第电磁感应定律自感涡流教案.docx

第2讲法拉第电磁感应定律自感涡流知识排查法拉第电磁感应定律1.感应电动势(1)概念：在电磁感应现象中产生的电动势。(2)产生条件：穿过回路的磁通量发生改变，与电路是否闭合无关。(3)方向判断：感应电动势的方向用楞次定律或右手定则判断。2.法拉第电磁感应定律(1)内容：感应电动势的大小跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比。(2)公式：En，其中n为线圈匝数。(3)感应电流与感应电动势的关系：遵守闭合电路的欧姆定律，即I。3.导体切割磁感线的情形(1)若B、l、v相互垂直，则EBlv。(2)vB时，E0。自感、涡流1.自感现象(1)概念：由于导体本身的电流变化而产生的电磁感应现象称为自感。(2)自感电动势定义：在自感现象中产生的感应电动势叫做自感电动势。表达式：EL。(3)自感系数L相关因素：与线圈的大小、形状、匝数以及是否有铁芯有关。单位：亨利(H)，1 mH103 H，1 H106 H。2.涡流当线圈中的电流发生变化时，在它附近的任何导体中都会产生感应电流，这种电流像水的漩涡所以叫涡流。小题速练1.思考判断(1)0，不一定等于0。()(2)感应电动势E与线圈匝数n有关，所以、的大小均与线圈匝数有关。()(3)线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大。()(4)当导体在匀强磁场中垂直磁场方向运动时(运动方向和导体垂直)，感应电动势为EBLv。()(5)磁场相对于导体棒运动时，导体棒中也可能产生感应电动势。()(6)涡流就是自感。()答案(1)(2)(3)(4)(5)(6)2.人教版选修32P21第4题改编如图1所示，纸面内有一矩形导体闭合线框abcd，ab边长大于bc边长，置于垂直纸面向里、边界为MN的匀强磁场外，线框两次匀速地完全进入磁场，两次速度大小相同，方向均垂直于MN。第一次ab边平行MN进入磁场，线框上产生的热量为Q1，通过线框导体横截面的电荷量为q1；第二次bc边平行MN进入磁场，线框上产生的热量为Q2，通过线框导体横截面的电荷量为q2，则()图1A.Q1Q2，q1q2B.Q1Q2，q1q2C.Q1Q2，q1q2 D.Q1Q2，q1q2解析设线框边长分别为l1、l2，线框中产生的热量QI2Rt()2Rl1。由于lablbc，所以Q1Q2。通过线框导体横截面的电荷量qtt，故q1q2，选项A正确。答案 A法拉第电磁感应定律的理解和应用1.法拉第电磁感应定律的理解(1)感应电动势的大小由线圈的匝数和穿过线圈的磁通量的变化率共同决定，而与磁通量的大小、变化量的大小没有必然联系。(2)En的研究对象是一个回路，En求得的电动势是整个回路的感应电动势。(3)En求的是t时间内的平均感应电动势，在磁通量均匀变化时，瞬时值才等于平均值。(4)磁通量的变化率对应t图线上某点切线的斜率。2.应用法拉第电磁感应定律的三种情况(1)磁通量的变化由面积变化引起时，BS，则En；(2)磁通量的变化由磁场变化引起时，BS，则En；(3)磁通量的变化由面积和磁场变化共同引起时，则根据定义求，末初，Enn。【例1】(2018常州市高三第一次模拟)(多选)如图2所示，半径为2r的弹性螺旋线圈内有垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，磁场区域的半径为r，已知弹性螺旋线圈的电阻为R，线圈与磁场区域共圆心，则以下说法中正确的是()图2A.保持磁场不变，线圈的半径由2r变到3r的过程中，有顺时针方向的电流B.保持磁场不变，线圈的半径由2r变到0.5r的过程中，有逆时针方向的电流C.保持半径不变，使磁场随时间按Bkt变化，线圈中的电流为D.保持半径不变，使磁场随时间按Bkt变化，线圈中的电流为解析保持磁场不变，线圈的半径由2r变到3r的过程中，穿过线圈的磁通量没有变化，没有感应电流，A项错误；保持磁场不变，线圈的半径由2r变到0.5r的过程中，穿过线圈的磁通量减小，有感应电流，根据楞次定律判断感应电流方向为逆时针，B项正确；保持半径不变，磁场随时间按照Bkt变化，根据法拉第电磁感应解得感应电动势为Ekr2，所以根据闭合电路的欧姆定律有I，C项正确，D项错误。答案BC应用电磁感应定律应注意的三个问题(1)公式En求解的是一个回路中某段时间内的平均电动势，在磁通量均匀变化时，瞬时值才等于平均值。(2)利用公式EnS求感应电动势时，S为线圈在磁场范围内的有效面积。(3)通过回路截面的电荷量q仅与n、和回路电阻R有关，与时间长短无关，与是否均匀变化无关。推导如下：qtt。导体切割磁感线产生感应电动势的计算1.导体切割磁感线产生感应电动势常见情况情景图研究对象一段直导线(或等效成直导线)绕一端转动的一段导体棒绕与B垂直的轴转动的导线框表达式EBLvEBL2ENBSsin t2.对平动切割应用注意点(1)常用公式：若运动速度v和磁感线方向垂直，则感应电动势EBLv。其中B、L、v三者两两垂直。(2)有效长度：公式中的L为有效切割长度，即导体在与v垂直的方向上的投影长度。(3)相对性：EBLv中的速度v是相对于磁场的速度，若磁场也运动时，应注意速度间的相对关系。【例2】如图3所示，在水平面内固定着U形光滑金属导轨，轨道间距为50 cm，金属导体棒ab质量为0.1 kg，电阻为0.2 ，横放在导轨上，电阻R的阻值是0.8 (导轨其余部分电阻不计)。现加上竖直向下的磁感应强度为0.2 T的匀强磁场。用水平向右的恒力F0.1 N拉动ab，使其从静止开始运动，则()图3A.导体棒ab开始运动后，电阻R中的电流方向是从P流向MB.导体棒ab运动的最大速度为10 m/sC.导体棒ab开始运动后，a、b两点的电势差逐渐增加到1 V后保持不变D.导体棒ab开始运动后任一时刻，F的功率总等于导体棒ab和电阻R的发热功率之和解析由右手定则可判断电阻R中的感应电流方向是从M流向P，A错误；当金属导体棒受力平衡时，其速度将达到最大值，由FBIL，I可得F，代入数据解得vm10 m/s，B正确；感应电动势的最大值Em1 V，a、b两点的电势差为路端电压，最大值小于1 V，C错误；在达到最大速度以前，F所做的功一部分转化为内能，另一部分转化为导体棒的动能，D错误。答案B【例3】(2016全国卷，20)(多选)法拉第圆盘发电机的示意图如图4所示。铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片P、Q分别与圆盘的边缘和铜轴接触。圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场B中。圆盘旋转时，关于流过电阻R的电流，下列说法正确的是()图4A.若圆盘转动的角速度恒定，则电流大小恒定B.若从上向下看，圆盘顺时针转动，则电流沿a到b的方向流动C.若圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向可能发生变化D.若圆盘转动的角速度变为原来的2倍，则电流在R上的热功率也变为原来的2倍解析将圆盘看成无数辐条组成，它们都在切割磁感线从而产生感应电动势和感应电流，根据右手定则可知圆盘上感应电流从边缘流向中心，则当圆盘顺时针(俯视)转动时，流过电阻的电流方向从a到b，B正确；由法拉第电磁感应定律得感生电动势EBLBL2，I，恒定时，I大小恒定，大小变化时，I大小变化，方向不变，故A正确，C错误；由PI2R知，当变为2倍时，P变为原来的4倍，D错误。答案AB通电自感和断电自感涡流1.自感现象的四大特点(1)自感电动势总是阻碍导体中原电流的变化。(2)通过线圈中的电流不能发生突变，只能缓慢变化。(3)电流稳定时，自感线圈就相当于普通导体。(4)线圈的自感系数越大，自感现象越明显，自感电动势只是延缓了过程的进行，但它不能使过程停止，更不能使过程反向。2.自感中“闪亮”与“不闪亮”问题与线圈串联的灯泡与线圈并联的灯泡电路图通电时电流逐渐增大，灯泡逐渐变亮电流突然增大，然后逐渐减小达到稳定断电时电流逐渐减小，灯泡逐渐变暗，电流方向不变电路中稳态电流为I1、I2：若I2I1，灯泡逐渐变暗；若I2I1，灯泡闪亮后逐渐变暗。两种情况灯泡中电流方向均改变【例4】(2018江苏南通、徐州、扬州、泰州、淮安、宿迁市高三第一次调研)(多选)用电流传感器研究自感现象的电路如图5甲所示，线圈L中未插入铁芯，直流电阻为R。闭合开关S，传感器记录了电路中电流i随时间t变化的关系图象，如图乙所示，t0时刻电路中电流达到稳定值I。下列说法中正确的是()图5A.tt0时刻，线圈中自感电动势最大B.若线圈中插入铁芯，上述过程电路中电流达到稳定值经历的时间大于t0C.若线圈中插入铁芯，上述过程中电路达到稳定时电流值仍为ID.若将线圈匝数加倍，上述过程中电路达到稳定时电流值仍为I解析tt0时刻，线圈中电流稳定，自感现象消失，线圈中没有自感电动势，故A项错误；若线圈中插入铁芯，线圈自感系数增大，自感现象延长，所以若线圈中插入铁芯，上述过程电路中电流达到稳定值经历的时间大于t0，故B项正确；线圈中插入铁芯，但线圈的直流电阻不变，所以稳定时电流不变，故C项正确；若将线圈匝数加倍，线圈直流电阻增大，稳定时电流减小，故D项错误。答案BC【例5】(多选)如图6所示，在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟，杯内的水沸腾起来。若要缩短上述加热时间，下列措施可行的有()图6A.增加线圈的匝数B.提高交流电源的频率C.将金属杯换为瓷杯D.取走线圈中的铁芯解析当电磁铁接通交流电源时，金属杯处在变化的磁场中产生涡电流发热，使水温升高。要缩短加热时间，需增大涡电流，即增大感应电动势或减小电阻。增加线圈匝数、提高交变电流的频率都是为了增大感应电动势。瓷杯不能产生涡电流，取走铁芯会导致磁性减弱。所以选项A、B正确，C、D错误。答案AB分析自感现象的两点注意(1)通过自感线圈中的电流不能发生突变，即通电过程中，电流逐渐变大；断电过程中，电流逐渐变小，此时线圈可等效为“电源”，该“电源”与其他电路元件形成回路。(2)断电自感现象中灯泡是否“闪亮”问题的判断，在于对电流大小的分析，若断电后通过灯泡的电流比原来强，则灯泡先闪亮后再慢慢熄灭。比较思维能力的培养电磁阻尼与电磁驱动的比较电磁阻尼电磁驱动不同点成因由于导体在磁场中运动而产生感应电流，从而使导体受到安培力由于磁场运动引起磁通量的变化而产生感应电流，从而使导体受到安培力效果安培力的方向与导体运动方向相反，阻碍导体运动导体受安培力的方向与导体运动方向相同，推动导体运动能量转化导体克服安培力做功，其他形式的能转化为电能，最终转化为内能由于电磁感应，磁场能转化为电能，通过安培力做功，电能转化为导体的机械能，从而对外做功相同点两者都是电磁感应现象，都遵循楞次定律，都是安培力阻碍引起感应电流的导体与磁场间的相对运动【典例】(2017全国卷，18)扫描隧道显微镜(STM)可用来探测样品表面原子尺度上的形貌。为了有效隔离外界振动对STM的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小振动，如图7所示。无扰动时，按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场；出现扰动后，对于紫铜薄板上下及其左右振动的衰减最有效的方案是()图7解析感应电流产生的条件是闭合回路中的磁通量发生变化。在A图中，系统震动时，紫铜薄板随之上下及左右振动，在磁场中的部分有时多有时少，磁通量发生变化，产生感应电流，受到安培力，阻碍系统的振动；在B、D图中，只有紫铜薄板左右振动才产生感应电流，而上下振动无电流产生；在C图中，无论紫铜薄板上下振动还是左右振动，都不会产生感应电流，故选项A正确，B、C、D错误。答案A对安培力是动力、阻力的理解技巧电磁阻尼是安培力阻碍导体运动的现象，电磁驱动是安培力使导体运动起来的现象，但实质上均是感应电流使导体在磁场中受到安培力。【变式训练】如图8所示，蹄形磁铁的两极之间放置一个线圈abcd，磁铁和线圈都可以绕OO轴转动，当磁铁按图示方向绕OO轴转动时，线圈的运动情况是()图8A.俯视，线圈顺时针转动，转速与磁铁相同B.俯视，线圈逆时针转动，转速与磁铁相同C.线圈与磁铁转动方向相同，但转速小于磁铁的转速D.线圈静止不动解析当磁铁转动时，由楞次定律知，线圈中有感应电流产生，以阻碍磁通量的增加，即感应电流的方向必定是使其受到的力的方向与磁铁转动方向相同，以减小磁通量的增加，因而线圈跟着转起来，但转速小于磁铁的转速。如果转速相等，线圈中的磁通量不再变化，起“驱动”作用的安培力将消失，选项C正确。答案 C1.如图9所示，一正方形线圈的匝数为n，边长为a，线圈平面与匀强磁场垂直，且一半处在磁场中。在t时间内，磁感应强度的方向不变，大小由B均匀地增大到2B。在此过程中，线圈中产生的感应电动势为()图9A. B.C. D.解析由法拉第电磁感应定律可知，在t时间内线圈中产生的平均感应电动势为Enn，选项B正确。答案B2.如图10所示，两根相距为l的平行直导轨ab、cd，b、d间连有一定值电阻R，导轨电阻可忽略不计。MN为放在ab和cd上的一导体杆，与ab垂直，其电阻也为R。整个装置处于匀强磁场中，磁感应强度的大小为B，磁场方向垂直于导轨所在平面(指向图中纸面内)。现对MN施力使它沿导轨方向以速度v(如图)做匀速运动。令U表示MN两端电压的大小，则()图10A.UBlv，流过定值电阻R的感应电流由b到dB.UBlv，流过定值电阻R的感应电流由d到bC.UBlv，流过定值电阻R的感应电流由b到dD.UBlv，流过定值电阻R的感应电流由d到b解析由右手定则可知，通过MN的电流方向为NM，电路闭合，流过电阻R的电流方向由b到d，选项B、D错误；导体杆切割磁感线产生的感应电动势EBlv，导体杆为等效电源，其电阻为等效电源内电阻，由闭合电路欧姆定律可知，UIRRBlv，选项A正确，C错误。答案A3.(2018南通三模)(多选)健身车上装有金属电磁阻尼飞轮，飞轮附近固定一电磁铁，示意图如图11所示，人在健身时带动飞轮转动。则()图11A.飞轮转速越大，阻尼越大B.电磁铁所接电压越大，阻尼越大C.飞轮材料电阻率越大，阻尼越大D.飞轮材料密度越大，阻尼越大解析电磁阻尼为电磁感应中感应电流所受安培力导致，安培力越大，电磁阻尼越大，故飞轮转速越大，产生的感应电动势越大，感应电流越大，安培力越大，阻尼越大，A正确；电磁铁所接电压越大，则磁场越强，产生的感应电动势越大，感应电流越大，安培力越大，阻尼越大，B正确；飞轮材料电阻率越大，电阻越大，感应电流越小，安培力越小，阻尼越小，C错误；飞轮材料的密度对电磁感应没有影响，D错误。答案AB4.(2018盐城市高三第三次模拟)如图12甲所示，把带铁芯的线圈L与小灯泡串联起来，先把它们接到电动势为E(内阻不计)的直流电源上；再把它们接到交流电源上，如图乙所示，取直流电源的电压与交流电压的有效值相等。下列叙述正确的是()图12A.接交流电时灯泡更亮些B.接直流电和接交流电时灯泡一样亮C.减小交流电频率时图乙中灯泡变亮D.图甲中闭合S瞬间，通过灯泡的电流立即达到最大值解析线圈对直流电无阻碍作用，对交流电有阻碍作用，故直流电路中的电流更大一些，接直流的灯泡变亮一些，A、B错误；交流电的频率越小，线圈的阻碍作用越小，则电流越大，灯泡更亮，C正确；图甲中闭合S的瞬间，电流从无到有，因线圈的自感现象，电流逐渐增大，D错误。答案C活页作业(时间：35分钟)一、单项选择题1.(2018江苏南京、盐城高三第一次模拟)下列图中，A图是真空冶炼炉可以冶炼高质量的合金；B图是充电器工作时绕制线圈的铁芯中会发热；C图是安检门可以探测人身是否携带金属物品；D图是工人穿上金属丝织成的衣服可以高压带电作业，不属于涡流现象的是()解析线圈接有交变电流，在线圈中会产生变化的磁场，变化的磁场在冶炼炉中产生电场，使自由电荷在电场力的作用下定向移动形成涡流，故A中属于涡流现象；充电器工作时有交变电流通过，交变电流产生的交变磁场穿过铁芯，在铁芯中产生电场，使自由电荷在电场力的作用下定向移动形成涡流，故B中属于涡流现象；线圈中交变电流产生交变的磁场，会在金属物品产生交变的感应电流，而金属物品中感应电流产生的交变磁场会在线圈中产生感应电流(涡流)，引起线圈中交变电流发生变化，从而被探测到，故C中属于涡流现象；工作服用包含金属丝的织物制成，形成一个导体壳，壳外有电场，壳内场强保持为0，高压外电场不会对内部产生影响，故D中属于静电屏蔽。答案D2.(2018苏北四市第一次调研测试)如图1所示，铁芯上绕有线圈A和B，线圈A与电源连接，线圈B与理想发光二极管D相连，衔铁E连接弹簧K控制触头C的通断，忽略A的自感，下列说法正确的是()图1A.闭合S，D闪亮一下B.闭合S，C将会过一小段时间接通C.断开S，D不会闪亮D.断开S，C将会过一小段时间断开解析当闭合S瞬间，穿过线圈B的磁通量要增加，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，线圈B和二极管回路中的电流方向为逆时针方向，而由于二极管顺时针方向导通，则线圈B不会闪亮一下，则线圈A中磁场立刻吸引C，导致其即时接触，故A、B错误；当断开S瞬间，穿过线圈B的磁通量要减小，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，线圈B和二极管回路中电流方向为顺时针方向，则二极管处于导通状态，则D会闪亮，同时对线圈A有影响，阻碍其磁通量减小，那么C将会过一小段时间断开，故C错误，D正确。答案D3.如图2，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上。当金属框绕ab边以角速度逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为Ua、Ub、Uc。已知bc边的长度为l。下列判断正确的是()图2A.UaUc，金属框中无电流B.UbUc，金属框中电流方向沿abcaC.UbcBl2，金属框中无电流D.UbcBl2，金属框中电流方向沿acba解析金属框绕ab边转动时，闭合回路abc中的磁通量始终为零(即不变)，所以金属框中无电流。金属框在逆时针转动时，bc边和ac边均切割磁感线，由右手定则可知UbUc，UaUc，所以根据EBlv可知，UbcUacBlBlBl2。由以上分析可知选项C正确。答案C4.法拉第发明了世界上第一台发电机。如图3所示，圆形金属盘安置在电磁铁的两个磁极之间，两电刷M、N分别与盘的边缘和中心点接触良好，且与灵敏电流表相连。金属盘绕中心轴沿图示方向转动，则()图3A.电刷M的电势高于电刷N的电势B.若只将电刷M移近N，电流表的示数变大C.若只提高金属盘转速，电流表的示数变大D.若只将变阻器滑片向左滑动，电流表的示数变大解析根据电源的正负极判断电磁铁上导线的电流方向，根据安培定则可知电磁铁左侧为N极，右侧为S极，M、N间的金属垂直纸面向外运动，根据右手定则可知M、N间的电流方向由M指向N，则电刷N的电势高于电刷M的电势，选项A错误；根据EBl推导出MN以电刷N为轴转动切割磁感线时产生的感应电动势为E，若只将电刷M移近N，表达式中的l减小，电流表的示数变小，选项B错误；若只提高金属盘转速，表达式中的增大，电流表的示数变大，选项C正确；若只将变阻器滑片向左滑动，变阻器的有效阻值增大，回路电流减小，电磁铁的磁性减弱，表达式中的B减小，灵敏电流表的示数变小，选项D错误。答案C5.2018苏锡常镇四市高三教学情况调研(二)如图4所示的电路中，A、B、C是三个完全相同的灯泡，L是自感系数很大的电感，其直流电阻与定值电阻R阻值相等，D是理想二极管。下列判断中正确的是()图4A.闭合开关S的瞬间，灯泡A和C同时亮B.闭合开关S的瞬间，只有灯泡C亮C.闭合开关S后，灯泡A、B、C一样亮D.断开开关S的瞬间，灯泡B、C均要闪亮一下再熄灭解析闭合开关S，线圈L的电流要增大，线圈中产生自感电动势阻碍电流的增大，闭合开关S的瞬间，通过线圈L的电流为零，灯泡A不亮；理想二极管具有单向导电性，灯泡B不亮；灯泡C与电阻相连，闭合开关S的瞬间灯泡C立即发光，故A项错误，B项正确；闭合开关S后，灯泡B不亮；稳定时，线圈中不产生感应电动势，L的直流电阻与定值电阻R阻值相等，则稳定后A、C一样亮，故C项错误；断开开关S的瞬间，C中原来的电流要立即减至零；线圈中电流要减小，线圈产生自感电动势阻碍电流的减小，线圈中电流不会立即消失，这个自感电流通过B、C形成回路，B、C中电流比线圈中小；稳定时灯泡B不亮，A、C一样亮；则断开开关S，灯B要闪亮一下熄灭，灯C先变暗再熄灭，故D项错误。答案B二、多项选择题6.(2018江苏省苏州市高三第一次模拟)“电磁感应铝箔封口机”被广泛应用在医药、食品、化工等生产行业的产品封口环节中，如图5所示为一手持式封口机，它的工作原理是：当接通电源时，内置线圈产生磁场，当磁感线穿过封口铝箔材料时，瞬间产生大量小涡流，致使铝箔自行快速发热，熔化复合在铝箔上的溶胶，从而粘贴在承封容器的封口处，达到迅速封口的目的。下列说法正确的是()图5A.封口材料可用普通塑料来代替铝箔B.该封口机可用干电池作为电源以方便携带C.封口过程中温度过高，可适当减小所通电流的频率来解决D.该封口机适用于玻璃、塑料等多种材质的容器封口但不适用于金属容器解析涡流只能在金属材料中产生，选项A错误；磁通量变化才能产生涡流，恒定电流不能产生，选项B错误；所通电流的频率减少时，产生的涡流变小，则温度降低，选项C正确；金属容器中也会产生涡流，故不适用于金属容器的封口，选项D正确。答案CD7.(2016江苏单科，6)电吉他中电拾音器的基本结构如图6所示，磁体附近的金属弦被磁化，因此弦振动时，在线圈中产生感应电流，电流经电路放大后传送到音箱发出声音，下列说法正确的有()图6A.选用铜质弦，电吉他仍能正常工作B.取走磁体，电吉他将不能正常工作C.增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势D.弦振动过程中，线圈中的电流方向不断变化解析铜质弦为非磁性材料，不能被磁化，选用铜质弦，电吉他不能正常工作，选项A错误；若取走磁体，金属弦不能被磁化，其振动时，不能在线圈中产生感应电动势，电吉他不能正常工作，选项B正确；由En可知，选项C正确；弦振动过程中，穿过线圈的磁通量大小不断变化，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向不断变化，选项D正确。答案BCD8.(2018盐城质量监测)用一根横截面积为S、电阻率为的硬质导线做成一个半径为r的圆环，ab为圆环的一条直径。如图7所示，在ab的左侧存在一个均匀变化的匀强磁场，磁场垂直圆环所在平面，磁感应强度大小随时间的变化率k(k0)。则()图7A.圆环中产生逆时针方向的感应电流B.圆环具有扩张的趋势C.圆环中感应电流的大小为D.图中a、b两点间的电势差Uab解析磁通量均匀减少，根据楞次定律可知，圆环中产生顺时针方向的感应电流，选项A错误；圆环在磁场中的部分，受到向外的安培力，所以有扩张的趋势，选项B正确；圆环产生的感应电动势大小为，则圆环中的电流大小为I，选项C错误；a、b两点间的电势差Uab，选项D正确。答案BD9.(2018苏州