2016高考3-3热学常见问题复习题

常见问题第一节分子动理论内能考点一微观量的估算考点二布朗运动与分子热运动考点三分子间的作用力与分子势能考点四内能和什么因素有关第二节固体、液体和气体考点一固体与液体的性质考点二气体压强的产生与计算考点三气体实验定律的应用考点四用图象法分析气体的状态变化考点五理想气体实验定律微观解释第三节热力学定律与能量守恒考点一热力学第一定律的理解及应用考点二热力学第二定律的理解考点三热力学定律与气体实验定律综合问题考点一微观量的估算例1空调在制冷过程中，室内空气中的水蒸气接触蒸发器铜管液化成水，经排水管排走，空气中水分越来越少，人会感觉干燥某空调工作一段时间后，排出液化水的体积V10103CM3已知水的密度10103KG/M3、摩尔质量M18102KG/MOL，阿伏加德罗常数NA601023MOL1试求结果均保留一位有效数字1该液化水中含有水分子的总数N；2一个水分子的直径D解析1水的摩尔体积为VMOLM3/MOL18105M3/MOLM1810210103该液化水中含有水分子的总数为N31025个VNAVMOL10103106601023181052建立水分子的球体模型，有D3，可得水分子直径DVMOLNA1636VMOLNAM41010M3618105314601023答案131025个241010M变式题组1微观量的估算某气体的摩尔质量为M，摩尔体积为V，密度为，每个分子的质量和体积分别为M和V0，则阿伏加德罗常数NA不可能表示为ANABNAVV0VMCNADNAMMMV0答案AD解析气体分子间距较大，分子占据空间的体积V占V0，NA，故A、D错VV占MV占误2微观量的估算已知铜的摩尔质量为MKG/MOL，铜的密度为KG/M3，阿伏加德罗常数为NAMOL1下列判断错误的是A1KG铜所含的原子数为NAMB1M3铜所含的原子数为MNAC1个铜原子的质量为KGMNAD1个铜原子的体积为M3MNA答案B解析1KG铜所含的原子数NNA，A正确；同理，1M3铜所含的原子数NNA1MNAMM，B错误；1个铜原子的质量M0KG，C正确；1个铜原子的体积V0M3，NAMMNAM0MNAD正确3微观量的估算若以M表示水的摩尔质量，V表示在标准状态下水蒸气的摩尔体积，表示在标准状态下水蒸气的密度，NA表示阿伏加德罗常数，M、V0分别表示每个水分子的质量和体积，下面关系错误的有ANABVMMNAV0CDMMNAV0MNA答案B解析VM，NA，故A正确；对水蒸气，由于分子间距的存在，NAV0V，MMMNAV0故B错误，C正确；M，D正确MNA考点二布朗运动与分子热运动例2下列关于布朗运动的说法，正确的是A布朗运动是液体分子的无规则运动B液体温度越高，悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈C布朗运动是由于液体各部分的温度不同而引起的D布朗运动是由于液体分子从各个方向对悬浮颗粒撞击作用的不平衡引起的解析布朗运动的研究对象是固体小颗粒，而不是液体分子，故A选项错误；影响布朗运动的因素是温度和固体小颗粒大小，温度越高、固体小颗粒越小，布朗运动就越明显，故B选项正确；布朗运动是由于固体小颗粒受液体分子的碰撞作用不平衡而引起的，不是由液体各部分的温度不同而引起的，故C选项错误，D选项正确答案BD递进题组4热运动的理解下列哪些现象属于热运动A把一块平滑的铅板叠放在平滑的铝板上，经相当长的一段时间再把它们分开，会看到与它们相接触的面都变得灰蒙蒙的B把胡椒粉末放入菜汤中，最后胡椒粉末会沉在汤碗底，而我们喝汤时尝到了胡椒的味道C含有泥沙的水经一定时间会变澄清D用砂轮打磨而使零件温度升高答案ABD解析热运动在微观上是指分子的运动，如扩散现象，在宏观上表现为温度的变化，如“摩擦生热”，物体的热传递等，而水的澄清过程是由于泥沙在重力作用下的沉淀，不是热运动，C错误5布朗运动的理解下列关于布朗运动的叙述中正确的是A悬浮小颗粒的运动是杂乱无章的B液体的温度越低，悬浮小颗粒的运动越缓慢，当液体的温度到0时，固体小颗粒的运动就会停止C被冻结在冰块中的小碳粒不能做布朗运动，是因为冰中的水分子不运动D做布朗运动的固体颗粒越小，布朗运动越明显答案AD解析据布朗运动的特点知A正确，B、C错误，因为分子运动永不停息，不论在固体还是液体中，分子都在永不停息地做无规则运动；当颗粒越小时，各方向上的受力越不平衡，布朗运动越明显，故D正确1扩散现象直接反映了分子的无规则运动，并且可以发生在固体、液体、气体任何两种物质之间2布朗运动不是分子的运动，是液体分子无规则运动的反映考点三分子间的作用力与分子势能例3如图3所示是分子间引力或斥力大小随分子间距离变化的图象，由此可知图3AAB表示引力图线BCD表示引力图线C当分子间距离R等于两图线交点E的横坐标时，分子力一定为零D当分子间距离R等于两图线交点E的横坐标时，分子势能一定最小E当分子间距离R等于两图线交点E的横坐标时，分子势能一定为零解析在FR图象中，随R增加，斥力变化快，所以AB为引力图线，A对，B错；两图象相交点E为分子所受的引力和斥力大小相等，即分子间相互作用的受力平衡位置，分子力为0，分子势能最小，但不一定为0，故C、D对，E错答案ACD递进题组6分子力的特点清晨，草叶上的露珠是由空气中的水汽凝结成的水珠这一物理过程中，水分子间的A引力消失，斥力增大B斥力消失，引力增大C引力、斥力都减小D引力、斥力都增大答案D解析当水汽凝结成水珠时，水分子之间的距离减小，分子间的引力和斥力同时增大，只是斥力比引力增加得更快一些7分子力的应用如图4所示，甲分子固定于坐标原点O，乙分子从无穷远处由静止释放，在分子力的作用下靠近甲，图中点B是引力最大处，点D是两分子靠得最近处，则乙分子加速度最大处可能是图4A点AB点BC点CD点D答案D解析由分子力与分子之间距离的图象可以看出，在A、B、C、D四点中，乙分子在点D时分子力最大，根据牛顿第二定律知在点D时乙分子的加速度最大8分子势能图5为两分子系统的势能EP与两分子间距离R的关系曲线下列说法中正确的是图5A当R大于R1时，分子间的作用力表现为引力B当R小于R1时，分子间的作用力表现为斥力C当R等于R2时，分子间的作用力为零D在R由R1变到R2的过程中，分子间的作用力做负功答案BC解析由图象可知R2对应的分子间距为分子的平衡距离R0，在此距离分子力为零，C正确；当分子间距RR1时分子力可能表现为斥力、引力或为零，A错误；当RR1时，分子力一定表现为斥力，B正确；当R由R1变到R2的过程中，分子间的作用力表现为斥力，做正功，D错误第2课时固体、液体和气体考点一固体与液体的性质例1下列有关物质属性及特征的说法中，正确的是A液体的分子势能与液体的体积有关B晶体的物理性质都是各向异性的C温度升高，每个分子的动能都增大D分子间的引力和斥力同时存在E露珠呈球状是由于液体表面张力的作用解析单晶体的物理性质具有各向异性，而多晶体的物理性质具有各向同性，故B错误；温度升高时，分子的平均动能增大，而非每个分子的动能都增大，故C错误答案ADE变式题组1晶体、非晶体的理解在甲、乙、丙三种固体薄片上涂上石蜡，用烧热的针接触其上一点，石蜡熔化的范围分别如图1A、B、C所示，而甲、乙、丙三种固体在熔化过程中温度随加热时间变化的关系如图D所示则由此可判断出甲为_，乙为_，丙为_填“单晶体”、“多晶体”或“非晶体”图1答案多晶体非晶体单晶体解析晶体具有确定的熔点，非晶体没有确定的熔点单晶体的物理性质具有各向异性，多晶体的物理性质具有各向同性2固体和液体的理解关于固体和液体，下列说法中正确的是A金刚石、食盐、玻璃和水晶都是晶体B单晶体和多晶体的物理性质没有区别，都有固定的熔点和沸点C液体的浸润与不浸润均是分子力作用的表现D液晶显示器是利用了液晶对光具有各向异性的特点答案CD解析玻璃属于非晶体，A错误；单晶体和多晶体的物理性质有区别，如单晶体在物理性质上表现为各向异性，多晶体在物理性质上表现为各向同性，B错误3液体表面张力的理解对于液体在器壁附近的液面发生弯曲的现象，如图2所示对此有下列几种解释，正确的是图2A表面层内分子的分布比液体内部疏B表面层内分子的分布比液体内部密C附着层内分子的分布比液体内部密D附着层内分子的分布比液体内部疏答案ACD解析表面层内的分子比液体内部稀疏，分子间表现为引力，这就是表面张力，A正确，B错误；浸润液体的附着层内的液体分子比液体内部的分子密集，不浸润液体的附着层内的液体分子比液体内部的分子稀疏，而附着层为浸润液体，附着层为不浸润液体，故C、D均正确4对饱和汽、湿度的理解关于饱和汽压和相对湿度，下列说法中正确的是A温度相同的不同饱和汽的饱和汽压都相同B温度升高时，饱和汽压增大C在相对湿度相同的情况下，夏天比冬天的绝对湿度大D饱和汽压和相对湿度都与体积无关答案BCD解析在一定温度下，饱和汽压是一定的，饱和汽压随温度的升高而增大，饱和汽压与液体的种类有关，与体积无关空气中所含水蒸气的压强，称为空气的绝对湿度；相对湿度，夏天的饱和汽压大，在相对湿度相同时，夏天的绝对湿度大水蒸气的实际压强同温度下的饱和汽压考点二气体压强的产生与计算例2如图3所示，光滑水平面上放有一质量为M的汽缸，汽缸内放有一质量为M的可在汽缸内无摩擦滑动的活塞，活塞面积为S现用水平恒力F向右推汽缸，最后汽缸和活塞达到相对静止状态，求此时缸内封闭气体的压强P已知外界大气压为P0图3解析选取汽缸和活塞整体为研究对象，相对静止时有FMMA再选活塞为研究对象，根据牛顿第二定律有PSP0SMA解得PP0MFSMM答案P0MFSMM递进题组5液体封闭气体压强的求解若已知大气压强为P0，在图4中各装置均处于静止状态，图中液体密度均为，求被封闭气体的压强图4答案甲P0GH乙P0GH丙P0GH32丁P0GH1解析在甲图中，以高为H的液柱为研究对象，由二力平衡知P甲SGHSP0S所以P甲P0GH在图乙中，以B液面为研究对象，由平衡方程F上F下有PASGHSP0SP乙PAP0GH在图丙中，仍以B液面为研究对象，有PAGHSIN60PBP0所以P丙PAP0GH32在图丁中，以液面A为研究对象，由二力平衡得P丁SP0GH1S所以P丁P0GH16活塞封闭气体压强的求解如图5中两个汽缸质量均为M，内部横截面积均为S，两个活塞的质量均为M，左边的汽缸静止在水平面上，右边的活塞和汽缸竖直悬挂在天花板下两个汽缸内分别封闭有一定质量的空气A、B，大气压为P0，求封闭气体A、B的压强各多大图5答案P0P0MGSMGS解析题图甲中选M为研究对象PASP0SMG得PAP0MGS题图乙中选M为研究对象得PBP0MGS7关联气体压强的计算竖直平面内有如图6所示的均匀玻璃管，内用两段水银柱封闭两段空气柱A、B，各段水银柱高度如图所示，大气压为P0，求空气柱A、B的压强各多大图6答案PAP0GH2H1H3PBP0GH2H1解析从开口端开始计算右端为大气压P0，同种液体同一水平面上的压强相同，所以B气柱的压强为PBP0GH2H1，而A气柱的压强为PAPBGH3P0GH2H1H3考点三气体实验定律的应用例3如图7所示，容器A和汽缸B都能导热，A放置在127的恒温槽中，B处于27的环境中，大气压强为P010105PA，开始时阀门K关闭，A内为真空，其容积VA24L，B内活塞横截面积S100CM2、质量M1KG，活塞下方充有理想气体，其体积VB48L，活塞上方与大气连通，A与B间连通细管体积不计，打开阀门K后活塞缓慢下移至某一位置未触及汽缸底部G取10N/KG试求图71稳定后容器A内气体的压强；2稳定后汽缸B内气体的体积解析1PAPB101105PAP0SMGS2B气体做等压变化，排出汽缸的气体体积为VB根据盖吕萨克定律有，所以VB24L18LVBTBVATA300400留在汽缸内的气体体积为VB48L18L3L答案1101105PA23L递进题组8等温、等容变化的应用如图8，由U形管和细管连接的玻璃泡A、B和C浸泡在温度均为0的水槽中，B的容积是A的3倍阀门S将A和B两部分隔开，A内为真空，B和C内都充有气体U形管内左边水银柱比右边的低60MM打开阀门S，整个系统稳定后，U形管内左右水银柱高度相等假设U形管和细管中的气体体积远小于玻璃泡的容积图81求玻璃泡C中气体的压强以MMHG为单位；2将右侧水槽的水从0加热到一定温度时，U形管内左右水银柱高度差又为60MM，求加热后右侧水槽的水温答案1180MMHG2364K解析1在打开阀门S前，两水槽水温均为T0273K设玻璃泡B中气体的压强为P1，体积为VB，玻璃泡C中气体的压强为PC，依题意有P1PCP式中P60MMHG打开阀门S后，两水槽水温仍为T0，设玻璃泡B中气体的压强为PB依题意，有PBPC玻璃泡A和B中气体的体积为V2VAVB根据玻意耳定律得P1VBPBV2联立式，并代入题给数据得PCP180MMHGVBVA2当右侧水槽的水温加热到T时，U形管左右水银柱高度差为P，玻璃泡C中气体的压强为PCPBP玻璃泡C中气体体积不变，根据查理定律得PCT0PCT联立式，并代入题给数据得T364K9理想气体状态方程的应用如图9所示，均匀薄壁U形管竖直放置，左管上端封闭，右管上端开口且足够长，用两段水银封闭了A、B两部分理想气体，下方水银的左右液面高度相差L10CM，右管上方的水银柱高H14CM，初状态环境温度为27，A气体长度L130CM，外界大气压强P076CMHG现保持温度不变，在右管中缓慢注入水银，使下方水银左右液面等高然后给A部分气体缓慢升温，使A中气柱长度回到30CM求图91右管中注入的水银高度是多少2升温后的温度是多少答案1H30CM2T117解析1设右管中注入的水银高度是H，对A气体分析，其做等温变化，根据玻意耳定律有P1V1P2V2P1P014CMHG10CMHG，P2P014CMHGHHGV1L1S，V2L1LS12代入数据解得再加入的水银高H30CM2设升温前温度为T0，升温后温度为T，缓慢升温过程中，对A中气体分析，升温前V2L1LS，P2P014CMHGHHG12升温结束后V3L1S，P3P014CMHGHHGLHG由理想气体状态方程得P2V2T0P3V3TT0300K得T390K则升温后的温度为T117考点四用图象法分析气体的状态变化例4如图11甲是一定质量的气体由状态A经过状态B变为状态C的VT图象已知气体在状态A时的压强是15105PA图111说出AB过程中压强变化的情形，并根据图象提供的信息，计算图甲中TA的温度值2请在图乙坐标系中，作出该气体由状态A经过状态B变为状态C的PT图象，并在图线相应位置上标出字母A、B、C如果需要计算才能确定的有关坐标值，请写出计算过程解析1从题图甲可以看出，A与B连线的延长线过原点，所以AB是一个等压变化，即PAPB根据盖吕萨克定律可得VATAVBTB所以TATB300K200KVAVB04062由题图甲可知，由BC是等容变化，根据查理定律得PBTBPCTC所以PCPBPBPB15105PA20105PATCTB4003004343则可画出由状态ABC的PT图象如图所示答案见解析递进题组10气体图象的应用一定质量理想气体的状态经历了如图12所示的AB、BC、CD、DA四个过程，其中BC的延长线通过原点，CD垂直于AB且与水平轴平行，DA与BC平行，则气体体积在图12AAB过程中不断增加BBC过程中保持不变CCD过程中不断增加DDA过程中保持不变答案AB解析首先，因为BC的延长线通过原点，所以BC是等容线，即气体体积在BC过程中保持不变，B正确；AB是等温线，压强减小则体积增大，A正确；CD是等压线，温度降低则体积减小，C错误；连接AO交CD于E，如图所示，则AE是等容线，即VAVE，因为VDVE，所以VDVA，DA过程中体积不是保持不变，D错误本题选A、B11气体图象的应用一定质量的理想气体由状态A变为状态D，其有关数据如图13甲所示，若状态D的压强是2104PA图131求状态A的压强；2请在图乙画出该状态变化过程的PT图象，并分别标出A、B、C、D各个状态，不要求写出计算过程答案14104PA2见解析解析1据理想气体的状态方程得则PA4104PAPAVATAPDVDTDPDVDTAVATD2PT图象及A、B、C、D各个状态如图所示考点五理想气体实验定律微观解释例5对于一定质量的气体，当压强和体积发生变化时，以下说法正确的是A压强和体积都增大时，其分子平均动能不可能不变B压强和体积都增大时，其分子平均动能有可能减小C压强增大，体积减小时，其分子平均动能一定不变D压强减小，体积增大时，其分子平均动能可能增大解析当体积增大时，单位体积内的分子数减少，只有气体的温度升高，分子平均动能增大，压强才能增大，A正确，B错误；当体积减小时，单位体积内的分子数增多，温度不变、降低、升高都可能使压强增大，C错误；同理体积增大时，温度不变、降低、升高都可能使压强减小，故D正确答案AD变式题组12气体实验定律的微观解释封闭在汽缸内一定质量的气体，如果保持气体体积不变，当温度升高时，以下说法正确的是A气体的密度增大B气体的压强增大C气体分子的平均动能减小D每秒撞击单位面积器壁的气体分子数增多答案BD解析等容变化温度升高时，压强一定增大，分子密度不变，分子平均动能增大，单位时间撞击单位面积器壁的气体分子数增多，B、D正确13气体实验定律的微观解释一定质量的理想气体，经等温压缩，气体的压强增大，用分子动理论的观点分析，这是因为A气体分子每次碰撞器壁的平均冲力增大B单位时间内单位面积器壁上受到气体分子碰撞的次数增多C气体分子的总数增加D气体分子的密度增大答案BD解析理想气体经等温压缩，压强增大，体积减小，分子密度增大，则单位时间内单位面积器壁上受到气体分子的碰撞次数增多，但气体分子每次碰撞器壁的平均冲力不变，故B、D正确，A、C错误第3课时热力学定律与能量守恒考点一热力学第一定律的理解及应用例1在如图1所示的坐标系中，一定质量的某种理想气体先后发生以下两种状态变化过程第一种变化是从状态A到状态B，外界对该气体做功为6J；第二种变化是从状态A到状态C，该气体从外界吸收的热量为9J图线AC的反向延长线过坐标原点O，B、C两状态的温度相同，理想气体的分子势能为零求图11从状态A到状态C的过程，该气体对外界做的功W1和其内能的增量U1；2从状态A到状态B的过程，该气体内能的增量U2及其从外界吸收的热量Q2解析1由题意知从状态A到状态C的过程，气体发生等容变化该气体对外界做的功W10根据热力学第一定律有U1W1Q1内能的增量U1Q19J2从状态A到状态B的过程，体积减小，温度升高由题意可知，该气体内能的增量U2U19J根据热力学第一定律有U2W2Q2从外界吸收的热量Q2U2W23J答案109J29J3J递进题组1热力学第一定律的理解一定量的理想气体在某一过程中，从外界吸收热量25104J，气体对外界做功10104J，则该理想气体的A温度降低，密度增大B温度降低，密度减小C温度升高，密度增大D温度升高，密度减小答案D解析理想气体从外界吸热大于对外界做功，所以内能增大，温度是理想气体内能的标志，内能增大，温度一定升高；气体对外做功，体积膨胀，质量不变，所以密度要减小D正确2热力学第一定律的应用如图2所示，一定质量的理想气体由状态A沿ABC变化到状态C，吸收了340J的热量，并对外做功120J若该气体由状态A沿ADC变化到状态C时，对外做功40J，则这一过程中气体_填“吸收”或“放出”热量_J图2答案吸收260解析对该理想气体由状态A沿ABC变化到状态C，由热力学第一定律可得UQW340J120J220J，即从A状态到C状态，理想气体的内能增加了220J；若该气体由状态A沿ADC变化到状态C时，对外做功40J，此过程理想气体的内能还是增加220J，所以可以判定此过程是吸收热量，再根据热力学第一定律可得UQW，得QUW220J40J260J3热力学第一定律的应用一定质量的气体，在从状态1变化到状态2的过程中，吸收热量280J，并对外做功120J，试问1这些气体的内能发生了怎样的变化2如果这些气体又返回原来的状态，并放出了240J的热量，那么在返回的过程中是气体对外界做功，还是外界对气体做功做功多少答案1增加了160J2外界对气体做功80J解析1由热力学第一定律可得UWQ120J280J160J，气体的内能增加了160J2由于气体的内能仅与状态有关，所以气体从状态2回到状态1的过程中内能的变化量应等于从状态1到状态2的过程中内能的变化量，则从状态2到状态1的内能应减少160J，即U160J，又Q240J，根据热力学第一定律得UWQ，所以WUQ160J240J80J，即外界对气体做功80J考点二热力学第二定律的理解例2根据你学过的热学中的有关知识，判断下列说法中正确的是A机械能可以全部转化为内能，内能也可以全部用来做功转化成机械能B凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性，在热传递中，热量只能从高温物体传递给低温物体，而不能从低温物体传递给高温物体C尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100，制冷机却可以使温度降到293D第一类永动机违背能量守恒定律，第二类永动机不违背能量守恒定律，随着科技的进步和发展，第二类永动机可以制造出来解析机械能可以全部转化为内能，而内能在引起其他变化时也可以全部转化为机械能，A正确；凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性，在热传递中，热量可以自发地从高温物体传递给低温物体，也能从低温物体传递给高温物体，但必须借助外界的帮助，B错误；尽管科技不断进步，热机的效率仍不能达到100，制冷机也不能使温度降到293C，只能无限接近27315C，却永远不能达到，C错误；第一类永动机违背能量守恒定律，第二类永动机不违背能量守恒定律，而是违背了热力学第二定律，第二类永动机不可能制造出来，D错误答案A递进题组4热力学第二定律的理解下列说法正确的是A热量不能由低温物体传递到高温物体B外界对物体做功，物体的内能必定增加C第二类永动机不可能制成，是因为违反了能量守恒定律D不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他变化答案D解析根据热力学第二定律，热量不能自发地由低温物体传递到高温物体，但在一定条件下，热量可以由低温物体传向高温物体，例如电冰箱的工作过程，故A错误；根据热力学第一定律，物体内能的变化取决于吸收或放出的热量和做功的正负两个因素，所以B错误；第二类永动机不违反能量守恒定律，而违反了热力学第二定律，C错误；D是热力学第二定律的表述形式之一，是正确的5热力学定律的理解地球上有很多的海水，它的总质量约为141018吨，如果这些海水的温度降低01C，将要放出581023焦耳的热量，有人曾设想利用海水放出的热量使它完全变成机械能来解决能源危机，但这种机器是不能制成的，其原因是A内能不能转化成机械能B内能转化成机械能不满足热力学第一定律C只从单一热源吸收热量并完全转化成机械能的机器不满足热力学第二定律D上述三种原因都不正确答案C解析本题考查热力学第一定律和热力学第二定律的应用，内能可以转化成机械能，如热机，A错误；内能转化成机械能的过程满足热力学第一定律，即能量守恒定律，B错误；热力学第二定律告诉我们不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他变化，C正确6热力学定律的理解关于热力学定律，下列说法中正确的是A为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量B对某物体做功，必定会使该物体的内能增加C可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功D不可能使热量从低温物体传向高温物体E功转变为热的实际宏观过程是不可逆过程答案ACE解析对某物体做功，物体同时放热，则物体的内能可能减少或者不变；不可能使热量自发地从低温物体传向高温物体，但在有外界影响的条件下，热量可以从低温物体传向高温物体考点三热力学定律与气体实验定律综合问题例3一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C、D再回到A，体积V与温度T的关系如图3所示图中TA、VA和TD为已知量1从状态A到B，气体经历的是_过程填“等温”、“等容”或“等压”2从B到C的过程中，气体的内能_填“增大”、“减小”或“不变”3从C到D的过程中，气体对外_填“做正功”、“做负功”或“不做功”，同时_填“吸热”或“放热”4气体在状态D时的体积VD_图3解析1由题图可知，从状态A到B，气体体积不变，故是等容变化；2从B到C温度不变，即分子平均动能不变，该理想气体的内能不变；3从C到D气体体积减小，外界对气体做正功，W0，所以气体对外做负功，同时温度降低，说明内能减小，由热力学第一定律UWQ知气体放热；4从D到A是等压变化，由得VDVAVATAVDTDTDTA答案1等容2不变3做负功放热4VATDTA递进题组7热力学定律与等温变化的结合如图4所示，一粗细均匀、导热良好、装有适量水银的U形管竖直放置，右端与大气相通，左端封闭气柱长L120CM可视为理想气体，两管中水银