解析版福建省厦门市海沧实验中学2015届九年级上学期月考化学试卷12月份

福建省厦门市海沧实验中学2015届九年级上学期月考化学试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题15小题，每小题2分，共30分每小题只有一个选项正确）1（2分）日常生活中所见到的“加碘食盐”、“含氟牙膏”、“高钙牛奶”中的“碘、氟、钙”应理解为（）A分子B原子C元素D离子考点元素的概念专题物质的微观构成与物质的宏观组成分析加碘食盐指的是在食盐中加入了含有碘元素的碘酸钾，含氟牙膏是指在牙膏中添加了含有氟元素的物质等解答解“加碘食盐”、“含氟牙膏”、“高钙牛奶”、“补铁酱油”中的“碘、氟、钙、铁”指的是在食盐、牙膏、牛奶、酱油中添加了相应的元素，故选C点评本题难度不大，主要考查了元素的有关知识，从而加深了学生对分子、原子、离子和元素的认识2（2分）石墨烯是一种从石墨材料中用“撕裂”方法剥离出的单层碳原子面材料，石墨烯属于（）A单质B化合物C金属材料D氧化物考点单质和化合物的判别专题物质的分类分析石墨是碳的一种单质，石墨烯是从石墨材料中剥离出的单层碳原子面材料，属于单质，它是碳单质，不是金属材料，也不是氧化物解答解石墨是碳的一种单质，石墨烯是从石墨材料中剥离出的单层碳原子面材料，属于单质，因此不是化合物，它是碳单质，不是金属材料，也不是氧化物故答案为A点评本题主要考查单质、化合物的区别以及金属材料和非金属材料的区别，题目难度不大，可依据已有知识分析解答3（2分）香烟烟气中含有一种极易与人体血红蛋白结合的有毒气体，该气体是（）AO2BN2CCODCO2考点烟的危害性及防治；一氧化碳的毒性专题课本知识同类信息分析根据香烟烟气的成分和一氧化碳中毒的原理判断，一氧化碳等物质能和血液中的血红蛋白结合，从而使氧气失去和血红蛋白结合的机会，能够使人中毒解答解烟草在燃烧过程中，产生了许多有害物质，如尼古丁、烟焦油、一氧化碳等，其中一氧化碳有毒，它能与血液中的血红蛋白结合，从而导致体内组织器官严重缺氧而中毒死亡而O2、N2、CO2不具毒性故选C点评本题考查吸烟对人体的危害、一氧化碳的毒性，平时学习中注意积累、把握好常见气体物质的性质和用途即可正确解题4（2分）保持氢气化学性质的最小粒子是（）AH2BH2OCHDH考点分子、原子、离子、元素与物质之间的关系；物质的微粒性；分子的定义与分子的特性专题物质的微观构成与物质的宏观组成分析根据分子是保持物质化学性质的最小微粒，进行解答解答解根据分子是保持物质化学性质的最小微粒，可知保持氢气化学性质的最小粒子是氢分子，故选A点评本题考查学生对分子的定义的理解与掌握5（2分）下列事故处理方法，正确的是（）A电器着火，立即用水扑灭B图书馆内图书着火，用泡沫灭火器扑灭C炒菜时油锅着火，立即盖上锅盖D厨房煤气管道漏气，立即打开排气扇考点灭火的原理和方法；防范爆炸的措施；几种常用的灭火器专题化学与生活分析A、天然水或自来水中因为溶解有多种物质，从而增强了导电能力；B、根据灭火器的原理和适用范围分析解答；C、隔绝氧气可以达到灭火的目的；D、可燃性气体与氧气混合达到一定程度时遇明火会发生爆炸；解答解A、如遇到电器着火，不能用水浇灭，因为这样容易造成安全事故故选项错误；B、扑灭图书，档案贵重设备、精密仪器等火灾应用液态二氧化碳灭火器，故选项错误C、油锅着火，可以用锅盖盖灭，因为这样可以隔绝氧气，从而达到灭火的目的故选项正确；D、发现实里煤气泄漏时，不能打开排气扇，因为煤气与氧气混合达到一定程度时遇明火会发生爆炸故选项错误；故选C点评本题主要考查灭火的方法，解答时要结合燃烧的条件方面进行分析、判断，从而找出正确的灭火方法6（2分）性质决定用途，下列做法不可行的是（）A氮气有稳定性用作保护气B金刚石硬度大，可用做钻探机钻头C石墨质软，工业上可用做润滑剂D白磷着为点低，易燃烧，可用做安全火柴考点常见气体的用途；碳单质的物理性质及用途专题物质的变化与性质分析可以根据物质的性质和用途等方面进行分析、判断，从而得出正确的结论解答解A、氮气的化学性质稳定，可用作保护气，故说法正确B、金刚石的硬度大，可以用作钻探机的钻头，故说法正确C、石墨质软，工业上可用做润滑剂，故说法正确D、白磷着火点低，易燃烧，因此不可用做安全火柴，红磷可以用作安全火柴，故说法不正确故选D点评解答本题的关键是要掌握各种物质的性质，只有掌握了物质的性质才能确定物质的用途7（2分）有关化学方程式2H2O22H2O的叙述，其中错误的是（）A氢气和氧气在点燃条件下反应生成水B每2个氢分子与1个氧分子在点燃条件下结合成2个水分子C每2份质量的氢气和1份质量的氧气通过点燃生成2份质量的水D每4份质量氢气与32份质量的氧气反应生成36份质量的水考点化学方程式的概念、读法和含义专题化学用语和质量守恒定律分析根据化学方程式的含义解答化学方程式表示一个化学反应即表示反应物、生成物和反应条件；二表示反应物和生成物之间的质量比；三是表示反应物生成物各粒子的个数比解答解根据化学方程式表示的含义进行分析A、氢气和氧气在点燃条件下反应生成水，正确；B、每2个氢分子与1个氧分子在点燃条件下结合成2个水分子，正确；C、该化学方程式表示每4份质量的氢气和32份质量的氧气通过点燃生成36份质量的水，故说法错误；D、每4份质量氢气与32份质量的氧气反应生成36份质量的水，正确故选C点评记住化学方程式的含义是解答本题关健，化学式前面的数字表示微粒的个数不是质量数8（2分）实验室里几种物品正在互相谈论着，它们的叙述中属于化学变化的是（）A试管同学们不爱惜我，我被摔碎了B酒精只要瓶盖露一点小缝隙，我就能够到外面的世界去溜达溜达了C活性炭带上我，可以帮你除臭、脱色、吸附毒气D生石灰把我扔在水中好难受啊考点化学变化和物理变化的判别专题物质的变化与性质分析有新物质生成的变化属于化学变化，没有新物质生成的变化属于物理变化，判断化学变化的唯一标准是有新物质生成解答解A、试管摔碎过程中，只是试管的形状发生改变，没有生成新物质，属于物理变化；B、酒精挥发过程中，只是酒精由液体变成气体，没有生成新物质，属于物理变化；C、活性炭吸附色素、异味、毒气过程中，没有生成新物质，属于物理变化；D、生石灰是氧化钙的俗称，氧化钙和水反应能生成氢氧化钙，属于化学变化故选D点评搞清楚物理变化和化学变化的本质区别是解答本类习题的关键，判断的标准是看在变化中有没有生成其它物质，一般地，物理变化有物质的固、液、气三态变化和物质形状的变化，而化学变化中有新物质生成9（2分）FE2O33CO3CO22FE中，反应前后化合价发生变化的元素（）A只有FEB只有FE和CC只有C和ODFE、C和O考点有关元素化合价的计算专题化学式的计算分析根据在化合物中正负化合价代数和为零，进行解答解答解根据在化合物中正负化合价代数和为零，氧元素的化合价为2价，FE2O3中FE化合价为3价，反应后FE化合价为0价；反应前CO中C元素的化合价为2价，反应后CO2中C元素的化合价为4价；由此可知反应前后化合价发生变化的元素为FE和C；故选B点评本题考查学生根据在化合物中正负化合价代数和为零进行分析解题的能力10（2分）某化学反应的微观过程用图所示，则下列说法中，正确的是（）A该反应中分子和原子的种类都发生了改变B物质丙的化学式是NH3C甲、乙两物质参加反应的质量比为13D图示反应属于分解反应考点微粒观点及模型图的应用；反应类型的判定；质量守恒定律及其应用专题化学反应模拟图型分析依据质量守恒定律可知化学反应前后原子的种类及数量不变，所以反应前氮、氢原子的个数等于反应后氮、氢原子的个数，所以丙中的一个分子中必含有1个氮原子和3个氢原子，据此分析解答即可；解答解由分析知该反应的方程式为N23H22NH3；A、由以上分析可知该反应中分子的种类发生了变化，而原子的种类未变；B、由该反应的方程式可以看出物质丙的化学式是NH3；C、依据化学方程式可知甲、乙两物质参加反应的质量比为14232143；D、该反应的反应物是两种，生成物是一种，符合化合反应的特征，不是分解反应；故选B点评本题考查了微观模拟图的应用，完成此题，可以依据题干提供的模拟反应示意图结合质量守恒定律的实质书写相关的化学反应方程式完成11（2分）下列化学事实及其体现的化学观不正确的一组是（）选项化学事实化学观A二氧化碳常用来灭火物质的性质决定用途B切开榴莲可闻到特殊香味分子间有间隔C金刚石、石墨、C60物理性质存在差异物质的结构决定性质D氧气、铁、氯化钠的构成微粒分别是分子、原子和离子物质是由粒子构成的AABBCCDD考点二氧化碳的用途；分子、原子、离子、元素与物质之间的关系；利用分子与原子的性质分析和解决问题；碳元素组成的单质专题物质的微观构成与物质的宏观组成；碳单质与含碳化合物的性质与用途分析本题主要运用了粒子的基本性质来解释日常生活中现象，关键是如何从粒子的性质中选取适当的性质来解释相应的现象解答解A、二氧化碳常用来灭火是因为二氧化碳具有不支持燃烧且密度比空气大的性质，故A解释正确B、闻到香味是分子扩散到了空气中的缘故，故B解释错误C、金刚石、石墨、C60都是碳元素的单质，物理性质存在差异的原因是结构不一样故C解释正确D、氧气、铁、氯化钠的构成微粒分别是分子、原子和离子说明了物质是由不同的粒子构成的，故D解释正确故选B点评了解粒子的性质是解答此题的关键，能利用分子和原子的主要其性质来解释一些现象12（2分）奥司他韦（C16H28N2O4）可抑制流感病毒在人体内的传播，起到治疗流行性感冒的作用下列对奥司他韦的说法不正确的是（）A从组成角度看由碳、氢、氮、氧四种元素组成B从分类角度看属于氧化物C从量的角度看相对分子质量为312D从结构角度看分子中碳、氢、氮、氧原子个数比为81412考点化学式的书写及意义；从组成上识别氧化物；相对分子质量的概念及其计算专题化学用语和质量守恒定律分析A根据奥司他韦化学式的含义进行分析判断B根据氧化物的概念来分析C根据相对分子质量的计算方法来分析D根据奥司他韦分子的构成进行分析判断解答解A奥司他韦是由碳、氢、氮、氧四种元素组成的，故选项说法正确B奥司他韦（C16H28N2O4）是由四种元素组成的，而氧化物中只含两种元素，故错误C奥司他韦（C16H28N2O4）的相对分子质量为1216128142164312，故正确；D1个奥司他韦分子是由16个碳原子、28个氢原子、2个氮原子和4个氧原子构成的，则分子中碳、氢、氮、氧原子个数比为16282481412，故选项说法正确故选B点评本题难度不大，考查同学们结合新信息、灵活运用化学式的含义与有关计算进行分析问题、解决问题的能力13（2分）如图的下列实验能达到实验目的是（浓硫酸具有吸水性）（）A用水吸收COB除去氧气中的水蒸气C探究石蜡中含有氢元素D探究空气中氧气的含量考点一氧化碳的化学性质；气体的干燥（除水）；空气组成的测定；质量守恒定律及其应用专题简单实验方案的设计与评价分析A根据一氧化碳的溶解能力来分析；B根据浓硫酸具有吸水性以及装置的特点来分析；C根据质量守恒定律来分析；D根据探究空气中氧气含量的原理来分析解答解A一氧化碳难溶于水，故不能用水来吸收一氧化碳，故错误；B用盛有浓硫酸的洗气瓶来干燥气体时，应该是长管进气，短管出气，故错误；C根据质量守恒定律可知，如烧杯内壁上出现水珠，就证明石蜡中含有氢元素，故正确；D测定空气中氧气的含量，所选择试剂应该具备以下条件能在空气中燃烧，生成是固体，而硫燃烧生成二氧化硫气体，无法证明空气中氧气的体积含量，故错误故选C点评本题是有关实验方案的设计和评价的考查，要求学生熟悉所实验的内容及原理，完成此题，可以依据已有的知识进行14（2分）下列有关物质的检验、鉴别、分离和除杂所用的试剂或方法正确的是（）选项实验目的所用试剂或方法AM检验某天然水是硬水还是软水观察着颜色B鉴别O2、N2、CO2三种气体用燃着的木条分别伸入瓶内，观察C从H2O2溶液制氧气的残余物中分离出MNO2过滤D除去CO2气体中少量的CO用点燃的方法AABBCCDD考点化学实验方案设计与评价；混合物的分离方法；常见气体的检验与除杂方法；硬水与软水专题简单实验方案的设计与评价分析A、硬水和软水的区别在于所含的钙镁离子的多少，根据硬水和软水的检验方法进行分析判断B、要求根据三种气体性质的不同，设计的方案能出现三种明显不同的实验现象，才能达到达到一次鉴别出三瓶气体的目的C、根据二氧化锰难溶于水，进行分析判断D、除杂质题至少要满足两个条件加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；反应后不能引入新的杂质解答解A、硬水和软水的区别在于所含的钙镁离子的多少，硬水和软水均为无色液体，用观察颜色的方法不能鉴别，故选项说法错误B、分别插入燃着的木条，若木条熄灭，则是N2、二氧化碳；若木条燃烧更旺，则是氧气；无法鉴别氮气和二氧化碳，故选项说法错误C、H2O2溶液制氧气的残余物是水和二氧化锰的混合物，二氧化锰难溶于水，从H2O2溶液制氧气的残余物中分离出MNO2可采用过滤的方法，故选项说法正确D、除去二氧化碳中的一氧化碳不能够点燃，这是因为当二氧化碳（不能燃烧、不能支持燃烧）大量存在时，少量的一氧化碳是不会燃烧的；故选项说法错误故选C点评本题难度不是很大，化学实验方案的设计是考查学生能力的主要类型，同时也是实验教与学难点，在具体设计时要对其原理透彻理解，可根据物质的物理性质和化学性质结合实验目的进行分析判断15（2分）蜡烛（足量）在如图1密闭装置内燃烧至熄灭，用仪器测出这一过程中瓶内氧气含量的变化如图2所示下列判断正确的是（）A蜡烛燃烧前装置内只有氧气B氧气浓度小于一定值时，蜡烛无法燃烧C过程中装置内物质总质量不断减少D蜡烛熄灭后瓶内只剩二氧化碳气体考点蜡烛燃烧实验；质量守恒定律及其应用专题结合课本知识的信息；压轴实验题分析根据已有的知识结合图示进行分析，反应前氧气的体积分数是1956，当氧气的体积分数达到1596时，蜡烛熄灭，说明开始时瓶内含有其他气体，氧气的浓度低于一定值时，蜡烛无法燃烧，任何化学反应都遵循质量守恒定律解答解A、反应前氧气的体积分数是1956，说明蜡烛燃烧前装置内不只有氧气，故A错误；B、当氧气的体积分数达到1596时，蜡烛熄灭，说明氧气的浓度低于一定值时，蜡烛无法燃烧，故B正确；C、任何化学反应都遵循质量守恒定律，密闭容器内的物质的质量不会减少，故C错误；D、蜡烛燃烧生成二氧化碳和水，瓶内不会只剩下二氧化碳，故D错误；故选B点评本题考查了蜡烛的燃烧，完成此题，可以依据蜡烛燃烧的实质结合图示进行二、填空与简答（本题3小题，共33分）16（10分）化学用语是学好化学的关键，请按下列要求填空（1）用数字和化学符号填空2个氯原子2CL；铵根离子NH4；CLO2中氯元素的化合价O2；3个氧分子3O2；保持水的化学性质的最小粒子H2O（2）如图是氧元素、铝元素在周期表中的位置及有关的结构示意图回答下列问题铝元素的原子序数为13；属于铝离子的结构示意图是丁（填序号）；属于氧原子的结构示意图的是E（填序号）；氧元素与铝元素最本质的区别是质子数不同；A、B两种元素组成的化合物的化学式为AL2O3考点化学符号及其周围数字的意义；原子结构示意图与离子结构示意图；元素的概念；元素周期表的特点及其应用；化学式的书写及意义专题化学用语和质量守恒定律分析（1）本题考查化学用语的意义及书写，解题关键是分清化学用语所表达的对象是分子、原子、离子还是化合价，才能在化学符号前或其它位置加上适当的计量数来完整地表达其意义，并能根据物质化学式的书写规则正确书写物质的化学式，才能熟练准确的解答此类题目（2）根据元素周期表中的一个小格所提供的信息判断铝的原子序数，根据铝离子的核外电子数量判断铝离子的核外电子排布情况；根据元素的种类由质子数决定分析不同元素的本质区别，据此解答本题即可解答解（1）原子的表示方法就是用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前加上相应的数字所以2个氯原子，就可表示为2CL由离子的表示方法，在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略若表示多个该离子，就在其离子符号前加上相应的数字，故铵根离子可表示为NH4；元素化合价的表示方法确定出化合物中所要标出的元素的化合价，然后在其化学式该元素的上方用正负号和数字表示，正负号在前，数字在后，所以CLO2中氯元素的化合价，故可表示为O2；根据分子的表示方法正确书写物质的化学式，表示多个该分子，就在其化学式前加上相应的数字，因此3个氧分子表示为3O2；故答案为3O2根据保持水的化学性质的最小粒子是水分子，其化学式为H2O；（2）根据元素周期表中的一个小格所提供的信息可知铝元素的原子序数为13；因为铝离子带3个单位的正电荷，所以铝离子核外共有10个电子，观察图D属于铝离子的结构示意图是丁；氧原子原子序数为8，其核内质子数也是8，因为原子中质子数核外电子数，由此可知属于氧原子的结构示意图的是E；不同种元素之间的本质区别是质子数不同，因此氧元素与铝元素最本质的区别是质子数不同在化合物中氧元素通常显2价，铝元素通常显3价，根据化合价原则，其化学式可表示为AL2O3；故答案为（1）2CL；NH4；O2；3O2；H2O；（2）13；丁；E；质子数不同；AL2O3点评本题主要考查学生对化学用语的书写和理解能力，题目设计既包含对化学符号意义的了解，又考查了学生对化学符号的书写，考查全面，注重基础，题目难度较易17（13分）化学与能源、环境关系密切请你用学过的化学知识回答下列问题（1）关于能源与能量变化，下列叙述正确的是A（填字母序号）A汽油是一种燃料，它是混合物B煤制成“蜂窝煤”是为了降低着火点，使其更易燃烧C在化学反应中只有燃烧才能放出热量D人类利用的能量都是通过化学反应获得的（2）化石燃料包括煤、石油、天然气写出天然气（主要成分为CH4）完全燃烧的化学方程式CH42O2CO22H2O（3）煤的气化是高效、清洁利用煤的重要途径可将煤炼成焦炭，再将焦炭在高温下与水蒸气反应，得到CO和H2该反应的化学方程式为CH2OCOH2（4）化石燃料是不可再生的能源，可开发和利用的新能源有太阳能（写一种即可）（5）“绿色化学”的特点之一是在化工生产中尽可能实现“零排放”C02和H2可以按不同比例反应，生成下列物质用CO2和H2反应，只生成一种产物并且能实现“零排放”，这种产物是下列物质中的A（填字母）A甲酸（CH2O2）B乙酸（C2H4O2）C乙醇（C2H4O）D丙酮（C3H6O）（6）保护环境，人人有责为了减少大气污染，我们应采用的措施开发利用新能源考点常用燃料的使用与其对环境的影响；绿色化学；防治空气污染的措施；物质发生化学变化时的能量变化；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式；化石燃料及其综合利用；资源综合利用和新能源开发专题化学与能源分析根据已有的能源的知识进行分析解答，三大化石燃料是煤、石油和天然气，天然气的主要成分甲烷完全燃烧生成二氧化碳和水，根据反应物和生成物写出反应的化学方程式；根据保护环境的措施解答即可解答解（1）A汽油是一种燃料，它是混合物，正确；B煤制成“蜂窝煤”是为了增大煤与氧气的接触面积，使其更易燃烧，错误；C在化学反应中不是只有燃烧才能放出热量，金属与酸的反应也放出热量，错误；D人类利用的能量不是都通过化学反应获得的，也可以通过物理变化获得，错误；故填A；（2）化石燃料包括煤、石油、天然气CH4完全燃烧生成二氧化碳和水，故填石油，CH42O2CO22H2O（3）焦炭在高温下与水蒸气反应，得到CO和H2，故填CH2OCOH2（4）化石燃是不可再生的能源，可开发和利用的新能源有太阳能、风能、水能等，故填太阳能（5）C02和H2可以按不同比例反应，只生成一种产物并且能实现“零排放”，这种产物中碳原子和氧原子的个数比是12即可，A甲酸（CH2O2）分子中碳原子和氢原子的个数比是12，可以；B乙酸（C2H4O2）分子中碳原子和氢原子的个数比不是12，不可以；C乙醇（C2H4O）分子中碳原子和氢原子的个数比不是12，不可以；D丙酮（C3H6O）分子中碳原子和氢原子的个数比不是12，不可以；故填A（6）为了减少大气污染，我们应采用的措施是减少化石燃料的使用，开发利用新能源，故填开发利用新能源点评本题考查的是化学与能源的知识，解答本题可以依据已有的知识进行18（10分）A、B是初中学过的两种黑色物质，它们按下图所示进行实验，请根据图中物质间的相互转化关系，回答有关问题（1）写出下列物质的化学式AC，BCUO，DCU，ECO（2）写出下列反应的化学方程式ABC2CUO2CUCO2；CAECO2C2CO考点物质的鉴别、推断；化学式的书写及意义；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式专题框图型推断题分析A、B为黑色固体，并且在高温的条件下反应生成了红色物质，所以我们可以判断A、B分别为碳和氧化铜，而红色物质D为铜，气体C为二氧化碳，二氧化碳在高温的条件下可以和碳反应生成一氧化碳，所以A为碳，而E为一氧化碳，一氧化碳可以和氧化铁反应生成铁，带入验证，符合题意，故可以据此答题解答解（1）A、B为黑色固体，并且在高温的条件下反应生成了红色物质，所以我们可以判断A、B分别为碳和氧化铜，而红色物质D为铜，气体C为二氧化碳，二氧化碳在高温的条件下可以和碳反应生成一氧化碳，所以A为碳而E为一氧化碳；故填C；CUO；CU；CO；（2）A（碳）和B（氧化铜）在高温下反应生成铜和二氧化碳，C（二氧化碳）和A（碳）在高温下产生一氧化碳；故反应的方程式分别为C2CUO2CUCO2；CO2C2CO点评此题为框图式物质推断题，完成此类题目，关键是找准解题突破口，直接得出结论，然后利用顺向或逆向或两边向中间推，逐一导出其他结论三、实验与探究（本题2小题，共27分）19（17分）结合下列图示实验装置，回答有关问题（1）实验室用高锰酸钾制取氧气时，应选用的发生装置是A（填字母下同），反应的化学方程式为2KMNO4K2MNO4MNO2O2，试管口放一团棉花的作用是为了防止高锰酸钾粉末进入导管（2）实验室用以上装置制取二氧化碳并检验其性质实验室制取二氧化碳的反应的化学方程式为CACO32HCLCACL2H2OCO2F中观察到的实验现象是澄清的石灰水变浑浊反应的化学方程式为CA（OH）2CO2CACO3H2OG实验中说明二氧化碳具有的性质是二氧化碳既不能燃烧、也不能支持燃烧；二氧化碳的密度比空气大的性质（3）常温下，硫化氢（H2S）是一种有臭鸡蛋气味的气体，密度比空气大，可溶于水；实验室用硫化亚铁（FES）固体和稀硫酸反应生成硫酸亚铁，同时制得硫化氢，该反应的化学方程式为FESH2SO4FESO4H2S实验室制取并收集硫化氢气体应选用的装置是BC考点常用气体的发生装置和收集装置与选取方法；实验室制取氧气的反应原理；制取氧气的操作步骤和注意点；二氧化碳的实验室制法；二氧化碳的化学性质；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式专题常见气体的实验室制法、检验、干燥与净化分析制取装置包括加热和不需加热两种，如果用双氧水和二氧化锰制氧气就不需要加热，如果用高锰酸钾或氯酸钾制氧气就需要加热，加热高锰酸钾时，试管口要放一团棉花，是为了防止高锰酸钾粉末进入导管；氧气的密度比空气的密度大，不易溶于水，因此能用向上排空气法和排水法收集实验室制取CO2，是在常温下，用大理石或石灰石和稀盐酸制取的，碳酸钙和盐酸互相交换成分生成氯化钙和水和二氧化碳，因此不需要加热二氧化碳能溶于水，密度比空气的密度大，因此只能用向上排空气法收集；二氧化碳一般用澄清的石灰水检验把气体通入澄清的石灰水中，石灰水变浑浊，就证明是二氧化碳；G实验中说明二氧化碳具有的性质是二氧化碳既不能燃烧、也不能支持燃烧；二氧化碳的密度比空气大的性质实验室用硫化亚铁（FES）固体和稀硫酸反应生成硫酸亚铁，因此不需要加热；硫化氢气体的密度比空气大，可溶于水，因此只能用向上排空气法收集解答解（1）如果用高锰酸钾或氯酸钾制氧气就需要加热，高锰酸钾受热分解生成锰酸钾和二氧化锰和氧气，要注意配平；加热高锰酸钾时，试管口要放一团棉花，是为了防止高锰酸钾粉末进入导管；故答案为A；2KMNO4K2MNO4MNO2O2；为了防止高锰酸钾粉末进入导管；（2）实验室制取CO2，是在常温下，用大理石或石灰石和稀盐酸制取的，碳酸钙和盐酸互相交换成分生成氯化钙和水和二氧化碳，因此不需要加热二氧化碳能溶于水，密度比空气的密度大，因此只能用向上排空气法收集；二氧化碳一般用澄清的石灰水检验把气体通入澄清的石灰水中，石灰水变浑浊，就证明是二氧化碳；G实验中说明二氧化碳具有的性质是二氧化碳既不能燃烧、也不能支持燃烧；二氧化碳的密度比空气大的性质；故答案为CACO32HCLCACL2H2OCO2；澄清的石灰水变浑浊；CA（OH）2CO2CACO3H2O；二氧化碳既不能燃烧、也不能支持燃烧；二氧化碳的密度比空气大的性质；（3）实验室用硫化亚铁（FES）固体和稀硫酸反应生成硫酸亚铁，同时制得硫化氢，因此不需要加热；硫化氢气体的密度比空气大，可溶于水，因此只能用向上排空气法收集；故答案为FESH2SO4FESO4H2S；BC；点评本考点主要考查了气体的制取装置和收集装置的选择，同时也考查了化学方程式的书写和气体的性质等，综合性比较强气体的制取装置的选择与反应物的状态和反应的条件有关；气体的收集装置的选择与气体的密度和溶解性有关本考点是2015届中考的重要考点之一，主要出现在实验题中20（10分）某化学课外小组同学，用如图所示实验验证质量守恒定律（1）某甲同学用A装置探究质量守恒定律，实验步骤如下如图将烧杯放在天平上用砝码平衡，然后倾斜烧杯使硫酸铜溶液与铁钉接触，一段时间后再把烧杯放在天平上发生反应的化学方程式为FECUSO4FESO4CU最后天平的指针（填序号）C（A偏左B偏右C不偏转D无法预测）（2）乙同学用B装置研究质量守恒定律，实验步骤如下如图将烧杯放在天平上用砝码平衡，然后倾斜烧杯使盐酸与碳酸钠粉末接触，一段时间后再把烧杯放在天平上发现天平的指针偏右造成天平的指针向右偏转的原因是盐酸与碳酸钠粉末反应的装置不密闭，生成二氧化碳气体逸出，使左盘内质量减小改进的方法是实验应在密闭装置内进行（3）在化学反应前后，一定不变的是（填序号）元素种类原子种类原子数目分子种类分子数目物质的总质量（4）应用质量守恒定律可以确定反应物或产物的化学式在载人宇宙飞船中，一般都安装盛放过氧化钠（NA2O2）颗粒的装置，它的作用是再生氧气，供宇航员呼吸，反应的化学方程式为2NA2O22CO22XO2则X的化学式为NA2CO3（5）已知化学反应A3B2C2D在密闭容器中放入A、B、C、D，在一定条件下反应一段时间后，测得容器内各物质质量如下表ABCD反应前各物质质量/G24242424反应后各物质质量/G17未知4633则B和C的相对分子质量之比为811考点质量守恒定律及其应用；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式专题化学用语和质量守恒定律分析读题可知本题（1）（2）是用实验来验证质量守恒定律，那么结果不外乎两个相等（当没有气体参加或不生成气体时）、不相等（当有气体参加或生