贵州省麻江县一中2019-2020学年高二物理上学期10月月考试题

贵州省麻江县一中2019-2020学年高二物理上学期10月月考试题本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.把两根电阻相同的电热丝先串联后并联分别接在同一电源上，若要产生相等的热量，则两种方法所需的时间之比t串t并为()a 11 b 21 c 41 d 142.如图所示，两个点电荷，电荷量分别为q14109c和q29109c，分别固定于相距20 cm的a、b两点，有一个点电荷q放在a、b所在直线上且静止不动，该点电荷所处的位置是()a 在a点左侧40 cm处 b 在a点右侧8 cm处c 在b点右侧20 cm处 d 无法确定3.我国北京正、负电子对撞机的储存环是周长为240 m的近似圆形轨道，电子电荷量e1.61019c，在整个环中运行的电子数目为51011个，设电子的运行速度是3107m/s，则环中的电流是()a 10 ma b 1 ma c 0.1 ma d 0.01 ma4.如图所示，a，b端接入电源，当滑动变阻器滑片p向下滑动时，电路中两个灯泡都不亮，用电压表检查电路时，测得uabu，ucdu，uac0，ubd0，则故障原因可能是()a 变阻器短路 b 变阻器断路ca、c间灯泡断路 d 两个灯泡都断路5.如图所示，一段长为a，宽为b，高为c(abc)的导体，将其中的两个对立面接入电路中时，最大的电阻为r，则最小的电阻为()a b c dr 6.阴极射线示波管的聚焦电场是由电极a1、a2形成，实线为电场线，虚线为等势线，z轴为该电场的中心轴线，p、q、r为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，则()a 电极a1的电势高于电极a2的电势b 电场中q点的电场强度小于r点的电场强度c 电子在p点处的动能大于在q点处的动能d 电子从p至r的运动过程中，电场力对它一直做正功7.一个带电导体与另一个不带电导体接触，下列说法正确的是()a 两个导体一定带异种电荷b 两个导体一定带同种电荷c 两个导体一定带不等量的同种电荷d 两个导体一定带等量的同种电荷8.如图所示，ab是某电场中的一条电场线，在电场线上a处自由释放一负试探电荷时，它沿直线向b加速运动，对此现象，下列判断中正确的是(不计重力)()a 若加速度aaab，则ab一定是正点电荷电场中的一条电场线b 若加速度aaab，则ab一定是正点电荷电场中的一条电场线c 若加速度aaab，则ab一定是匀强电场中的一条电场线d 无论aa，ab大小关系怎样，ab都可能是等量异号电荷电场中的一条电场线9.电容器是一种常用的电子元件对电容器认识正确的是()a 电容器的电容表示其储存电荷的能力b 电容器的电容与它所带的电量成正比c 电容器的电容与它两极板间的电压成正比d 电容的常用单位有 f和pf,1 f103pf10.甲、乙、丙三个电荷在同一直线上，甲带电q，乙带电q(qq)，每个点电荷受其余两个点电荷的作用力的合力都等于零，则丙电荷()一定带正电电量大于q电量小于q在甲、乙连线之间a b c d 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.（多选）如图所示，一带正电的点电荷固定于o点，两虚线圆均以o为圆心，两实线分别为带电粒子m和n先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点不计重力下列说法正确的是（）am带负电荷，n带正电荷bm在b点的动能小于它在a点的动能cn在d点的电势能等于它在e点的电势能dn在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功12.(多选)如图所示，直线a为电源a的路端电压与电流关系图象，直线b为电源b的路端电压与电流关系图象，直线c为一电阻r两端电压与电流关系图象将这个电阻r分别接到a、b两个电源上，由图可知这两次相比()ar接到电源a上，电源效率较高br接到电源b上，电源输出功率较大cr接到电源a上，电源输出功率较大，但效率较低dr接到电源b上，电源内阻发热功率较小13.(多选)图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线两粒子m、n质量相等，所带电荷的绝对值也相等现将m、n从虚线上的o点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示点a、b、c为实线与虚线的交点已知o点电势高于c点若不计重力，则()am带负电荷，n带正电荷bn在a点的速度与m在c点的速度大小相同cn在从o点运动至a点的过程中克服电场力做功dm在从o点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零14.(多选)对于水平放置的平行板电容器，下列说法正确的是()a 将两极板的间距加大，电容将增大b 将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将减小c 在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大d 在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，电容将增大分卷ii三、实验题(共2小题，共15分) 15.（1）用螺旋测微器测量合金丝的直径为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧如图甲所示的部件（选填“a”、“b”、“c”或“d”）从图中的示数可读出合金丝的直径为mm（2）用游标卡尺可以测量某些工件的外径在测量时，示数如上图乙所示，则读数分别为mm16.在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：a待测的干电池（电动势约为1.5 v，内电阻小于1.0 ）b电流表a1（量程03 ma，内阻rg1=10 ）c电流表a2（量程00.6 a，内阻rg2=0.1 ）d滑动变阻器r1（020 ，10 a）e滑动变阻器r2（0200 ，l a）f定值电阻r0g开关和导线若干（1）某同学发现上述器材中没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选（填写器材前的字母代号）（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的i1i2图线（i1为电流表a1的示数，i2为电流表a2的示数，且i2的数值远大于i1的数值），但坐标纸不够大，他只画了一部分图线，则由图线可得被测电池的电动势e=v，内阻r=（3）若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小，则图线的纵坐标应该为ai1（r0+rg1） bi1r0 ci2（r0+rg2） di1rg1四、计算题(共4小题,每小题18.0分,共72分) 17.如图所示，在水平方向的匀强电场中，用长为l的绝缘细线，拴住一质量为m，带电量为q的小球，线的上端固定开始时连线带球拉成水平，突然松开后，小球由静止开始向下摆动，当细线转过60角时的速度恰好为零问：（1）a、b两点的电势差uab为多少？（2）电场强度为多少？18.如图所示，已知平行板电容器两极板间距离d4 mm，充电后两极板电势差为120 va板带正电，若它的电容为3 f，且p到a板距离为1 mm.求：(1)每一板的带电荷量；(2)一个电子在p点具有的电势能；(3)一个电子从b板出发到a板获得的动能；(4)两板间的电场强度19.如图所示，电路中接电动势为4 v，内电阻为2 的直流电源，电阻r1、r2、r3、r4的阻值均为4 ，电容器的电容为30 f，电流表的内阻不计，当电路稳定后（1）求电流表的读数；（2）求电容器所带的电荷量；（3）如果断开电源，求通过r2的电荷量20.如图所示，一束带电粒子(不计重力)，垂直电场线方向进入偏转电场，试讨论在以下情况中，粒子应具备什么条件，才能得到相同的偏转距离y和偏转角度.(u、d、l保持不变)(1)进入偏转电场的速度相同；(2)进入偏转电场的动能相同；(3)先经同一加速电场加速后，再进入偏转电场 答案1.c 2.a 3.a 4.b 5.a 6.d 7.b 8.d 9.a 10.a11.abc 12.cd 13.bd 14.bcd15.（1）b0.410 （2）11.50【解析】解：（1）读数前应先旋紧b，使读数固定不变，螺旋测微器的固定刻度为0 mm，可动刻度为41.00.01 mm=0.410 mm，所以最终读数为0 mm+0.410 mm=0.410 mm（2）游标卡尺的主尺读数为11 mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为100.05 mm=0.50 mm，所以最终读数为：11 mm+0.50 mm=11.50 mm16.（1）b d （2）1.48 0.84 （3）a【解析】（1）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，电路中电流最大为：im=a=1.5 a；故电流表至少应选择00.6 a量程；故应将3 ma故应将电流表g串联一个电阻，改装成较大量程的电压表使用电表流a由于内阻较小；故应采用相对电源来说的外接法；故a、b两个参考实验电路，其中合理的是b；因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小滑动变阻器应选d（r1），（2）由图乙所示图象可知，图象纵轴截距是i1=1.49 ma，电源电动势：e=i1（ra1+r0）=1.49103a（10 +990 ）=1.49 v；路端电压u=i1（ra1+r0），当纵轴表示路端电压时，图象斜率的绝对值等于电源内阻，则电源内阻r=1030.85 ；（3）根据闭合电路欧姆定律可知u=eir，若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小，则图线的纵坐标应该为路段电压，而u=i1（r0+rg1），即图线的纵坐标应该为i1（r0+rg1），故选：a17.（1）（2）【解析】（1）小球由a到b过程中，由动能定理得：mglsin 60+quab=0，解得：uab=.（2）ba间电势差为：uba=uab=，则场强：e=18.(1)3.6104c(2)90 ev(3)120 ev (4)3104n/c【解析】(1)由quc得q1203106c3.6104c.(2)epepedpb90 ev.(3)因为电子从b板出发到a板的过程中电场力做正功，电势能减小，动能增加，所以由动能定理得ek0euba，ek120 ev.(4)e3104n/c.19.（1）0.4 a （2）4.8105c （3）2.4105c【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律：i=故电流表的读数为0.4 a（2）u3=ir3=0.44 v=1.6 vq=cu3=4.8105c故电容器所带的