2019年中考物理模拟试卷及答案解析7-17

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（本题共15题，共30分以下每题各只有一个正确答案，选对得2分；1（2.00分）下列估测数据中，最接近实际的是（）A电冰箱的功率是1000WB一个篮球的质量约为50gC人正常步行的速度约为5m/sD课桌的高度约为80cm2（2.00分）关于声的知识，下列说法错误的是（）A在课堂上听到老师的讲话声，说明声音可以在空气中传播B利用超声波清洗钟表，说明声波可以传递信息C在城市道路旁设置隔声板，是为了在传播过程中减弱噪声D通常我们根据音色辨别不同人说话的声音3（2.00分）下列有关光现象的解释，不正确的是（）A小孔成像是光的折射现象B雨后彩虹是太阳光传播过程中，被空气中的小水滴色散而产生的C在太阳光下我们看到红色的玫瑰花是因为光照射到玫瑰花上发生了光的反射D电视机遥控器是通过发出不同的红外线实现电视机遥控的4（2.00分）下列关于热现象的说法，不正确的是（）A打开香水瓶闻到香味，说明分子在不停地做无规则运动B汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能C冬天很冷的时候搓双手，手就感到暖和，这是用热传递的方式改变手的内能D海边昼夜温差较小，是因为水的比热容比较大5（2.00分）下列现象对应的物态变化及吸（放）热情况正确的是（）A春天，冰雪融化一一液化，吸热B夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”一一液化，放热C秋天，清晨出现的雾一一汽化，放热D冬天，冰冻的衣服变干一一汽化，吸热6（2.00分）在科学探究中，常把直接测量有困难的量转换成便于测量的量来研究。这种方法称之为转换法，例如在探究影响动能大小的因素时，动能大小是通过木块被撞击后移动的距离来判断的，是转换法。下述实验中采用了转换法的是（）A探究声音是由物体振动产生时，通过接触音叉的塑料小球的摆动说明音叉在振动B探究阻力对物体运动的影响时，推理出物体不受阻力时的运动状态C探究串联电路电流特点时，换用不同灯泡及改变电源电压，多次实验D探究压力对滑动摩擦力的影响时，保持接触面粗糙程度不变，改变压力7（2.00分）日常生活中蕴涵着丰富的物理知识，下列生活现象对应的物理知识正确的是（）A迎风打伞，伞可能会被吹翻一一空气流速大的地方压强大B磨刀不误砍柴工一一减小受力面积，减小压强C人多力量大一一杠杆原理D游泳运动员为了前进，用力向后划水一一力是物体对物体的作用8（2.00分）把一个木块（木=0.6103kg/m3）放入盛满酒精（酒精=0.8103kg/m3）的溢水杯中，溢出30g的酒精：若将此木块从酒精中取出，擦干后放入盛满水的溢水杯中，则溢出的水的质量是（）A等于30gB小于30gC大于30gD无法确定9（2.00分）如图所示，电池组由两节新的干电池串联组成，闭合开关S，R1两端的电压为1V，那么图中电压表的示数为（）A1VB2VC3VD4V10（2.00分）如图所示，物理兴趣小组分别用甲、乙两个滑轮组匀速提起质量相同的物体，不计绳重及摩擦。若每个滑轮质量相同，对比两个滑轮组，下列说法正确的是（）A甲更省力，甲机械效率大B乙更省力，机械效率一样大C乙更省力，乙机械效率大D甲更省力，机械效率一样大11（2.00分）小明同学在“探究凸透镜成像的规律”实验时，烛焰在光屏上成了一个清晰的像，如图所示，下列说法正确的是（）在光屏上成的是倒立放大的实像在光屏上成的是倒立缩小的实像照相机工作原理与该成像原理相同放大镜工作原理与该成像原理相同A只有B只有C只有D只有12（2.00分）如图所示，当滑片P于中点时，小灯泡比正常发光时较暗，当滑片P由中点向a端滑动的过程中，忽略温度对灯泡电阻的影响，下列说法正确的是（）滑动变阻的电阻变大；电流表示数变大；电压表示数变大，小灯泡变亮；电压表示数变小，小灯泡变暗。A只有B只有C只有D只有13（2.00分）对下列现象的描述合理的是（）甲：奥斯特实验说明通电导体周围存在着磁场乙：闭合开关，小磁针静止后会指向如图所示位置两：利用这个装置可以探究“电磁感应”现象丁：电流相同，电磁铁磁性随线圈匝数增加而增强ABCD14（2.00分）将密度为2103kg/m3的橡皮泥块放入深20cm的溢水杯中，沉入水底，排开水的质量是64g，当把它捏成一只小船时，便能漂浮在水面上。以下计算结果正确的是（水=1.0103kg/m3，g=10N/kg）（）橡皮泥块浸没在水中时受到的浮力是0.64N橡皮泥小船漂浮时受到的浮力是1.28N橡皮泥小船漂浮时排开水的体积是1.28103m3溢水杯底受到水的压强为1.6103PaA只有B只有C只有D15（2.00分）如图所示，电源电压保持6V不变。电流表的量程为00.6A电压表量程03V，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20 1A”，闭合开关为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中，下列说法正确的是（）电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W2.5W电流表示数允许的变化范围为0.2A0.5A变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为1020电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W1.8WA只有B只有C只有D只有二、填空题（每空1分，共4分）16（1.00分）如图所示，重力为5N的木块被水平推力F=10N压着，静止在竖直墙面上，当推力F的大小增加到20N时，木块所受墙面的摩擦力大小为 N。17（1.00分）在湖边散步的小明惊奇的发现一只小鸟在水中飞翔，当小鸟向高处飞行时，水中的“小鸟”的大小将会 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。18（1.00分）如图所示为一定质量的海波的熔化图象，AB段比CD段升温快的原因是AB段物质的 比CD段小（选填“密度”、“比热容”或“热值”）。19（1.00分）如图甲是某同学探究电流与电压关系的电路图。开关S闭合后。将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图乙所示。由图象可得滑动变阻器的最大阻值是 （实验时电源电压保持3V不变）三、作图题（每题2分，共4分）20（2.00分）如图所示发光点S发出的一条光线经平面镜反射后反射光线过A点，请作出相应的入射光线和反射光线。21（2.00分）如图为一货运小车的结构简图，车上有一重物A，在力F的作用下处于平衡状态。请画出力F的力臂。四.实验题（第22题6分，23题10分，共16分）22（6.00分）在“探究杠杆的平衡条件”实验中。（1）实验前应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，如发现杠杆左端偏高，则可将右端的平衡螺母向 调节。（2）实验中，用如图所示的方式悬挂钩码，杠杆也能水平位置平衡（杠杆上每格等距），但老师却往往提醒大家不要采用这种方式。这主要是因为该种方式 A一个人无法独立操作 B需要使用太多的钩码C力臂与杠杆不重合 D力和力臂数目过多（3）在图中，不改变支点O右侧所挂的两个钩码及其位置，保持左侧第 格的钩码不动，将左侧另外两个钩码改挂到它的下方，杠杆仍可以水平平衡。（4）某同学进行正确的实验操作后，得到的数据为F1=6N、l1=20cm、F2=4N和l2=30cm，该同学根据这些数据能否得出探究结论？ ，理由是： 。（5）使杠杆在倾斜一定角度的位置做实验，也能得出杠杆平衡条件。这种实验方案与杠杆在水平位置做实验的方案相比较，你认为哪种实验方案好并说明理由。在 位置做实验方案好，理由是 。23（10.00分）在测电阻的实验中，实验的器材有：干电池3节，电流表、电压表各一个，开关2个，滑动变阻器1个，待测电阻2个，导线若干。（1）如图所示，图甲是实验的电路图。小丽按照电路图连接电路时，开关应 ，变阻器的滑片要移到最 端（填“左”或“右”）；闭合开关S后，小丽发现电流表和电压表的指针均不动。她断开开关S，检查线路连接无误后，把电压表与b点相连的那根导线改接到c点，再次闭合开关S时，发现电流表的指针仍不动，但电压表的指针有明显的偏转。若电路中只有一处故障，则故障是 ；排除故障后，正确连接电路，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为1.6V时，电流表示数如图乙所示，为 A，则Rx= 。（2）实验时某小组同学利用一只电流表和最大阻值为R0的滑动变阻器完成对未知电阻RX的测量。如图丙所示是他们按照设计连接的部分实验电路。请你依据下面的实验步骤，用笔画线代替导线，将实验电路连接完整（只添加一条导线）。实验步骤：A将开关S1和S2都断开，变阻器的滑片P移到 处，观察到电流表无示数；B保持滑片P位置 ，只闭合开关S1时，读取电流表的示数为I1；C再闭合开关S2时，读取电流表的示数为I2（I2I1）。请你用I1、I2和R表示Rx，则Rx= 。五.计算题（第24题8分，第25题8分，共16分）解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出最后答案的不能得分24（8.00分）如图是某电器设备内的一部分电路，电源电压恒为12V，R1为定值电阻，R2为标有“1005A”字样的滑动变阻器，R3为标有“3V0.9W”字样的定值电阻，电流表A2选用的是00.6A量程。（1）当闭合S、S1、S2时，电流表A1的示数为0.3A，求R1的阻值及这种情况下整个电路消耗的最小和最大功率；（2）当闭合S，断开S1、S2时，为保证整个电路安全，求滑动变阻器接入电路的阻值范围25（8.00分）如图是太阳能热水器内部水箱的结构示意图。A、B是水箱中两个相同的实心圆柱体，密度为2103kg/m3，悬挂在水箱顶部的压力传感开关S上。当S受到竖直向下的拉力达到一定值时闭合，电动水泵M开始向水箱注水；当拉力等于10N时，S断开，电动水泵M停止注水，此时水箱水位最高为1.2mg取10N/kg求：（1）若水箱内有100kg的水，该太阳能热水器将水从20加热到50时水吸收的热量。C水=4.2103J/（kg）（2）停止注水后水箱底部受到的水的压强。（3）若A、B的体积均为400cm3，A、B受到的总重力。（4）正常情况下水箱中的水位最高时如图所示，A受到的浮力（开关S下的细绳和A、B间的细绳质量与体积均忽略不计）。参考答案与试题解析一、选择题（本题共15题，共30分以下每题各只有一个正确答案，选对得2分；1【考点】23：质量的估测；63：长度的估测；68：速度与物体运动；J7：电功率【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、洗衣机的额定功率在200W左右，电冰箱的功率与此差不多，在200W左右。故A不符合实际；B、三个苹果的质量约500g，一个篮球的质量略大于此数值，在600g左右。故B不符合实际；C、人正常步行的速度在4km/h=4m/s1.1m/s左右。故C不符合实际；D、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右。故D符合实际。故选：D。【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。2【考点】92：声音的传播条件；9I：音调、响度与音色的区分；9L：防治噪声的途径；9N：声与能量【分析】根据声音的产生、传播、特征及噪声的防治分析。【解答】解：A、正确，我们平时听到的声音大都是由于空气传播的；B、错误，利用超声波清洗钟表，说明声波可以传递能量；C、正确。设置隔声板可以在传播过程中减弱噪声；D、正确，辨别不同人说话的声音是利用了不同人的声音的音色不同。故选：B。【点评】本题考查了声音的特点在生活中的应用及噪声的防治。3【考点】A2：光在均匀介质中直线传播；AP：光的色散；AR：物体的颜色；AT：红外线【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等；（2）太阳光是混合光，由各种色光混合而成的，经过三棱镜可以分散为各种色光，这种现象叫光的色散；（3）透明物体的颜色是由它透过的色光决定的，不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；（4）红外线是一种不可见光，在现实生活中，可以利用红外线来实现对电视机的遥控。【解答】解：A、小孔成像是光在均匀介质中沿直线传播的原理。故A不正确；B、当太阳光射入雨后空气中的小水滴时，太阳光经过折射发生色散，从而形成彩虹；故B正确；C、不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的，玫瑰花之所以是红色的，是因为它只能反射红色的光，而吸收了其它颜色的光。故C正确；D、遥控器通过前面的二极管可以发出红外线，电视机接收红外线，实现无线控制。故D正确。故选：A。【点评】此题考查了光的直线传播、光的色散、物体的颜色、红外线的应用，是一道基础题。4【考点】GA：热传递改变物体内能；GF：比热容解释简单的自然现象；GM：内燃机的四个冲程；GV：分子的运动【分析】（1）一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，分子的运动属于扩散现象；（2）汽油机的四个冲程中，做功冲程将内能转化成机械能；（3）改变内能有两种方式：做功和热传递；（4）水的比热容大，故其吸（放）热本领越大，可以减小昼夜温差。【解答】解：A、由于香水的香气分子不停地做无规则运动，所以打开香水瓶后，香气分子会扩散到空气中使人闻到香味，故A正确；B、汽油机的做功冲程是燃料燃烧形成的高温高压气体推动活塞向下运动，带动曲轴转动，对外做功的冲程，它是将内能转化为机械能，故B正确；C、冬天很冷的时候搓双手，双手相互摩擦做功，将机械能转化为内能，手的温度升高，手就感到暖和，故C错误；D、海边昼夜温差较小，是因为水的比热容大，一定质量的海水吸收（或放出）较多的热量而自身的温度却改变不多，白天，阳光照在海面上，水的温度在升高的同时吸收大量的热，使海边附近的温度不致升得太高，晚上，气温降低，海水的温度在降低的同时放出大量的热，使海边附近的温度不致降得太低，所以海边昼夜温差较小，故D正确。故选：C。【点评】本题主要考查学生对：扩散现象、汽油机的四个冲程、改变内能的方法、水比热容大的特点在生活中的应用的掌握情况，综合性较强，需要学生多方联系、认真思考解答。5【考点】19：熔化与熔化吸热特点；1M：液化及液化现象；1P：升华和凝华的定义和特点【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。【解答】解：A、春天，冰雪融化是物质由固态变成液态的熔化过程，熔化吸热，故A错误；B、夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故B正确；C、秋天，清晨出现的雾是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故C错误；D、冬天，冰冻的衣服变干是固态的冰直接变成气态的水蒸气，是升华现象，升华吸热，故D错误。故选：B。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。6【考点】2Q：物理学方法【分析】转换法是中学物理中把直接测量有困难的量转换成便于测量的量来研究的一种重要的研究方法，也就是借助某些物体的特性来研究看不到或不易观察到物质，形象直观。【解答】解：A、在探究声音是由物体振动产生时，音叉的振动是通过接触音叉的塑料小球的摆动来判断的，是转换法，故A符合题意；B、在探究阻力对物体运动的影响时，推理出物体不受阻力时的运动状态，是实验推理法，故B不符合题意；C、在探究串联电路电流特点时，换用不同灯泡及改变电源电压，多次实验；寻找普遍规律；是归纳法，故C不符合题意；D、在探究压力对滑动摩擦力的影响时，保持接触面粗糙程度不变，改变压力；采用的是控制变量法，故D不符合题意；故选：A。【点评】要解答本题应掌握物理研究中常常用到“控制变量法”、“等效替代法”、“模型法”、“推理法”、”转换法“等方法。7【考点】6I：力作用的相互性；84：增大压强的方法及其应用；8K：流体压强与流速的关系【分析】（1）流体的压强跟流速有关，流速越快的地方压强反而越小。（2）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。（3）人多力量大是指人数多了，产生的力量就大。（4）物体间力的作用是相互的。【解答】解：A、风中雨伞容易“上翻”，是由于流速大的地方压强小，故A错误；B、磨刀使刀锋变的锋利，这是通过减小受力面积来增大压强的，从而省力省时，故B错误；C、人多力量大是指人数多了，产生的力量就大。而杠杆是一种简单机械，它的原理是动力动力臂=阻力阻力臂，所以人多力量大和杠杆原理没有丝毫的联系，故C错误；D、因为物体间力的作用是相互的，游泳运动员用力向后划水，水给运动员一个向前的力，是力是物体对物体的作用。故D正确。故选：D。【点评】本题考查液体压强与流速的关系、减小压强的方法、杠杆原理和力的作用的相互性，知识点多，综合性强，属于中等题。8【考点】8O：阿基米德原理【分析】由题知，木块的密度小于酒精和水的密度，放入酒精或水中将漂浮，受到的浮力等于木块重，也等于排开酒精或水的重，再根据重力公式分析质量关系。【解答】解：因为木酒精，所以，木块在酒精面上将漂浮，则木块受到酒精的浮力：F浮=G木=G排=m排g；因为木水，所以，木块在水面上漂浮，则木块受到水的浮力：F浮=G木=G排=m排g；由可知木块排开酒精和水的质量（溢出的质量）：m排=m排=30g。故选：A。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、物体漂浮条件的掌握和运用，将漂浮条件和阿基米德原理结合使用（F浮=G木=G排）是本题的关键。9【考点】I6：串联电路的电压规律【分析】由电路图可知两电阻串联，电压表测R2两端的电压，先求出电源电压，再根据串联电路的电压特点求R2两端的电压，即电压表的示数。【解答】解：电池组由两节新的干电池串联组成，则电源电压U=1.5V2=3V，而U1=1V，由电路图可知两电阻串联，电压表测R2两端的电压，R2两端的电压U2=UU1=3V1V=2V，即电压表的示数为2V。故选：B。【点评】正确判断电压表测量的电路元件是解题的关键，要注意电压表不测带电源的用电器。10【考点】7X：滑轮组及其工作特点；F2：机械效率的大小比较【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s=nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。【解答】解：不计绳重及摩擦，拉力F=（G物+G轮），n甲=2，n乙=3，绳子受的拉力：F甲=（G物+G轮），F乙=（G物+G轮），F甲F乙，乙图省力；动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额=G轮h，W有用=G物h，利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，由=100%，可知，滑轮组的机械效率相同。故选：B。【点评】本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，有用功、额外功、总功的计算方法，不计摩擦和绳重时拉力的求法；本题关键在于确定额外功相等。11【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】解答此题从以下知识点入手：凸透镜成像规律：物距小于焦距成正立放大虚像。应用是放大镜。物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距。应用是幻灯机、投影仪。物距等于二倍焦距成倒立等大实像，像距等于二倍焦距。物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距。应用是照相机。成实像时：物像异侧，物距变大，像距变小，像变小。【解答】解：由图知，蜡烛放在2倍焦距之外，所以此时成缩小、倒立的实像；照相机是根据这个原理制成的。故正确、错误。故选：D。【点评】此题主要考查了凸透镜成像的规律及应用。首先要熟练掌握规律的内容，要做到灵活运用是解题关键。12【考点】IZ：电路的动态分析【分析】从电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流；（1）当滑片P由中点向a端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据电阻的串联可知总电阻变化，由欧姆定律可知电路电流的变化；（2）根据欧姆定律的变形公式U=IR分析灯的电压变化，由P=确定灯泡的实际功率变化，小灯泡亮度由灯的实际功率决定，据此分析。【解答】解：由图知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流；（1）P由中点向a端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，错误；根据电阻的串联，总电阻变小，根据I=可知，电路中电流变大，即电流表示数变大，正确；（2）根据U=IR可知，灯的电压变大，即电压表示数变大，由P=可知灯泡的实际功率变大，小灯泡变亮，故正确，错误。故选：C。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用。难度中等。13【考点】C9：通电直导线周围的磁场；CA：通电螺线管的磁场；CE：影响电磁铁磁性强弱的因素；CP：电磁感应【分析】（1）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场；（2）用右手握住螺线管，让四指弯向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；（4）电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关。【解答】解：甲：该实验是奥斯特实验，小磁针发生偏转是因为受到磁场的作用，说明通电导体周围存在着磁场，说法正确；乙：由图知电流从螺线管右侧流入，根据安培定则可知，通电螺线管的右端为N极、左端为S极，再根据磁极间相互作用，小磁针的右端应为N极、左端为S极，说法错误；丙：图中无电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这一现象叫电磁感应现象，说法正确；丁：由图知，两个电磁铁串联在电路中，通过的电流相同，线圈匝数越多，吸引的大头针越多，说明磁性越强，即电磁铁磁性随线圈匝数增加而增强，说法正确。综上所述，的说法正确。故选：A。【点评】本题是一道电磁学的综合题，考查学生对电磁学一些知识点的了解和掌握情况，是一道基础题。14【考点】89：液体的压强的计算；8O：阿基米德原理；8P：浮力大小的计算【分析】根据阿基米德原理和重力公式计算橡皮泥块浸没在水中时受到的浮力；橡皮泥块浸没在水中，排开水的体积等于其自身体积，利用密度公式可求；橡皮泥小船的体积等于橡皮泥块的体积，利用重力和密度公式可求其重力，然后根据物体漂浮条件计算橡皮泥小船漂浮时受到的浮力；利用F浮=gV排可橡皮泥小船漂浮时排开水的体积；知道水原来的深度，然后求出橡皮泥小船漂浮时水面上升的高度，进而求出水的总深度，再根据p=gh溢水杯底受到水的压强。【解答】解：橡皮泥块浸没在水中时受到的浮力：F浮=G排=m排g=0.064kg10N/kg=0.64N故正确；根据=可得，橡皮泥块的体积：V块=V排水=6.4105m3，橡皮泥小船的体积等于橡皮泥块的体积，即V船=V块=6.4105m3，则橡皮泥小船的重力：G=mg=V船g=2103kg/m36.4105m310N/kg=1.28N，橡皮泥小船漂浮时受到的浮力：F=G=1.28N故正确；根据F浮=gV排可得，橡皮泥小船漂浮时排开水的体积：=1.28104m3；故错误；根据p=gh可知，计算溢水杯底受到水的压强需要知道水的密度和深度，题目中只知道溢水杯的深度，不知道水的深度，也不知道溢水杯的底面积，无法计算橡皮泥小船漂浮时水面上升的高度，所以溢水杯底受到水的压强无法计算。故D错误。故选：A。【点评】此题考查浮力、液体压强的计算，同时考查密度公式、物体浮沉条件的应用，关键是知道橡皮泥小船的体积等于橡皮泥块的体积。15【考点】IZ：电路的动态分析【分析】（1）滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表测量定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流：由题意知，当电压表的最大测量值为3V时，由欧姆定律求出电路中的电流：与电流表允许通过的电流比较，确定电路中的最大电流；由欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小电阻；根据P=UI可得出电路消耗的最大功率及电阻R1消耗功率最大功率，确定正确与否；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻越大时，电路中的电流最小，根据U=IR，电压表示数越小，故变阻器的最大电阻可连入电路中，由（1）中滑动变阻器接入电路中的最小电阻即可确定变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围；根据P=，当电路的总电阻最大时，电路的总功率最小，根据电阻的串联求出电路的最大总电阻最，P=求电路的最小总功率，结合（1）电路的最大功率即可确定电路消耗总功率允许的变化范围。【解答】解：（1）电源两端电压为6V保持不变，定值电阻为10；由题意知，当电压表的最大测量值为3V时，此时定值电阻R1两端的电压U1=3V，电路中的电流：I1=I=I2=0.3A0.6A，因此电路中的最大电流为0.3A；故滑动变阻器接入电路中的最小电阻：R2=10；电路消耗的最大功率P=UI=6V0.3A=1.8W；电阻R1消耗功率最大功率：P=UI=3V0.3A=0.9W。故错误；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻越大时，电路中的电流最小，根据U=IR，电压表示数越小，故变阻器的最大电阻可连入电路中，由，即变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为1020，正确。根据P=，当电路的总电阻最大时，电路的总功率最小，故最小总功率：P小=1.2W，由、知，正确。故选：C。【点评】本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。二、填空题（每空1分，共4分）16【考点】7D：摩擦力的大小【分析】物块静止在竖直墙壁上，受重力、推力和弹力、静摩擦力处于平衡，根据二力平衡判断摩擦力的变化。【解答】解：用推力F=10N压木块时，木块处于静止状态，竖直方向上重力和静摩擦力平衡，则木块受到的摩擦力f=G=5N。当推力增大为20N时，木块仍然静止，摩擦力仍等于重力，则木块所受墙面的摩擦力大小仍为5N。故答案为：5。【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用二力平衡进行求解。17【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】根据平面镜成像的特点可知，平面镜所成的像是虚像，物体和像关于平面镜对称；像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等；简记为：正立、等大、对称、虚像。【解答】解：水面相当于平面镜，由于物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，所以不管小鸟飞多高，像始终和物体等大，因此小鸟越飞越高时，小鸟在水中的像的大小将不变。故答案为：不变。【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答。18【考点】GD：比热容的概念【分析】根据Q=cmt进行分析判断。【解答】解：由Q=cmt可知，在AB段和CD段，吸收相同的热量时，温度变化不同，说明海波在固态和液态时的比热容不同，由于固态海波的比热容比液态海波小，所以AB段比CD段升温快。故答案为：比热容。【点评】本题主要考查热量计算公式Q=cmt的应用，要熟练掌握。19【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】由图甲知，两电阻串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路中电流。当滑片在b端时，只有R1连入电路中，此时电路中电流最大，其两端电压等于电源电压； 当滑片在右端时，变阻器接入电路阻值最大，电流中电流最小，由图象读出R1两端电压和电路中电流，由串联电路特点和欧姆定律求出滑动变阻器最大阻值。【解答】解：由电路图甲知，两电阻串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路中电流。由图甲所示可知，当滑片在a端时，只有定值电阻接入电路，由图乙所示图象可知，此时定值电阻两端电压：U1=U=3V，滑片在b端时，变阻器连入阻值最大，由图乙知，此时电路电流I=0.1A，U1=0.5V，变阻器两端电压：UR=UU1=3V0.5V=2.5V，由欧姆定律可得，滑动变阻器最大阻值：R=25。故答案为：25。【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律公式的应用，关键从图象中能获取有用信息。三、作图题（每题2分，共4分）20【考点】A8：作光的反射光路图【分析】根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，连接SA，与镜面的交点为入射点，再完成光路。【解答】解：过镜面作出点S的对称点S，即为点光源S在平面镜中的像，连接SA与镜面交于O点，即为入射点（反射点），连接SO就得到入射光线，连接AO即为反射光线，如下图所示：【点评】本题利用了平面镜成像特点完成光路。物与像关于镜面对称。本题还可以作出A点的像A，连接SA与镜面交于O点，从而确定入射光线和入射点，连接OA，OS画出反射光线和入射光线即可。21【考点】7P：力臂的画法【分析】力F的作用线就是沿力的方向的直线，力臂是指从支点到力的作用线的距离，据此画出力臂。【解答】解：由图知施加力F，小车可绕O点转动，O为支点，先反向延长画出力F的作用线F，从支点O作力F的作用线的垂线，垂线段的长就是力F的力臂L如图所示：【点评】画杠杆的力臂一是要找准支点，二是要准确画出力的作用线，然后才是从支点作力的作用线的垂线，最后还应该用字母将其标出来。四.实验题（第22题6分，23题10分，共16分）22【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）调节杠杆平衡的原则是杠杆左倾向右调节螺母，螺母的调节方向是向上翘的那端调节。（2）在初中阶段，探究杠杆平衡条件的实验，作用在杠杆上的力只有一个动力和一个阻力，不探究多个动力或阻力的作用下的杠杆平衡。（3）根据杠杆平衡的条件，F1L1=F2L2，进行判断右侧的力与力臂不变，左侧的三个钩码一起所挂的位置。（4）杠杆平衡条件是规律性结论，必须经过多次实验验证才行，只有一次实验数据，偶然性太大，不能反映普遍规律。（5）探究杠杆平衡条件时，杠杆在倾斜一定角度的位置进行实验，力臂不在杠杆上，不方便测量；杠杆在水平位置平衡优点有：一个便于测量力臂，二是消除杠杆自重的影响。【解答】解（1）杠杆不在水平位置，左端偏高，则重心应向左移动，故应向左调节左端或右端的平衡螺母。（2）实验中，如图所示的方式悬挂钩码，杠杆平衡是杠杆的左侧在多个力共同作用的结果，采用这种方式是不妥当的。这主要是因为杠杆的力和力臂数目过多。（3）不改变支点O右侧所挂的两个钩码及其位置，将左侧另外两个钩码改挂到第三个钩码的下方，即左侧的力是三个钩码，根据杠杆平衡的条件，F1L1=F2L2，2个3格=3个n格，n=2；即保持左侧第2格的钩码不动。（4）不能得出探究结论；因为一次实验获得的数据有偶然性，不能反映普遍规律。（5）杠杆在水平位置的方案好；探究杠杆平衡条件时，杠杆在倾斜一定角度的位置进行实验，力臂不在杠杆上，不方便测量；杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小。故答案为：（1）左；（2）D；（3）2；（4）不能；一次实验获得的数据有偶然性，不能反映普遍规律；（5）水平；便于测量力臂，同时又可以消除杠杆自重的影响。【点评】本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算。23【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）为了保护电路，连接电路时开关应断开，变阻器的滑片在阻值最大处；由图甲，电压表测Rx两端电压，电流表和电压表的指针均不动。说明电路中有断路发生；改接后，电流表无示数，电压表有明显偏转，说明电压表两接柱间到电源是通路，由此判断电路故障的原因；根据电流表量程和分度值读出此时电流，根据I=计算Rx的阻值；（2）根据实验步骤，结合丙图和两次电路判断电路的连接方式，根据电路特点和欧姆定律求出表达式。【解答】解：（1）为了保护电路，连接电路时开关应断开，变阻器的滑片在阻值最大处即最右端；图甲，电压表测Rx两端电压，闭合开关S后，小丽发现电流表和电压表的指针均不动，电流表没有示数说明电路中有断路发生，电压表没有示数说明电压表与电源两端不相连，断路的地方在在Rx以外；电压表与b点相连的那根导线改接到c点，电压表测总电压，电压表有明显偏转，说明由a、c两间到电源是通路，断路发生bc之间的R上；由乙图知，电流表使用00.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.32A，根据I=知，Rx=5；（2）由实验步骤，I2I1，说明R与Rx并联，闭合开关S1、S2时两者并联。只闭合开关S1时，只有R接入电路中，由此连接实物如图所示：实验步骤：A为了保护电路，闭合开关前滑片在阻值最大处，故需要将开关S1和S2都断开，变阻器的滑片P移到最左端处，观察到电流表无示数；B保持滑片P位置不变，只闭合开关S1时，读取电流表的示数为I1；此时只有R接入电路中，且R最大阻值为R0，所以电源电压U=U0=I1R0，C再闭合开关S2时，读取电流表的示数为I2（I2I1），此时两者并联，通过Rx的电流，Ix=I2I1。所以Rx=。故答案为：（1）断开；右；bc之间的R断路；0.32；5；（2）见上图；A、最左端；B、不变；。【点评】本题考查了测电阻实验中的注意事项、电路故障的判断、电表读数、电阻计算和特殊方法测电阻，关键是根据实验步骤知道能利用电流表与已知阻值电阻组合间接测电压。五.计算题（第24题8分，第25题8分，共16分）解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出最后答案的不能得分24【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】（1）当闭合S、S