陕西省黄陵中学本部2020学年高二化学下学期期末考试试题（含解析）

陕西省黄陵中学本部2020学年高二化学下学期期末考试试题（满分：100分 考试时间：100分钟）说明：1、本试卷分第卷和第卷，共34道题。2、答题前，先将试场、座位号、班级、姓名正确填写在答题卡指定的区域内。所有试题的答案都必须工整书写在答题卡规定的位置，否则无效。3、考试结束后将答题卡交回，其余自己保留，评讲时用。4、可能用到的相对原子质量：H1 C12 N14 O16 S32 Na23 Mg24 Al27 Cl355 Zn65 Fe56 Cu-64 Ca-40 Ag-108第I卷 选择题(共60分)一、选择题（本题包括30小题，每题2分，共60分，每小题只有一个选项符合题意）1. 下列说法中正确的是A. 阿伏加德罗常数就是指6.021023B. 1 mol 任何物质都约含有6.021023个分子C. 3.011023个Na的物质的量是0.5 molD. 2 mol SO42约含有1.2041023个SO42【答案】C【解析】A、阿伏伽德罗常数指1mol任何物质所含的粒子数，约为6.021023；B、分子错误，应为粒子数，像NaCl就不存在分子；D，应为1.2041024个2.下列叙述正确的是()A. 1 mol CO2的质量为44 g/molB. H2SO4的摩尔质量为98C. 标准状况下，气体摩尔体积约为22.4 LD. O2的相对分子质量为32【答案】D【解析】【详解】A、质量单位为g，故1mol二氧化碳的质量为44g，故A错误；B、摩尔质量的单位为g/mol，故硫酸的摩尔质量为98g/mol，故B错误；C、气体摩尔体积的单位为L/mol，故标况下，气体摩尔体积为22.4L/mol，故C错误；D、O的相对原子质量为16，故氧气的相对分子质量为32，故D正确；答案选D。3.用NA表示阿伏德罗常数，下列叙述正确的是（ ）A. 标准状况下，22.4LH2O含有分子数为NAB. 常温常压下，1.06gNa2CO3含有的Na+离子数为0.02NAC. 物质的量浓度为1mol/L的MgCl2溶液中，含有Cl个数为2NAD. 通常状况下，NA个CO2分子占有的体积为22.4L【答案】B【解析】【详解】A.标准状况下，水是液体，无法用气体摩尔体积求物质的量，A错误；B.常温常压下，Na2CO3为离子晶体，1.06g即0.01mol，含有的Na+离子数为0.02NA，B正确；C.物质的量浓度为1mol/L的MgCl2溶液中，未给定体积无法计算含有Cl的个数，C错误；D.标准状况下，NA个CO2分子占有的体积为22.4L，D错误；答案为B；【点睛】只有浓度，未给定体积无法计算个数，标况下气体摩尔体积为22.4L/mol。4.下列各组中的离子，能在溶液中大量共存的是（ ）A. K+、H+、SO42-、OH-B. Na+、Ca2+、CO32-、NO3-C. Na+、H+、Cl-、CO32-D. Na+、Cu2+、Cl-、SO42-【答案】D【解析】【详解】A. K+、H+、SO42-、OH-中，H+与OH-反应不能大量共存，A错误；B. Na+、Ca2+、CO32-、NO3-中，Ca2+与CO32-反应不能大量共存，B错误；C. Na+、H+、Cl-、CO32-中，H+与CO32-反应不能大量共存，C错误；D. Na+、Cu2+、Cl-、SO42-中，不反应可以大量共存，D正确；答案为D。5. 能正确表示下列化学反应的离子方程式是A. 氢氧化钡溶液与稀硫酸的反应：OH-H+H2OB. 澄清的石灰水与稀盐酸反应：Ca(OH)2+2H+=Ca2+2H2OC. 铁丝插入硫酸铜溶液中：Fe + Cu2+= Cu + Fe2+D. 碳酸钙溶于稀盐酸中：CO32-+ 2H+H2O + CO2【答案】C【解析】【详解】A.氢氧化钡溶液与硫酸反应生成硫酸钡沉淀和水：Ba2+SO42-+2OH-+2H+=2BaSO4+2H2O，故A错误；B.澄清的石灰水与稀盐酸反应中氢氧化钙可以拆开，即OH-+ H+= H2O，故B错误；C.铁丝插入硫酸铜溶液中生成硫酸亚铁和铜： Fe + Cu2+=Cu + Fe2+，故C正确；D.碳酸钙溶于稀盐酸中生成氯化钙、水和二氧化碳：CaCO3+2H+=Ca2+H2O+CO2，故D错误；故选C。6.实验室制取少量N2常利用的反应是NaNO2NH4ClNaClN22H2O，关于该反应的说法正确的是（ ）A. NaNO2是氧化剂B. 生成1molN2时转移的电子为6molC. NH4Cl中的N元素被还原D. N2既是氧化剂又是还原剂【答案】A【解析】【详解】A.NaNO2中N原子化合价为+3价，反应后变为0价，作氧化剂，A正确；B.生成1molN2时氧化剂化合价由+3变为0，转移的电子为3mol，B错误；C.NH4Cl中的N原子化合价升高，作还原剂被氧化，C错误；D.N2既是氧化产物又是还原产物，D错误；答案为A。【点睛】氧化还原反应中，还原剂在反应物中找，特征为“升失氧”。7.下列事实不能用元素周期律解释的有()A. 碱性：KOH NaOHB. 相对原子质量：Ar KC. 酸性：HClO4 H2SO4D. 元素的金属性：Mg Al【答案】B【解析】试题分析：A同主族从上到下元素的金属性、最高价氧化物的水化物的碱性逐渐增强，故A正确； B元素周期表是按照原子序数从小到大的顺序编排的，不是按照相对原子质量的大小，故B错误；C同周期从左到右元素的最高价氧化物对应的水化物的酸性逐渐增强，故C正确。D同周期从左到右元素的金属性逐渐减弱， D正确。故选B。考点：考查元素周期律和元素周期表的综合应用【此处有视频，请去附件查看】8.今年是门捷列夫发现元素周期律150周年。下表是元素周期表的一部分，W、X、Y、Z为短周期主族元素，W与X的最高化合价之和为8。下列说法错误的是A. 原子半径：WXB. 常温常压下，Y单质为固态C. 气态氢化物热稳定性：ZWD. X的最高价氧化物的水化物是强碱【答案】D【解析】【分析】W、X、Y和Z为短周期主族元素，依据位置关系可以看出，W的族序数比X多2，因主族元素族序数在数值上等于该元素的最高价（除F与O以外），可设X的族序数为a，则W的族序数为a+2，W与X的最高化合价之和为8，则有a+(a+2)=8，解得a=3，故X位于第IIIA族，为Al元素；Y为Si元素，Z为P元素；W为N元素，据此分析作答。【详解】根据上述分析可知W、X、Y和Z为N、Al、Si和P，则A. 同一周期从左到右元素原子半径依次减小，同一主族从上到下元素原子半径依次增大，则原子半径比较：NAl，A项正确；B. 常温常压下，Si为固体，B项正确；C. 同一主族元素从上到下，元素非金属性依次减弱，气体氢化物的稳定性依次减弱，则气体氢化物的稳定性：PH3NH3，C项正确；D. X的最高价氧化物的水化物为氢氧化铝，即可以和强酸反应，又可以与强碱反应，属于两性氢氧化物，D项错误；答案选D。【点睛】非金属性越强的原子形成氢化物越稳定，与氢气化合越容易，其最高价氧化物对应的水化物的酸性越强，对应阴离子的还原性越弱，要识记并理解。9. 已知：2Fe(s)O2(g) 2FeO(s) H544kJmol14Al(s)3O2(g) 2Al2O3(s) H3350kJmol1则2Al(s) +3FeO(s) Al2O3(s) + 3Fe(s)的H是A. 859 kJmol1 B. 859 kJmol1C. 1403 kJmol1D. 2491 kJmol1【答案】A【解析】根据盖斯定律，目标反应等于，故H=-3350（-544）=-859KJ/mol。10. 下列说法正确的是（）A. 在101kPa时，1mol H2完全燃烧生成液态水，放出285.8kJ热量，H2的燃烧热为285.8kJmol1B. 测定HCl和NaOH反应的中和热时，每次实验均应测量3个温度，即盐酸起始温度，NaOH起始温度和反应后终止温度C. 在101k Pa时，1mol C与适量O2反应生成1mol CO时，放出110.5kJ热量，则C的燃烧热为110.5kJmol1D. 在稀溶液中，H(aq)OH(aq)H2O(l)，H57.31 kJmol1。若将含0.5mol H2SO4的浓硫酸与含1mol NaOH的溶液混合，放出的热量等于57.3kJ【答案】B【解析】燃烧热是指在一定条件下，1mol可燃物完全燃烧生成稳定的氧化物时所放出的热量，A中没有指明温度，不正确，C也不正确。D中浓硫酸溶于水放热，所以所以放出的热量大于57.3kJ。答案选B。11.CH3CH2OH分子中的氢原子的环境有（ ）种A. 1B. 2C. 3D. 6【答案】C【解析】CH3CH2OH分子中，其中-CH3中3个H原子等效，-CH2-中的H原子等效，故分子中含有3种不同的H原子，故选C。12. 某有机物在氧气中充分燃烧，生成等物质的量的二氧化碳和水。则该有机物的组成必须满足的条件是A. 分子中C、H、O的个数比为1:2:3B. 分子中C、H的个数比为1:2C. 该有机物的相对分子质量为14D. 该分子中肯定不含氧【答案】B【解析】【分析】有机物在氧气中充分燃烧，生成的水和二氧化碳的物质的量比为1：1，据此可以求算出其中碳原子和氢原子的个数比为1：2，但是不能判断其中氧原子与碳原子及氢原子的个数比。【详解】A根据质量守恒定律可以判断在有机物中含有碳原子和氢原子，但是不能判断出该有机物中是否含有氧元素，所以也就无法求算该有机物中碳、氢、氧三种原子的个数比，故A错误； B根据题意可以知生成的水和二氧化碳的物质的量比为1：1，即生成的水和二氧化碳的分子个数相等，而一个水分子中含有2个氢原子，一个二氧化碳分子中含有一个碳原子，即该有机物中碳原子和氢原子的个数比为1：2，故B正确；C根据题意只能确定该有机物中碳原子和氢原子的个数比，不能判断出该有机物中是否含有氧元素，就不能确定有机物的分子式以及分子量的大小，故C错误； D根据质量守恒定律可以判断在有机物中含有碳原子和氢原子，但是不能判断出该有机物中是否含有氧元素，故D错误。【点睛】本题考查了有机物分子式确定的计算，题目难度不大，明确发生反应的实质为解答关键，注意掌握守恒思想在化学计算中的应用。13.下列物质的类别与所含官能团都错误的是（ ）A. 醇类OHB. 羧酸 COOHC. 醛类CHOD. CH3-O-CH3 醚类【答案】C【解析】【详解】A.含有的官能团为OH，属于醇类，与题意不符，A错误；B.含有的官能团为COOH，属于羧酸类，与题意不符，B错误；C. 含有的官能团为-COOC，属于酯类，符合题意，C正确；D. CH3-O-CH3含有的官能团为C-O-C，属于醚类，与题意不符，D错误； 答案为C；【点睛】根据常见官能团确定物质的类别，C项为易错点，注意甲酸酯含有醛基，具有醛的性质，但不属于醛类。14.下列有机物命名正确的是（ ）A. 2乙基丙烷B. CH3CH2CH2CH2OH 1丁醇C. CH3CH3 间二甲苯D. 2甲基2丙烯【答案】B【解析】【详解】A.最长的碳链上碳原子数为4，名称为2甲基丁烷，A错误；B.CH3CH2CH2CH2OH共有4个碳原子，且羟基在第一个碳原子上，名称为1丁醇，B正确；C.CH3CH3苯环上的2个甲基在对位，名称为对二甲苯，C错误；D.碳碳双键在第一个碳原子上，则名称为2甲基1丙烯，D错误；答案为B；15.以下实验能获得成功的是（ ）A. 用稀硫酸与乙醇混合液共热控制在170制乙烯气体B. 将铁屑、溴水、苯混合制溴苯C. 在苯酚溶液中滴入少量稀溴水出现白色沉淀D. 将铜丝在酒精灯上加热后，立即伸入无水乙醇中，铜丝恢复成原来的红色【答案】D【解析】【详解】A.稀硫酸不具有脱水性、吸水性，则用稀硫酸与乙醇混合液共热无法制取乙烯气体，A错误；B.将铁屑、液溴、苯混合制溴苯，用溴水发生萃取，无法制取溴苯，B错误；C.在苯酚溶液中滴入浓溴水出现白色沉淀，与稀溴水不反应，C错误；D.将铜丝在酒精灯上加热后，立即伸入无水乙醇中，铜丝恢复成原来的红色，D正确；答案为D。16.由2氯丙烷为主要原料制取1,2丙二醇CH3CH(OH)CH2OH时，经过的反应类型为A. 加成消去取代B. 消去加成取代C. 取代消去加成D. 取代加成消去【答案】B【解析】2-氯丙烷为主要原料制取1，2-丙二醇CH3CH（OH）CH2OH，先发生氯代烃的消去反应生成C=C，再发生丙烯的加成反应引入两个卤素原子，最后发生卤代烃的水解反应（属于取代反应）生成CH3CH（OH）CH2OH，答案选B。点睛：本题考查有机物的合成，注意官能团的变化，结合卤代烃、烯烃的性质即可解答，2-氯丙烷为主要原料制取1，2-丙二醇CH3CH（OH）CH2OH，-Cl变化为两个-OH，应先消去生成C=C，再加成引入两个卤素原子，最后水解即可，以此来解答。17. 下列各组物质中能用分液漏斗分离的是A. 乙醇和乙醛B. 甲苯和苯酚C. 乙酸乙酯和醋酸D. 硝基苯和水【答案】D【解析】试题分析：能用分液漏斗分离的应该是互不相溶的液体混合物。A乙醇和乙互溶，不符合题意，错误。B苯酚容易溶于甲苯，不符合题意，错误。C醋酸可以溶解在乙酸乙酯中，错误；D硝基苯难溶于水，密度比水大，因此是互不相溶的两种液体混合物，可以使用分液漏斗分离，正确。考点：考查混合物分离方法的知识。18.与CH2=CH2CH2BrCH2Br的变化属于同一反应类型的是（ ）A. CH3CHOC2H5OHB. C2H5ClCH2=CH2C. D. CH3COOHCH3COOC2H5【答案】A【解析】CH2CH2CH2BrCH2Br是乙烯与溴的加成反应。A选项为乙炔与HCN的加成反应，反应类型相同；B选项为氯乙烷消去反应生成乙烯，反应类型不同；C选项为苯与硝酸的硝化反应，也属于取代反应，反应类型不同；D选项为乙酸与乙醇的酯化反应，也属于取代反应，反应类型不同。答案选A。点睛：本题为高考频考知识点，考查常见有机反应类型的判断，该题出现的反应类型有取代反应（包括硝化反应、酯化反应等）、消去反应和加成反应。同时又对常见有机化合物乙烯、乙炔、乙酸、苯等的性质进行考查。19.菲的结构简式如图所示，若菲分子中有1个H原子被Cl原子取代，则所得一氯取代产物有（ ）A. 4种B. 10种C. 5种D. 14种【答案】C【解析】【详解】根据菲的结构简式可知，菲为对称结构，其一氯代物的产物如图所示，同分异构体共计5种，答案为C；20. 下列物质中，在不同条件下可以发生氧化、消去、酯化反应的为A. 乙醇B. 乙醛C. 苯酚D. 乙酸【答案】A【解析】试题分析：A、乙醇能发生氧化，消去和酯化反应，故正确；B、乙醛能发生氧化反应，不能发生消去反应或酯化反应，故错误；C、苯酚能发生氧化反应，不能发生消去或酯化反应，故错误；D、乙酸能发生酯化反应，不能发生氧化或消去反应，故错误。考点：有机物的结构和性质21.丙烯醇（CH2=CHCH2OH）可发生的化学反应有加成 氧化 酯化 加聚 取代A. 只有B. 只有C. D. 只有【答案】C【解析】22.分子式为C4H10O并能与金属钠反应放出氢气的有机化合物有（ ）A. 2种B. 3种C. 4种D. 8种【答案】C【解析】【详解】有机物能与金属钠反应生成氢气，则该有机物含有羟基，则C4H9-的同分异构体由2种，正丁基上羟基可能的位置有2种；异丁基上羟基可能的位置有2种，合计4种，答案C。23.下列卤代烃，在一定条件下，能发生消去反应且消去产物为一种的是A. CH3ClB. CH3CHBrCH3C. D. 【答案】C【解析】试题分析：发生消去反应要求卤原子所在C原子相邻的C原子上必须含有H原子，故A和D错误；答案在B、C中选择，根据提示，消去反应后产物只有一种，即要求该有机物应该以含有卤原子的C原子为中心对称，故C错误，此题选。考点：考查卤代烃中消去反应的概念和规律应用等相关知识。24.实验室用溴和苯反应制取溴苯，得到粗溴苯后，要用如下操作精制：蒸馏；水洗；用干燥剂干燥；10% NaOH溶液洗；水洗。正确操作顺序是A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】粗溴苯中含有苯、溴苯、溴化铁和溴，提纯时，为减少NaOH的用量，可先用水洗，可除去溴化铁和少量溴，然后加入10%的NaOH溶液洗涤，可除去溴，再用水洗除去碱液，经干燥后进行蒸馏可得溴苯，所以正确的操作顺序为：，故合理选项是B。25.糖类、脂肪和蛋白质是维持人体生命活动所必需的三大营养物质以下叙述正确的是（）A. 植物油不能使溴的四氯化碳溶液褪色B. 淀粉水解的最终产物是葡萄糖C. 葡萄糖能发生氧化反应和水解反应D. 蛋白质溶液遇硫酸铜后产生的沉淀能重新溶于水【答案】B【解析】A植物油为不饱和高级脂肪酸甘油酯，含有不饱和键，能够与溴水发生加成反应而使其褪色，故A错误；B淀粉水解的最终产物是葡萄糖，故B正确；C葡萄糖为单糖，不能水解，故C错误；D蛋白质遇到硫酸铜发生变性，该过程为不可逆过程，所以产生沉淀后不能重新溶于水，故D错误；故选B。点睛：熟悉糖类、蛋白质、油脂的结构组成及性质是解题关键。注意蛋白质的变性与盐析性质的区别。铵盐、钠盐等溶液，可使蛋白质发生盐析，是物理变化，盐析是可逆的；在热、酸、碱、重金属盐、紫外线等可使蛋白质变性，是化学变化，蛋白质的变性是不可逆的。26. 下列说法正确的是（ ）A. 室温下，在水中的溶解度：丙三醇苯酚1-氯丁烷B. 用核磁共振氢谱不能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3C. 用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3D. 油脂在酸性或碱性条件下均能发生水解反应，且产物相同【答案】A【解析】试题分析：A含-OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水，则室温下，在水中的溶解度：丙三醇苯酚1-氯丁烷，A正确；BHCOOCH3中两种H，HCOOCH2CH3中有三种H，则用核磁共振氢谱能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3，B错误；CCH3COOH与碳酸钠溶液反应气泡，而Na2CO3溶液与CH3COOCH2CH3会分层，因此可以用Na2CO3溶液能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3，C错误；D油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐和甘油，水解产物不相同，D错误；答案选A。考点：考查有机物的鉴别【此处有视频，请去附件查看】27.实验室制备下列物质时，不用加入浓H2SO4的是A. 由苯制取硝基苯B. 用乙酸和乙醇制备乙酸乙酯C. 由溴乙烷制乙烯D. 由乙醇制乙烯【答案】C【解析】【详解】A、由苯制取硝基苯，浓硫酸作催化剂、脱水剂，故A错误；B、用乙酸和乙醇制备乙酸乙酯，浓硫酸作催化剂、吸水剂，故B错误；C、溴乙烷在NaOH水溶液的条件下发生水解反应得到乙烯，不需要加入浓硫酸，故C正确；D、由乙醇制乙烯，浓硫酸作催化剂、脱水剂，故D错误。故选C。28. 下列说法中，正确的是A. 两种物质的组成元素相同，各元素的质量分数也相同，则两者一定互为同分异构体B. 分子式为CnH2n的化合物，可能使酸性KMnO4溶液褪色，也可能不使其褪色C. 通式相同，分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的化合物，一定互为同系物D. 凡含有苯环的物质都是芳香烃【答案】B【解析】试题分析：两种物质的组成元素相同，各元素的质量分数也相同，则两者的最简式一定是相同的，但不一定是互为同分异构体，A不正确；B、分子式为CnH2n的化合物，可能是烯烃，也可能是环烷烃，因此可能使酸性KMnO4溶液褪色，也可能不使其褪色，B正确；C、只有结构相似，分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的化合物，一定互为同系物，而通式相同的不一定是，例如烯烃和环烷烃之间不可能互为同系物的关系，C不正确；D、含有苯环的碳氢化合物是芳香烃，D不正确，答案选B。考点：考查同分异构体、同系物、芳香烃以及有机物组成与性质的判断29.以乙醇为原料，用下述6种类型的反应：氧化，消去，加成，酯化，水解，加聚，来合成乙二酸乙二酯()的正确顺序是()A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】CH3CH2OHCH2=CH2+H2O 消去反应CH2=CH2+Br2CH2Br-CH2Br 加成反应CH2Br-CH2Br+2NaOHHO-CH2-CH2-OH+2NaBr 水解反应（取代反应）HO-CH2-CH2-OH+O2OHC-CHO+2H2O 氧化反应（催化氧化）OHC-CHO+O2HOOC-COOH 氧化反应HO-CH2-CH2-OH+HOOC-COOH +2H2O 酯化反应（取代反应），所以由乙醇制取乙二酸乙二酯时需要经过的反应的顺序为 ，故本题的答案选择C。30.下列关于合成材料的说法中，不正确的是（ ）A. 塑料、合成纤维和合成橡胶都属于合成材料B. 聚氯乙烯可制成薄膜、软管等，其单体是CH2=CHClC. 合成酚醛树脂的单体是苯酚和甲醇D. 合成顺丁橡胶的单体是CH2=CHCH=CH2【答案】C【解析】【详解】A.人造材料中，塑料、合成纤维和合成橡胶号称20世纪三大有机合成技术，则塑料、合成纤维和合成橡胶都属于合成材料，A正确；B.聚氯乙烯由氯乙烯加聚反应生成，则其单体是CH2=CHCl，可制成薄膜、软管等，B正确；C.合成酚醛树脂的单体是苯酚和甲醛，C错误；D.合成顺丁橡胶的单体是CH2=CHCH=CH2，D正确；答案为C。第II卷 （非选择题 共40分)二、填空题（本题包括4小题，共40分）31.有下列五组物质：A、 O2和O3 B 、Cl和Cl C 、CH4 与C7H16 D、CH3CH2CH2CH3 与E、与（1）_组两种物质互为同位素； （2）_组两种物质互为同素异形体； （3）_组两种物质互为同系物； （4）_组两种物质互为同分异构体； （5）_组两种物质实为同一物质。【答案】 (1). B (2). A (3). C (4). D (5). E【解析】【分析】（1）质子数相同中子数不同的原子互称同位素；（2）同种元素形成的不同单质互为同素异形体；（3）结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；（4）分子式相同，结构不同的化合物互称为同分异构体；（5）同种物质指组成和结构都相同的物质【详解】（1）35Cl和37Cl是氯元素的不同原子，互为同位素，故选B；（2）O2和O3是氧元素组成的结构不同的单质，互为同素异形体，故选A；（3）CH4与C7H16都属于烷烃，结构相似，相差6个CH2原子团，互为同系物，故选C；（4）CH3CH2CH2CH3与分子式相同，结构不同，为碳链异构，互为同分异构体，故选D；（5）与是空间四面体，结构相同，属于同一种物质，故选E32. 现有A、B、C、D、E、F六种有机物，它们的转化关系如图所示（图中部分反应条件及生成物没有全部写出）已知：液体B能发生银镜反应，气体D的相对分子质量为28（1）A、B、C的结构简式分是 、 、 （2）B、C中所含官能团的名称分别是 、 （3）A到D的反应类型为 （4）CA的反应条件是 （5）DF反应的化学方程式是 （6）在一定的条件下，A与E反应可生成一种具有香味的物质该反应的化学方程式是 【答案】（1）CH3CH2OH、CH3CHO、CH3CH2Br；（2）醛基；溴原子；（3）消去反应；（4）NaOH的水溶液，加热；（5）；（6）CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O【解析】试题分析：A在浓硫酸、170条件下反应生成D，D的相对分子质量是28，则D的结构简式为CH2=CH2，所以A是乙醇，其结构简式为：CH3CH2OH，A发生氧化反应生成B，B能发生银镜反应，则B的结构简式为CH3CHO，B被氧化生成E，E能与碳酸氢钠溶液反应，说明E中含有羧基，则E的结构简式为CH3COOH，乙烯和HBr发生加成反应生成C，C的结构简式为CH3CH2Br，乙烯发生加聚反应生成聚乙烯F，为常用塑料，其结构简式为，结合物质的结构和性质解答解：A在浓硫酸、170条件下反应生成D，D的相对分子质量是28，则D的结构简式为CH2=CH2，所以A是乙醇，其结构简式为：CH3CH2OH，A发生氧化反应生成B，B能发生银镜反应，则B的结构简式为CH3CHO，B被氧化生成E，E能与碳酸氢钠溶液反应，说明E中含有羧基，则E的结构简式为CH3COOH，乙烯和HBr发生加成反应生成C，C的结构简式为CH3CH2Br，乙烯发生加聚反应生成聚乙烯F，为常用塑料，其结构简式为，（1）通过以上分析知，A的结构简式为CH3