（全国通用版）2019高考数学二轮复习 专题二 数列 第1讲 等差数列与等比数列课件 文

1、第1讲等差数列与等比数列 专题二数列 板块三 专题突破 核心考点 考情考向分析 1.等差、等比数列基本量和性质的考查是高考热点，经常以小 题形式出现. 2.数列求和及数列与函数、不等式的综合问题是高考考查的重 点，考查分析问题、解决问题的综合能力. 热点分类突破 真题押题精练 内容索引 热点分类突破 1.通项公式 等差数列：ana1(n1)d； 等比数列：ana1qn1. 2.求和公式 热点一等差数列、等比数列的运算 3.性质 若mnpq， 在等差数列中amanapaq； 在等比数列中amanapaq. 例例1(1)(2018北京)设an是等差数列，且a13，a2a536，则an的 通项公式为

2、_. 解析答案 解析解析方法一方法一设公差为d.a2a536，(a1d)(a14d)36， 2a15d36.a13，d6， 通项公式ana1(n1)d6n3(nN*). 方法二方法二设公差为d，a2a5a1a636，a13， an6n3(nN*) a13，通项公式an6n3(nN*). (2)(2018华大新高考联盟质检)设等比数列an的前n项和为Sn，若a3a11 ，且S4S12S8，则_. 解析答案 S4S12S8， 1q41q12(1q8)， 在进行等差(比)数列项与和的运算时，若条件和结论间的联系不明显， 则均可化成关于a1和d(q)的方程组求解，但要注意消元法及整体计算， 以减少计算

3、量. 思维升华思维升华 答案解析 跟踪演练跟踪演练1(1)设公比为q(q0)的等比数列an的前n项和为Sn，若S2 3a22，S43a42，则a1等于 解析解析S4S2a3a43a43a2， 即3a2a32a40，即3a2a2q2a2q20， 得a1a1q3a1q2，解得a11. 解答 (2)(2018全国)等比数列an中，a11，a54a3. 求an的通项公式； 解解设an的公比为q，由题设得anqn1. 由已知得q44q2，解得q0(舍去)，q2或q2. 故an(2)n1或an2n1(nN*). 解答 记Sn为an的前n项和，若Sm63，求m. 由Sm63得(2)m188，此方程没有正整数

4、解. 若an2n1，则Sn2n1. 由Sm63得2m64，解得m6. 综上，m6. 证明数列an是等差数列或等比数列的证明方法 (1)证明数列an是等差数列的两种基本方法： 利用定义，证明an1an(nN*)为一常数； 利用等差中项，即证明2anan1an1(n2，nN*). 热点二等差数列、等比数列的判定与证明 (2)证明数列an是等比数列的两种基本方法： 证明 2(an1bn1)， 又a1b13(1)4， 所以anbn是首项为4，公比为2的等比数列. 解答 解解由(1)知，anbn2n1， 又a1b13(1)2， 所以anbn为常数数列，anbn2， 联立得，an2n1， (1)判断一个数

5、列是等差(比)数列，也可以利用通项公式及前n项和公式， 但不能作为证明方法. 思维升华思维升华 证明 当n2时，有anSnSn1，代入(*)式得 2Sn(SnSn1)(SnSn1)21， 又当n1时，由(*)式可得a1S11， 解答 (2)求数列an的通项公式； 数列an的各项都为正数， 又a1S11满足上式， 解答 当n为奇数时， 当n为偶数时， 解决等差数列、等比数列的综合问题，要从两个数列的特征入手，理 清它们的关系；数列与不等式、函数、方程的交汇问题，可以结合数 列的单调性、最值求解. 热点三等差数列、等比数列的综合问题 例例3已知等差数列an的公差为1，且a2a7a126. (1)求

6、数列an的通项公式an与其前n项和Sn； 解答 解解由a2a7a126，得a72，a14， 解答 (2)将数列an的前4项抽去其中一项后，剩下三项按原来顺序恰为等 比数列bn的前3项，记bn的前n项和为Tn，若存在mN*，使得对任 意nN*，总有SnTm恒成立，求实数的取值范围. 解解由题意知b14，b22，b31， 设等比数列bn的公比为q， Tm为递增数列，得4Tm8. 故(Sn)maxS4S510， 若存在mN*，使得对任意nN*，总有SnTm， 则102.即实数的取值范围为(2，). (1)等差数列与等比数列交汇的问题，常用“基本量法”求解，但有时 灵活地运用性质，可使运算简便. (2

7、)数列的项或前n项和可以看作关于n的函数，然后利用函数的性质求 解数列问题. (3)数列中的恒成立问题可以通过分离参数，通过求数列的值域求解. 思维升华思维升华 解答 跟踪演练跟踪演练3已知数列an的前n项和为Sn，且Sn13(an1)，nN*. (1)求数列an的通项公式； 解解由已知得Sn3an2，令n1，得a11， 又an1Sn1Sn3an13an， 解答 (2)设数列bn满足an1 ，若bnt对于任意正整数n都成立，求实 数t的取值范围. 3 2 nn a b 解解由an1 ， 3 2 nn a b 31 2 log n a 3 2 3 log 2 n 真题押题精练 1.(2017全国

8、改编)记Sn为等差数列an的前n项和.若a4a524，S6 48，则an的公差为_. 真题体验 答案 4 解析解析设an的公差为d， 解得d4. 解析 2.(2017浙江改编)已知等差数列an的公差为d，前n项和为Sn，则“d0” 是“S4S62S5”的_条件. 解析答案 充要 解析解析方法一方法一数列an是公差为d的等差数列， S44a16d，S55a110d，S66a115d， S4S610a121d,2S510a120d. 若d0，则21d20d,10a121d10a120d， 即S4S62S5. 若S4S62S5，则10a121d10a120d， 即21d20d， d0. “d0”是“

9、S4S62S5”的充要条件. 方法二方法二S4S62S5S4S4a5a62(S4a5)a6a5 a5da5d0. “d0”是“S4S62S5”的充要条件. 1 答案解析 解析解析设等差数列an的公差为d，等比数列bn的公比为q， 则由a4a13d， q2. 32 答案解析 解析解析设an的首项为a1，公比为q， 押题预测 答案解析押题依据 押题依据押题依据等差数列的性质和前n项和是数列最基本的知识点，也是高 考的热点，可以考查学生灵活变换的能力. 1.设等差数列an的前n项和为Sn，且a10，a3a100，a6a70的最大自然数n的值为 A.6 B.7 C.12 D.13 解析解析a10，a6

10、a70，a70，a1a132a70，S130的最大自然数n的值为12. 答案解析押题依据 押题依据押题依据等差数列、等比数列的综合问题可反映知识运用的综合性和 灵活性，是高考出题的重点. 2.在等比数列an中，a33a22，且5a4为12a3和2a5的等差中项，则 an的公比等于 A.3 B.2或3 C.2 D.6 解析解析设公比为q,5a4为12a3和2a5的等差中项， 可得10a412a32a5，10a3q12a32a3q2， 得10q122q2， 解得q2或3. 又a33a22， 所以a2q3a22，即a2(q3)2，所以q2. 答案解析押题依据 押题依据押题依据本题在数列、方程、不等式的交汇处命题，综合考查学生应 用数学的能力，是高考命题的方向. 解析解析由a7a62a5，得a1q6a1q52a1q4， 整理得q2q20， 解得q2或q1(不合题意，舍去)， 4.定义在(，0)(0，)上的函数f(x)，如果对于任意给定的等比 数列an，f(an)仍是等比数列，则称f(x)为“保等比数列函数”.现有 定义在(，0)(0，)上的如下函数： f(x)x2；f(x)2x；f(x) ； f(x)ln|x|. 则其中是“保等比数列函数”的f(x)的序号为 A. B.C. D. 答案解析押题依据 押题依据押题依据先定义一个新数列，然后要求根据定义的条件推断