2022高考数学一轮复习高考大题专项二三角函数与解三角形学案文含解析新人教A版202104121180.docx
2022高考数学一轮复习高考大题专项学案文含解析打包7套新人教A版
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2022高考数学一轮复习高考大题专项学案文含解析打包7套新人教a版,文本
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三角函数与解三角形高考大题专项(二)三角函数与解三角形考情分析从近五年的高考试题来看,高考对三角函数与解三角形的考查都呈现出较强的规律性,每年的题量和分值要么三个小题共15分,要么一个小题和一个大题共17分.在三个小题中,分别考查三角函数的图象与性质、三角变换、解三角形;在一个小题和一个大题中,小题要么考查三角函数的图象与性质,要么考查三角变换,大题考查的基本是解三角形.必备知识预案自诊知识梳理1.三角函数恒等变换“四大策略”(1)常值代换:特别是“1”的代换,1=sin2+cos2=tan 45.(2)角的配凑:如=(+)-,2=(+)+(-),=12(+)+(-).(3)降次与升次:正用二倍角公式升次,逆用二倍角公式降次.(4)弦、切互化:一般是切化弦.2.解三角形的公式变形(1)正弦定理asina=bsinb=csinc的一些变式:abc=sin asin bsin c;sin a=a2r,sin b=b2r,sin c=c2r;a=2rsin a,b=2rsin b,c=2rsin c.其中r是abc外接圆的半径.(2)余弦定理a2=b2+c2-2bccos a的变形为cos a=b2+c2-a22bc.当b2+c2-a20(=0,bsin asin bab.关键能力学案突破考点三角函数与三角变换的综合【例1】已知函数f(x)=4sin xcosx-3-3.(1)求函数f(x)的单调区间;(2)求函数f(x)图象的对称轴和对称中心.解题心得1.解决三角变换在三角函数图象与性质中的应用的基本思路:通过变换把函数化为y=asin(x+)的形式再研究其性质,解题时注意观察角、名、结构等特征,注意利用整体思想解决相关问题.2.三角变换的总体思路是化异为同,目的是通过消元减少未知量的个数.如把三角函数式中的异名、异角、异次化为同名、同角、同次,或把未知角用已知角表示,或把未知角通过三角变换化成已知角.对点训练1(2020北京顺义一模,16)函数f(x)=sin xcos x-3sin2x+32(0)的部分图象如图所示.(1)求的值;(2)求f(x)在区间-3,3上的最大值与最小值及对应的x的值.考点利用正、余弦定理解三角形【例2】(2020河南驻马店二模,文18)a,b,c分别为abc内角a,b,c的对边.已知a=3,csin c=asin a+bsin b,且b=60.(1)求abc的面积;(2)若d,e是bc边上的三等分点,求sindae.解题心得在三角形中,已知两角一边能应用正弦定理求其余的边;已知两边及其夹角求夹角的对边或已知两边及一边的对角求另一边都能直接利用余弦定理求解.对点训练2(2020东北三省四市模拟,理17)在abc中,m为bc边上一点,bam=45,cos amc=55.(1)求sin b;(2)若mc=12bm,ac=4,求mc.考点三角函数与解三角形的综合【例3】(2020“四省八校”质检三,理18)已知向量m=(-2,sin 2x),n=(cos2x,3),且函数f(x)=mn.(1)求f(x)的最小正周期及对称中心;(2)在abc中,内角a,b,c所对的边分别为a,b,c,角a为锐角,a=7,若f12a+12+1=73bsin c,且abc的面积为332,求abc的周长.解题心得对于在三角形中求解有关三角函数的图象和性质的题目,时刻不要忘记对角的范围的限制,特别是求三角函数值的范围或最值时,先要把自变量的取值范围求出来,再利用三角函数的单调性确定函数值的范围.对点训练3(2020山东烟台模拟,17)已知函数f(x)=1-23sin xcos x-2cos2x+m在r上的最大值为3.(1)求m的值及函数f(x)的单调递增区间;(2)若在锐角三角形abc中,角a,b,c的对边分别为a,b,c且f(a)=0,求bc的取值范围.考点三角变换与解三角形的综合【例4】(2020天津,16)在abc中,角a,b,c所对的边分别为a,b,c.已知a=22,b=5,c=13.(1)求角c的大小;(2)求sin a的值;(3)求sin2a+4的值.解题心得在含有边角关系的等式中,利用正弦定理的变形a=2rsina,b=2rsinb,c=2rsinc,可直接将等式两边的边化为角;也能利用余弦定理的变形如cosa=b2+c2-a22bc将角化为边.在三角形中利用三角变换求三角式的值时,要注意角的范围的限制.还有隐含条件:a+b+c=,使用这个隐含条件可以减少未知数的个数.对点训练4(2020全国1,文18)abc的内角a,b,c的对边分别为a,b,c.已知b=150.(1)若a=3c,b=27,求abc的面积;(2)若sin a+3sin c=22,求c.考点三角函数、三角变换与解三角形的综合【例5】(2020全国2,理17)abc中,sin2a-sin2b-sin2c=sin bsin c.(1)求a;(2)若bc=3,求abc周长的最大值.解题心得关于三角函数、三角变换与解三角形的综合题的解题思路,一般是由正弦定理、余弦定理求出某个量作为下面问题的已知量,然后利用三角变换,将所求的量化为f(x)=asin(x+)或f(x)=acos(x+)的形式,最终求出结果.对点训练5(2020浙江,18)在锐角abc中,角a,b,c所对的边分别为a,b,c,已知2bsin a-3a=0.(1)求角b的大小;(2)求cos a+cos b+cos c的取值范围.1.在历年的高考试题中,三角中的解答题一般考查简单三角函数式的恒等变形、解三角形,有时也考查正弦定理、余弦定理的实际应用.特别是涉及解三角形的问题,经常出现的题型有:正弦定理、余弦定理与三角变换的综合;正弦定理、余弦定理与三角形面积的综合;正弦定理、余弦定理与三角变换及三角形面积的综合.把握住高考命题规律,有针对性的训练是提高成绩的有效措施.2.三角恒等变换和解三角形的结合,一般有两种类型:一是先利用三角函数的平方关系、和角公式等求符合正弦定理、余弦定理中的边与角,再利用正弦定理、余弦定理求值;二是先利用正弦定理、余弦定理确定三角形的边与角,再代入到三角恒等变换中求值.具体解题步骤如下:第一步,利用正(余)弦定理进行边角转化;第二步,利用三角恒等变换求边与角;第三步,代入数据求值;第四步,查看关键点、易错点.3.解三角形的问题总体思路就是转化思想和消元,要注重正弦定理、余弦定理多种表达形式及公式的灵活应用.高考大题专项(二)三角函数与解三角形关键能力学案突破例1解(1)f(x)=4sinxcosx-3-3=4sinx12cosx+32sinx-3=2sinxcosx+23sin2x-3=sin2x+3(1-cos2x)-3=sin2x-3cos2x=2sin2x-3.令2k-22x-32k+2(kz),得k-12xk+512(kz),所以函数f(x)的单调递增区间为k-12,k+512(kz).令2k+22x-32k+32(kz),得k+512xk+1112(kz),所以函数f(x)的单调递减区间为k+512,k+1112(kz).(2)令2x-3=k+2(kz),得x=k2+512(kz),所以函数f(x)的对称轴方程为x=k2+512(kz).令2x-3=k(kz),得x=k2+6(kz),所以函数f(x)的对称中心为k2+6,0(kz).对点训练1解(1)由f(x)=sinxcosx-3sin2x+32(0),则f(x)=122sinxcosx-32(1-cos2x)+32=12sin2x+32cos2x=sin2x+3(0),由三角函数的图象可知t=256-3=,所以t=22=,解得=1.(2)由(1)可得f(x)=sin2x+3(0),因为-3x3,所以-32x+3,当2x+3=2,即x=12时,函数f(x)max=1;当2x+3=-3,即x=-3时,函数f(x)min=-32.例2解(1)abc中,由csinc=asina+bsinb,利用正弦定理得c2=a2+b2,所以abc是直角三角形.又a=3,b=60,所以b=atan60=33,所以abc的面积为s=12ab=932.(2)设d靠近点b,则bd=de=ec=1.ae=b2+ce2=27,ad=b2+cd2=31,所以cosdae=ae2+ad2-de22aead=29217434.所以sindae=1-cos2dae=3651434.对点训练2解(1)cosamc=55,sinamc=255,sinb=sin(amc-bam)=sinamccosbam-cosamcsinbam=25522-5522=1010.(2)mc=12bm,设mc=x,bm=2x,在abm中,由正弦定理得bmsin45=amsinb,2x22=am1010,am=255x.ac2=am2+mc2-2ammccosamc,42=45x2+x2-2255xx55.解得x=4,即mc=4.例3解(1)由题知,f(x)=mn=-2cos2x+3sin2x=-1-cos2x+3sin2x=2sin2x-6-1,由t=2=22=,故最小正周期为.由2x-6=k,kz,x=12+k2,kz,f(x)的对称中心为12+k2,-1,kz.(2)由于f12a+12+1=2sina+6-6-1+1=2sina,故2sina=73bsinc,则2a=73bc,又a=7,解得bc=6.sabc=12bcsina=332,解得sina=32,故a=3或a=23(舍去).由余弦定理a2=b2+c2-2bccosa,则7=b2+c2-1212,化简得b2+c2=13,(b+c)2-2bc=13,b+c=5,abc的周长为a+b+c=5+7.对点训练3解(1)f(x)=1-23sinxcosx-2cos2x+m=-(3sin2x+cos2x)+m=-2sin2x+6+m,由已知2+m=3,得m=1,所以f(x)=-2sin2x+6+1.令2k+22x+62k+32,kz,得k+6xk+23,kz,所以函数f(x)的单调递增区间为k+6,k+23,kz.(2)由(1)知-2sin2a+6+1=0,所以sin2a+6=12,由0a2,得62a+676,所以2a+6=56,解得a=3.bc=sinbsinc=sin3+csinc=32cosc+12sincsinc=32tanc+12.因为abc为锐角三角形,所以0c2,0b=23-c2,解得6c33,所以12bc2,即bc的取值范围为12,2.例4解(1)在abc中,由余弦定理及a=22,b=5,c=13,可得cosc=a2+b2-c22ab=22.又因为c(0,),所以c=4.(2)在abc中,由正弦定理及c=4,a=22,c=13,可得sina=asincc=21313.(3)由ac及sina=21313,可得cosa=1-sin2a=31313,进而sin2a=2sinacosa=1213,cos2a=2cos2a-1=513.所以sin2a+4=sin2acos4+cos2asin4=121322+51322=17226.对点训练4解(1)由题设及余弦定理得28=3c2+c2-23c2cos150,解得c=-2(舍去)或c=2.从而a=23.abc的面积为12232sin150=3.(2)在abc中,a=180-b-c=30-c,所以sina+3sinc=sin(30-c)+3sinc=sin(30+c).故sin(30+c)=22.而0c30,所以30+c=45,故c=15.例5解(1)由正弦定理和已知条件得bc2-ac2-ab2=acab.由余弦定理得bc2=ac2+ab2-2acabcosa.由得cosa=-12.因为0a,所以a=23.(2)由正弦定理及(1)得acsinb=absinc=bcsina=23,从而ac=23sinb,ab=23sin(-a-b)=3cosb-3sinb
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