2020年安徽省江南十校联考高考物理一模试卷(有答案解析)

1、第 17 页，共 16 页2020 年安徽省江南十校联考高考物理一模试卷、单选题（本大题共 5 小题，共 30.0分）1. 核电池是利用放射性同位素衰变放出载能粒子 如 粒子、 粒子和 射线 并将其能量转换为 电能的装置。某型号核电池的放射源是钚 ，其衰变方程为 ，则下列 说法正确的是A. 粒子和 粒子均属于实物粒子B. 钚 的半衰期与原子所处环境的压强、温度有关C. X 的中子数为 142D. 粒子的穿透能力比 粒子强2. 在光滑水平面上，一个小物块在水平恒力作用下做直线运动， 时间内小物块的 图象如图所示。 则在 时间内， 列说法正确的是A. 小物块一直做减速运动B. 小物块的加速度与速度

2、一直反向C. 小物块的平均速度大小为D. 小物块的加速度大小为3.2019 年 12 月 27 日，长征五号遥三运载火箭在中国文昌发射场发射升空，将 卫星送入预定轨道。如图所示为该卫星绕地球运行示意图，测得卫星在 t 时 间内沿逆时针从 P点运动到 Q 点，这段圆弧所对的圆心角为已知地球的半径为 R，地球表面重力加速度为 g，则这颗卫星在轨运行的线速度大小为A.B.C.4.A. 圆环中感应电流先沿顺时针方向后沿逆时针方向在粗糙水平面上平放一根导体棒和一个金属圆环，D.如图甲所示 俯视图 ，给导体棒中通以如图 列说法正确的是B. 圆环中感应电流先增大后减小C. 导体棒受到的静摩擦力方向先向右后向

3、左D. 圆环先有扩张趋势后有收缩趋势5. 如图所示，一电容为 C、两板间距为 d的平行板电容器竖直放置， O 为两板 A、B的中心，两板 带有等量异种电荷。过 O点的直线 MN 与两板垂直， M、N两点到 O点距离均为 3d，位于直线 上的 P、S两点在板间，且到 O 点的距离相等，在 M 点放置电荷量大小为 Q的负点电荷，在 N 点放置电荷量大小为 Q 的正点电荷，忽略两点电荷对两极板电荷分布的影响。已知静电力常量 为 k，若 O 点处场强为零，则A. 电容器 A 极板带负电B. 电容器的 A 极板所带电荷在 O点产生的电场场强为C. 电容器所带的电量为D. P、 S 两点场强大小相等，方向

4、相反二、多选题（本大题共 5 小题，共 28.0 分）6. 如图所示，理想自耦变压器是在铁芯上只绕一个线圈，移动开关S，可以改变原线圈的匝数。 a和 b两个接线柱将线圈三等分， 开关接 a时，电 压表的读数为 ，电流表的读数为 ，电阻 R 消耗的电功率为 ；开 关接 b 时，电压表的读数为，电流表的读数为 ，电阻 R 消耗的电功率为 ，则B. C.BCD 相切于 B 点，圆轨道半径为7. 如图甲所示， 粗糙的水平绝缘轨道与光滑的竖直半圆绝缘轨道R，空间存在水平向右的匀强电场，电场强度大小为，将质量为 m、电荷量为的滑块 可视为质点 在距 B点为 处的 P点由静止释放，滑块在 PB 间运动的 图

5、象如 图乙所示， A 是 PB 间的一个点，滑块经 B 点后恰能沿半圆轨道运动到 D 点，重力加速度为 g，则下列说法正确的是A. 滑块在 A 点与水平轨道的动摩擦因数B. 图象中纵坐标 a 的值为C. 滑块在水平轨道摩擦力做功为D. 滑块在半圆轨道上运动的最大速度为8. 如图所示， 倾角为 的光滑斜面固定在水平面上， 顶端有一轻质小滑轮，劲度系数为 k的轻质弹簧一端固定在斜面底端挡板P 上，另一端与质量为 m的滑块 A 相连，滑块 A 通过细线与另一质量也为m 的物块 B 相连，初始时刻用手托着物块 B ，使系统处于静止状态，此时细线上的张力恰好为零。现突然释放物块B，在滑块 A 沿斜面向上

6、滑动的过程中，弹簧形变始终处于弹性限度内，不计一切阻力， A 始终未与滑轮相碰，物块 B 始终未落地，重力加速 度为 g，则下列说法正确的是A. 刚释放物块 B 的瞬间， B 的加速度大小为 gB. A、 B组成的系统速度最大时，滑块 A 的位移为C. 在滑块 A 向上滑动到最高点的过程中，滑块 A 和弹簧组成的系统的机械能一直增大D. 在滑块 A向上滑动到最高点的过程中，滑块 A 的机械能一直增大9. 关于固体、液体，下列说法正确的是A. 同种物质可以以晶体和非晶体两种不同的形态出现B. 使未饱和汽变成饱和汽，可采用升高温度的方法C. 液晶的特点与生物组织的特点正好吻合，在多种人体组织中都发

7、现了液晶结构D. 一些昆虫之所以能停在水面上，是因为它们受到水的浮力等于昆虫的重力E. 相对湿度反映了空气中水蒸气含量接近饱和的程度10. 一列简谐横波沿 x 轴传播， 时刻波形如图中实线所示， 时刻的波形如图中虚线所示， 质点 P的位置在处，质点 Q在 处，质点 P 的振动方程为 ，B. 这列波传播速度大小为C. 从 时刻开始，质点 Q 经过 到达平衡位置D. 从 时刻开始经过，Q 点经过的路程为E. 时刻可能是 末三、实验题（本大题共 2 小题，共 15.0分）11. 某实验小组做“探究加速度与力、质量的关系”的实验，实验装置如图甲所示，在下面实验中 均满足木块质量远大于砂和砂桶的总质量，

8、 可认为细绳对木块的拉力大小等于砂和砂桶的重力， 以下三位同学均进行了平衡摩擦力操作。小组中 A 同学在实验中获取的一段纸带如图乙所示， 图中标出了各计数点间的距离， 每相邻 两个计数点间还有 4 个点 图中未标出 ，已知打点计时器所接交流电源的频率为 50Hz，由纸 带可求出木块的加速度的大小 计算结果保留两位有效数字小组中 B同学根据自己得到的实验数据作出了加速度 a与合力 F 的关系图线如图丙所示， 该 图线不通过坐标原点，原因可能是 。小组中 C 同学实验时，保持砂和砂桶的总质量不变，木块自身的质量 M 保持不变，改变木块中砝码的质量 m，并测出所对应的加速度 a，以 m 为横坐标，以

9、 为纵坐标，在坐标纸上作出如图丁所示的关系图线，实验结果验证了牛顿第二定律。如果图中纵轴上的截距为b，则砂和砂桶的重量为 。12. 多用电表是实验室必备仪器，它的欧姆挡测量电阻方便简单，现某实验小组对多用电表的欧姆 挡进行了研究。关于使用多用电表欧姆挡测电阻，下列说法正确的是 ；A. 测量电路中某个电阻的阻值时，应该把该电阻与电路断开B. 测量电阻时，由于双手手指与表笔金属部分接触，会导致测量值偏大C. 测电阻时，若指针偏转角度较小，应换较大倍率后，重新调零，再进行测量D. 多用电表长期不用时，选择开关应旋到off 挡，否则会使电池电动势减小，导致测量电阻时值偏小多用电表欧姆挡可以等效为一个直

10、流电源、 一个可变电阻和一个电流表串联， 与红黑表笔相 接。有一欧姆挡刻度盘中值附近刻度模糊不清、而其余刻度清晰的多用电表，某同学想通过实 验的方法测量该多用电表内电源电动势和欧姆“ ”挡内部总电阻， 他所采用的实验电路如图 甲所示。实验器材：待测多用电表； 电压表 V：量程 6V，内阻十几千欧； 滑动变阻器 R：最大阻值；导线若干； 根据以下操作步骤，回答有关问题： 将待测多用电表挡调到欧姆“ 调零； 调零完毕，将表笔 A、B 分别与图甲中挡，将表笔 A、l、2 两端相接，B 短接，调节欧姆调零旋钮，进行欧姆挡其中 A 为表笔，不断调节变阻器的滑片位置，改变其接入电路的阻值，记录多用电表的示

11、数 示数 U ；填“红”或“黑”R 和电压表的以 为纵坐标， 为横坐标，利用步骤 数据作出图象如图乙所示，根据图象可得电池电动势 V，欧姆“”挡内部总电阻 结果保留两位有效数字 ；若不考虑欧姆表测量电阻时的误差，上述实验方案对测量结果的影响： 、 填“ ”“ ”或“ ” 。四、计算题（本大题共 4 小题，共 52.0分）13. 如图所示，一个足够长的圆筒竖直固定，内有一个质量 的滑块，滑块与 圆筒间的滑动摩擦力 将滑块 M 锁定在距圆筒顶端高 处，现将一个 直径小于圆筒半径的小球，从圆筒顶端由静止释放，小球与滑块碰撞前瞬间滑块解 除锁定， 小球与滑块发生弹性碰撞， 碰撞后小球恰能上升到距圆筒顶

12、端 处 不计空气阻力，碰撞时间极短， 。求小球的质 量 m；小球与滑块第一次碰撞与第二次碰撞的时间间隔t。14. 如图所示，在直角坐标系 xOy 中，区域为存在沿 y 轴负方向的匀强电场，区域内有垂直坐标平面向外的匀强磁场， y 轴左侧存在一圆形磁场区域， 磁场方向垂直坐标平面向外， 圆形磁场与 y 轴相切于原点一质量为 m，带电量为 q 的带正电粒子从点以平行于 x 轴的初速度 射人电场，经过一段时间粒子从 点离开电场进入磁场，经磁场偏转后，从点返回电场，当粒子返回电场时，电场强度大小不变，方向反向。粒子经电场和圆形 磁场后到达坐标原点 O，到 O 点时速度方向与 y 轴负方向夹角为 ，不计

13、粒子重力，求： 电场强度大小 E 及区域内匀强磁场的磁感应强度大小 ；圆形磁场的磁感应强度大小 以及圆形磁场区域半径 r ； 粒子从 P点运动到 O 点所用时间 t。15. 如图所示，汽缸开口向上，缸内壁有固定小砧，质量为m 的活塞将缸内一段气体封闭， 缸内气体压强为 ，g为重力加速度， 活塞到缸底的距离为 h， 活塞横截面积为 S，大气压强为 ，环境温度为 ，活塞与汽缸内壁气密性好 且无摩擦，汽缸与活塞的导热性能良好。若环境温度不变， 通过不断在活塞上方加重物， 使活塞缓慢下降， 当活塞下 降到距汽缸底部 时，活塞上方所加重物的质量为多少？若仅缓慢降低环境温度，当活塞下降到距汽缸底部 时，环

14、境温度应降低为多少；此过程外界对气体做的功为多少？16. 如图所示， 直角三棱镜 ABC 中一锐角 ，直角边 AC 边长度为 L ， 一束单色光从 D 点以与 AC 成 从真空入射到棱镜中，已知 ，棱镜折射率为 ，单色光在真空中传播速度为 c。通过计算说明光线从棱镜的哪条边射出，射出时与该边的夹角是多少？求此单色光通过三棱镜的时间。答案与解析1. 答案： C解析： 解： A、 粒子是光子，不是实物粒子，故 A 错误；B、半衰期是由放射性元素本身决定的，与原子所处的物理状态无关、与化学状态无关，故B 错误；C、根据质量数守恒与电荷数守恒可知， X 的质量数为 ，电荷数为：，所以中子数： ，故 C

15、 正确；D、根据三种射线的穿透性比较可知，粒子的穿透能力比 粒子弱，故 D 错误。故选： C。粒子是光子；半衰期与原子所处的物理状态无关、与化学状态无关；根据质量数守恒与电荷数守恒判断 X 的质量数与电荷数，然后结合原子核的结构求出中子数；根据三种射线的特点判断。 掌握衰变的特点，知道半衰期由原子核本身决定，与外界因素无关，难度不大。2. 答案： D解析：解：A、由图象可知， 小物块先沿正方向做匀减速运动， 后沿负方向做匀加速运动， 故 A 错误；B、小物块先做匀减速运动后做匀加速运动，则加速度先与速度反向，后与速度同向，故B 错误；C、小物块的加速度不变，做匀变速直线运动，平均速度的大小为，

16、故 C错误；D、质点的加速度大小，故 D 正确。故选： D。根据图象能直接分析出小物块的运动情况。 根据物体的运动情况分析加速度方向与速度方向的关系。质点做匀变速直线运动，根据平均速度公式 求平均速度。根据图象的斜率求加速度。 本题是速度 时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道图象的斜率表示加速度，物体做加速直线 运动时，加速度与速度同向，物体做减速直线运动时，加速度与速度反向。3. 答案： A解析： 解：分析题意，经过 t 时间，卫星转动的角度为 ，根据角速度定义可知， ，根据万有引力提供向心力可知， ，根据黄金代换式可知，其中线速度与角速度满足：联立解得： ，故 A正确， BCD 错误。故

17、选： A。根据角速度的定义确定角速度。根据万有引力提供向心力结合黄金代换式求解卫星在轨运行速度。 此题考查了人造卫星的相关知识，解题的关键是明确万有引力提供向心力，以及黄金代换式的灵活运用。4. 答案： C解析： 解： A、当电流的方向向上并增大时，电流产生的磁场的方向在环处为垂直于环向里并增大， 由楞次定律可知，感应电流的方向为逆时针方向；当电流的方向向上并减小时，电流产生的磁场的 方向在环处为垂直于环向里并减小，由楞次定律可知，感应电流的方向为顺时针方向，故 A 错误；B、根据电流产生的磁场的与电流成正比可知，当电流增大时电流产生的磁场增大，反之则减小，可 知电流产生的磁场在环内的磁感应强

18、度变化的规律与图乙想相似的，即磁通量先增大后减小，增大时越来越慢，减小时越来越快；根据法拉第电磁感应定律： 可知，感应电动势的大小与磁 场变化的快慢成正比，所以环内产生的感应电流先减小为零，后反向增大，故 B 错误；C、当电流的方向向上并增大时， 电流产生的磁场的方向在环处为垂直于环向里并增大， 由楞次定律 可知，环有向右运动的趋势，受到的磁场力的方向向右；根据牛顿第三定律可知，导体棒受到环的 作用力的方向向左，若保持静止，则受到的静摩擦力的方向向右；当电流的方向向上并减小时，电 流产生的磁场的方向在环处为垂直于环向里并减小，同理可知，导体棒受到的摩擦力的方向向左， 故 C 正确；D、当电流的

19、方向向上并增大时，电流产生的磁场的方向在环处为垂直于环向里并增大，由楞次定 律可知，环有面积缩小的趋势；当电流的方向向上并减小时，电流产生的磁场的方向在环处为垂直 于环向里并减小，由楞次定律可知，环有面积扩大的趋势，故 D 错误。故选： C。 先根据安培定则判断电流产生的磁场的方向，然后由楞次定律判断感应电流的方向以及环受力的方 向。对于图象问题，关键要熟练运用法拉第电磁感应定律、安培力、左手定则等规律，得到物理量的表 达式，再研究图象的意义。5. 答案： C解析： 解：AB、等量异种点电荷在 O 点产生的场强方向向左，大小为 ，根据 O 点处场强为零，知电容器两个极板在 O 点产生的场强大小

20、 ，方向向右，所以 A极板 带正电， B极板带负电，电容器的 A极板所带电荷在 O 点产生的电场场强为，故 AB错误；C、电容器所带的电量，故 C 正确；D、由等量异种电荷电场的对称性和电场的叠加原理可知，P、 S 两点场强大小相等，方向相同，故D 错误；故选： C。根据 O 点处场强为零， 知道两个点电荷在 O点产生的电场强度与电容器两个极板产生的电场强度大 小相等、方向相反，由此分析电容器A 极板的电性，由点电荷场强公式求 A 极板所带电荷在 O 点产生的电场场强。由 求电容器所带的电量。根据电场的叠加原理分析P、 S 两点场强关系。解决本题的关键要掌握电场的叠加原理，熟悉等量异种电荷电场

21、的分布情况，要将求电容器的两个 极板所带电荷在 O 点产生的电场场强转变为求等量异种点电荷在O点产生的场强。6. 答案： AC解析： 解： AB、设输入电压为 U，线圈的总匝数为 n，由于 a、b 两个接线柱将线圈等分为三份，所以开关接 a 时，原线圈的匝数为，开关接 b时，原线圈匝数为 ，根据变压器的变压比可得： 则 ，故 A 正确， B 错误；CD 、根据欧姆定律可得：则有： ， ，则 ，故 C 正确， D 错误。故选： AC。 根据变压器的变压比可以得到电压之比；电功率等于电压与电流的乘积，分别计算出通过电阻的电 流，就可以推导出消耗的电功率之比。这是这一种自耦升压变压器，解题的关键是分

22、清楚原线圈和副线圈，以及原、副线圈的匝数比。7. 答案： AD解析： 解： A、根据图乙可知，在 A 处滑块的加速度为零，则 ， 解得 ，故 A 正确；B、由于滑块恰好到达 D 点，所以到达 D 点时满足 ，则，B到 D 根据机械能守恒定律有 ，解得 ，所以图象中纵坐标 a的值为 5gR，故 B 错误；C、从初始位置到运动到 D 的过程中，根据动能定理有 ， 解得 ，故 C 错误；D、根据题意可知，滑块在圆弧轨道上的等效最低点Q 速度最大，如图所示：根据三角形定则可知 ，从 B 点到 Q 点根据动能定理有 ，解得 ，故 D 正确。故选： AD。根据 可知，图象的斜率 ，根据图乙可知滑块到达 A

23、 点的加速度为零，则电场力和滑 动摩擦力大小相等，方向相反，以此求解动摩擦因数；滑块恰好到达 D 点，则在 D 点重力提供向心力，根据牛顿第二定律求解滑块到达D 点的速度， B 到B 点到等效最D 点时是重力提供D 根据动能定理求解滑块在 B 点的速度，从而找到 a 的值； 滑块在水平轨道上运动，根据动能定理求解摩擦力做功； 找到等效重力的方向，从而确定等效最低点，而滑块到达等效最低点的速度最大，从 低点，根据动能定理求解最大速度。 解决该题需要明确知道题中所给的图象其斜率所表示的物理意义，知道滑块到达 向心力，掌握等效重力场的相关知识，知道滑块在圆弧轨道的什么位置速度最大。8. 答案： BC

24、D解析： 解： A、初始时， A、 B组成的系统处于静止状态，且细线的张力为零，则此时弹簧处于压缩 状态，对滑块 A ，。刚释放物块 B 的瞬间，设此时细线的张力为 T，对滑块 A，由牛顿第二定律有：对 B，有：由 式解得加速度，故 A 错误；B、当 A、B 组成的系统速度最大时，系统的加速度为零，此时弹簧处于伸长状态，有，滑块 A 的位移为 ，故 B 正确；C、在滑块 A 向上滑动到最高点的过程中，滑块A先向上做加速运动，后向上做减速运动直到速度为零，对滑块 A 和弹簧组成的系统，细线的拉力对系统一直做正功，则系统的机械能一直增大，故 C 正确；D、滑块 A在最低点时，加速度大小为，方向沿斜

25、面向上，由运动的对称性可知，滑块 A 在最高点时加速度方向沿斜面向下，大小也为 ，此时滑块 A 受到的细线拉力和弹簧弹力的合力为零，故滑块 A 向上运动过程中，受到的细线拉力和弹簧弹力的合力沿斜面向上，且一直减小， A到最高点 时恰好为零，滑块 A受到的细线拉力和弹簧弹力的合力一直做正功，因此，滑块 A 的机械能一直增 大，故 D 正确。故选： BCD 。刚释放物块 B的瞬间，分别对 A与 B进行受力分析，再由牛顿第二定律列式，从而求出 B的加速度 大小。 A 的速度达到最大时，绳子的拉力与 A 的重力沿斜面向下的分力以及弹簧拉力之和相等，由 受力的关系求出弹簧的形变量，结合初始时弹簧的形变量

26、，来求滑块 A的位移。在滑块 A 向上滑动 到最高点的过程中，分析细线的拉力对滑块A 和弹簧组成的系统做功情况，从而分析系统的机械能变化情况。根据细线的拉力和弹簧的弹力的合力做功情况，分析 A 的机械能变化情况。 本题考查牛顿第二定律的应用及功能原理的应用，关键要正确分析物体的运动过程，搞清能量的转 化情况。分析时，要注意研究对象的选择。9. 答案： ACE解析： 解：A、有些物质在不同的条件下可以生成不同的晶体，同种物质也可以以晶体和非晶体两种 形态出现，如碳和石墨，故 A 正确。B、饱和汽压随温度的升高而增大，使未饱和汽变成饱和汽，可采用降低温度的方法，故B 错误。C、液晶像液体一样可以流

27、动， 又具有某些晶体结构特征的一类物质。 所以液晶的光学性质与某些晶 体相似，具有各向异性，在脑、肌肉、视网膜等多种人体组织中都发现了液晶结构，故 C 正确。D、一些昆虫能停在水面上，主要原因是液体存在表面张力，故D 错误。E、相对湿度是空气中水蒸气的实际压强与该温度下水的饱和汽压之比，所以它反映了水蒸气含量接近饱和的程度，故 E 正确。故选： ACE 。 有些物质在不同的条件下可以生成不同的晶体，同种物质也可以以晶体和非晶体两种形态出现。 饱和汽压随温度的升高而增大，使未饱和汽变成饱和汽，可采用降低温度的方法。 液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性，在脑、肌肉、视网膜等多种人体组织中都

28、发现了 液晶结构。液体表面具有收缩的趋势，是由于液体表面层里分子的分布比内部稀疏的缘故。 相对湿度是空气中水蒸气的实际压强与该温度下水的饱和汽压之比。 本题主要考查了晶体和非晶体、饱和汽、液体的表面张力、相对湿度的概念，明确温度越高，绝对 湿度越大，同时注意湿度大，相对湿度不一定大。10. 答案： BDE解析： 解： A、根据质点 P的振动方程可知， 0时刻 P 正在平衡位置沿 y轴负方向运动，根据同侧法 可知，波沿着 x 轴负方向运动，故 A错误；B、根据 P 点的振动方程可知，波的周期为，由图象可知波长为 ，所以波速为 ，故 B 正确；C、因为，而 时刻质点 Q 并不在最大位移处，所以 时

29、，质点 Q 不可能到达平衡位置，故 C 错误；D、时刻开始经过 ，即经过半个周期， Q 点经过的路程为 2A，即为，故 D 正确；E、根据平移法可知，1， 2，当 时，故 E 正确。故选： BDE 。根据振动方程分析 0时刻 P 质点的振动方向，根据同侧法分析波的传播方向；根据振动方程求解周期，根据图形分析波长，由 求解波的传播速度；分析 时间与周期的关系，从而判断质点 Q 的位置； 质点在半个周期的路程等于两个振幅；根据平移法分析所给时间与周期的关系，再判断 的值。 解决该题的关键是能根据振动方程分析质点的振动方向和周期，掌握同侧法判断波的传播方向，熟 记波速与周期的关系，掌握平移法求解时间

30、与周期的关系。11. 答案：平衡摩擦力过度解析： 解： 相邻两计数点之间还有四个点未画出，故相邻两个计数点之间的时间间隔为 ；根据匀变速直线运动的推论公式 及逐差法，可以求出加速度的大小，即。由图丙可知， 图象在 a 轴上有截距，说明没有加力时，木块已经产生了加速度，这是由于平衡摩擦力过度造成的。根据题意，由牛顿第二定律得 ，整理得 ，则 图象的截距 ，砂和砂桶的重量 。故答案为： ； 平衡摩擦力过度； 。先求出相邻两点计数点时间间隔，再利用逐差法计算加速度； 图象向上偏移，说明平衡摩擦力过度；利用整体法， 根据牛顿第二定律列出方程， 把方程整理成 与 m 的一次函数形式， 利用 图 象的截距

31、可以求出砂和砂桶的重量。本题考查了探究加速度与物体质量、物体受力的关系的实验。涉及到图象问题，首先根据相应的物 理规律写出公式，然后整理出关于纵轴与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截距的概念即可 求解。12. 答案： AC 黑15解析： 解： 、测量电路中某个电阻时，由于电路中有电源，为了防止损坏多用电表内的电源， 应该把该电阻与电路断开，故 A 正确；B、测量电阻时，双手手指与表笔金属部分接触会造成与被测电阻并联关系，导致测量值偏小，故B错误；C、测电阻时，若指针偏转角度较小，则所测电阻阻值较大，应换较大倍率后，重新调零，再进行测 量，故 C 正确；D、不关多用电表，长期搁置导致电池电动

32、势减小，欧姆挡调零时，欧姆挡内阻偏小，而表盘刻度 是电动势大的情况下标的，所以测量值偏大，故 D 错误。故选： AC。 欧姆表测量电阻时，电流从红表笔流入，黑表笔流出，结合图中电压表的接线方向，可知 A 为黑表笔；由 得： ，和图线相比有：，解得： ， ；欧姆表测得外电路的电阻，电压表测得外电路的电压，所以 为总电流的数值，从测量方法上没 有系统误差，所以电动势和内阻的测量值等于真实值。故答案为： 黑 15 。 根据多用电表的测量原理以及测量过程中的注意事项分析解答； 根据红进黑出分析 A 为什么表笔；根据闭合电路欧姆定律写出公式， 然后整理出 和 的函数表达式， 再根据斜率和截距的概念即 可

33、求解电源电动势和内阻；根据实验原理和实验电路图分析误差。 解决该题的关键是明确多用电表内部结构，知道黑表笔与内部电源的正极相连，掌握欧姆表测电阻 的注意事项，能正确推导出 和 的函数表达式。13. 答案： 解： 设小球与滑块碰撞前速度大小为 ，碰撞后速度大小为 ，根据速度位移关系可 得：，解得： ，设小球与滑块碰撞后滑块的速度为 ，取向下为正，根据动量守恒定律可得：根据能量守恒定律可得：解得：第一次碰后对滑块根据牛顿第二定律可得：根据位移关系可得：解得： 。答： 小球的质量为 ；小球与滑块第一次碰撞与第二次碰撞的时间间隔为 。解析： 根据速度位移关系求解速度大小，根据动量守恒定律、能量守恒定律

34、求解； 第一次碰后对滑块根据牛顿第二定律求解加速度，根据位移关系求解时间。本题主要是考查了动量守恒定律和能量守恒定律，对于动量守恒定律，解答时要首先确定一个正方 向，利用碰撞前系统的动量和碰撞后系统的动量相等列方程，再根据能量关系列方程求解。14. 答案： 解： 粒子在电场中做类平抛运动，则： ，竖直方向：根据牛顿第二定律可得：联立解得：合速度：，根据几何关系可得：，解得设粒子在 区域内轨道半径为 ，粒子运动的轨迹如图所示，根据几何关系可得：联立解得： ；设粒子经电场后到达 y轴上的 Q点，则粒子从 N点到Q点的运动为从 P点到 M点的逆运动，则： ， ，方向沿 x 轴负方向，运动轨迹如图所示：设粒子在圆形磁场区域轨道半径为 ，由几何关系得： ，解得：在磁场中有：解得 由几何关系知在 中，由图知 为等边三角形，所以圆形磁场区域半径粒子在电场中运动时间在 区域运动周期粒子在 QH 间运动时间粒子在圆形磁场中运动周期由几何知识可知，粒子在圆形磁场中运动时间则粒子