福建省漳州市长泰一中2016-2017学年高二(上)期中物理试卷(解析版)

1、2016-2017学年福建省漳州市长泰一中高二（上）期中物理试卷一、选择题：（本题共14小题，每小题4分，共56分）1下列的叙述，错误的是（）A当温度极低时，超导材料的电阻率会突然减小到零B金属材料的电阻率随温度升高而增大C材料的电阻率取决于导体本身，与导体的电阻、横截面积和长度无关D电阻值大的为绝缘体，电阻值小的为导体2真空中有两个点电荷，若每个电荷的电量均增大到原来的2倍，相隔的距离增大到原来的4倍，则它们间的相互作用力（）A减小到原来的B减小到原来的C增大到原来的2倍D增大到原来的4倍3下述说法正确的是（）A电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹B根据E=，可知电场中某点的场强与电场力成正比

2、C几个电场叠加后合电场的场强一定大于分电场的场强D根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比4如图所示，a、b、c是一条电场线上的三点，电场线的方向由a到c，a、b间距离等于b、c间距离，用a、b、c和Ea、Eb、Ec分别表示abc三点的电势和场强，可以判定（）AabcBEaEbEcCab=bcDEa=Eb=Ec5如图所示，图甲是AB是点电荷电场中的一条电场线，图乙是放在电场线上a、b处的试探电荷的电荷量与所受电场力大小间的函数图线，由此可以判定（）A若场源是正电荷，位置可能在A侧B若场源是正电荷，位置可能在B侧C若场源是负电荷，位置可能在B侧D若场源是负电荷，位置一定不可能

3、在ab之间6如图所示，A为空心金属球，B为靠近A的另一个原来不带电的枕形金属壳将另一个带正电的小球C从A球开口处放入A球中央，但不触及A球则B出现的情况是（）A靠近A的一端带正电，远离A的另一端带负电B靠近A的一端带负电，远离A的另一端带正电C靠近A的一端带负电，远离A的另一端不带电D靠近A的一端带正电，远离A的另一端不带电7a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点电场线与矩形所在平面平行已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为（）A4VB8VC12VD24V8在静电场中，把电荷量为4×109C的正试探电荷从A点

4、移到B点，克服静电力做功6×108J，以下说法中正确的是（）AB点的电势是15VB电荷的动能增加了6×108JC电荷的电势能增加了6×108JD电荷在B点具有的电势能是6×108J9一平行板电容器通过开关和电源连接，如图所示，电源的电动势保持9V不变先闭合开关，把一个厚0.5mm的金属板平行插入间距为1mm的两板之间（ 金属板的面积和电容器极板的相等）等稳定后再打开开关，拔出金属板设整个过程中金属板未和电容器极板相碰则此时电容器极板间的电压是（）A9VB18VC4.5VD0V10如图所示，匀强电场方向竖直向下，在此电场中有a、b两个带电微粒（不计微粒间的

5、相互作用），分别竖直向上、竖直向下做匀速运动，则下列说法中正确的是（）A两带电微粒带异种电荷B两微粒所受的电场力等大、反向C带电微粒a重力势能、电势能均增加D带电微粒b电势能增加，机械能减小11有一个点电荷，在以该点电荷为球心，r为半径的球面上各点相同的物理量是（）A电场强度B同一电荷所受的电场力C电势D同一电荷具有的电势能12如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（）A所受重力与电场力平衡B电势能逐渐增加C动能逐渐增加D做匀变速直线运动13如图所示，虚线是某静电场的一簇等势线，边上标有电势的

6、值一带电粒子只在电场力作用下恰能沿图中的实线从A经过B运动到C下列说法中正确的是（）A粒子一定带负电BA处场强大于C处场强C粒子在A处电势能小于在C处电势能D粒子从A到B电场力所做的功大于从B到C电场力所做的功14三个质量相等，分别带有正电、负电和不带电的颗粒，从水平放置的平行带电金属板左侧以相同速度v0垂直电场线方向射入匀强电场，分别落在带正电荷的下板上的a、b、c三点，如图所示，则（）A落在c点的颗粒在两板间运动时间最长B落在a点的颗粒带正电、C点的带负电C三个颗粒运动到正极板时动能一样大D落在a的点颗粒加速度最大二、填空实验题（每空2分，共12分）15某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的

7、直径时，测得的结果如图所示，则金属丝的直径d=mm16有一个小灯泡上标有“4V 2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的UI图线，有下列器材供选用：A电压表（05V，内阻10k） B电压表（010V，内阻20k）C电流表（00.3A，内阻1） D电流表（00.6A，内阻0.4）E滑动变阻器（5，10A） F滑动变阻器（1）实验中电压表应选用，电流表应选用为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）（2）请在方框内画出满足实验要求的电路图，并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图三、计算题（本题共有3小题，共32分解答时应写出必要的文

8、字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不得分）17如图所示，在场强大小为E=2000N/C的水平向右的匀强电场中，将电荷量为q=2×106C的正点电荷由A点沿直线移至B点，AB间的距离为L=2cm，AB方向与电场方向成60°角，求：（1）点电荷所受电场力的大小和方向；（2）在此过程中电场力做的功WAB；（3）A、B两点间的电势差UAB18如图所示，一束电子从静止开始经U的电场加速后，从水平放置的一对平行金属板正中水平射入偏转电场中，若金属极板长L，两极板间距已知电子质量，电量e，试求：（1）求电子进入偏转电场时的速度v0；（2）两板间至少要加多大电压U才能使电子恰不飞

9、出电场；（3）在上述电压下电子到达极板时的动能19如图所示，空间存在水平向右的匀强电场在竖直平面内建立平面直角坐标系，在坐标系的一个象限内固定绝缘光滑的半径为R的圆周轨道AB，轨道的两端在坐标轴上质量为m的带正电的小球从轨道的A端由静止开始滚下，已知重力为电场力的2倍，求：（1）小球到达轨道最低点B时的速度；（2）小球在轨道最低点B时对轨道的压力；（3）小球脱离B点后再次运动到B点的正下方时距B的竖直高度h2016-2017学年福建省漳州市长泰一中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题共14小题，每小题4分，共56分）1下列的叙述，错误的是（）A当温度极低时，超导材料的电阻

10、率会突然减小到零B金属材料的电阻率随温度升高而增大C材料的电阻率取决于导体本身，与导体的电阻、横截面积和长度无关D电阻值大的为绝缘体，电阻值小的为导体【考点】B7：电阻定律【分析】金属的电阻率随着温度的升高而增大，半导体电阻率随着温度的升高而减小；超导体的电阻率为零电阻率的大小与电阻、导线的长度、横截面积无关【解答】解：A、当温度极低时，电阻率会突然减小到零，变成超导体故A正确B、金属材料电阻率随温度的升高而增大故B正确C、材料的电阻率由材料本身决定，与导体的电阻、横截面积、长度无关故C正确D、判断导体与绝缘体，不是看电阻值的大小，而是看电阻率的大小故D错误本题选错误的，故选：D2真空中有两个

11、点电荷，若每个电荷的电量均增大到原来的2倍，相隔的距离增大到原来的4倍，则它们间的相互作用力（）A减小到原来的B减小到原来的C增大到原来的2倍D增大到原来的4倍【考点】A4：库仑定律【分析】根据库仑定律的公式F=k 进行分析【解答】解：真空中的两个点电荷相距R，根据库仑定律得F=k 如果每个电荷的电量均增大到原来的2倍，相隔的距离增大到原来的4倍，F=k=F，故A正确、BCD错误故选：A3下述说法正确的是（）A电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹B根据E=，可知电场中某点的场强与电场力成正比C几个电场叠加后合电场的场强一定大于分电场的场强D根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成

12、正比【考点】A6：电场强度【分析】电场强度的定义式为E=，运用比值法定义，q是试探电荷，电场强度反映电场本身的性质，与试探电荷无关点电荷产生的电场强度为E=k，Q是场源电荷【解答】解：A、电场线实际并不存在，用来描述电场分布的物理量，不是点电荷在电场中的运动轨迹，故A错误；B、电场强度的定义式为E=，运用比值法定义，则知场强反映电场本身的性质，与试探电荷所受的电场力无关故B错误C、电场叠加遵守平行四边形定则，可知合电场的场强不一定大于分电场的场强故C错误D、点电荷产生的电场强度为E=k，Q是场源电荷则知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比故D正确故选：D4如图所示，a、b、c是一条电

13、场线上的三点，电场线的方向由a到c，a、b间距离等于b、c间距离，用a、b、c和Ea、Eb、Ec分别表示abc三点的电势和场强，可以判定（）AabcBEaEbEcCab=bcDEa=Eb=Ec【考点】A6：电场强度；AC：电势【分析】本题根据顺着电场线方向电势逐渐降低，判断电势关系；电场线的疏密表示电场强度的相对大小根据匀强电场中场强与电势差的关系U=Ed，定性分析电势差的关系【解答】解：A、沿电场线方向电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知abc，故A正确B、D只有一条电场线，不能确定电场线的分布情况，无法比较场强的大小，故BD错误C、对于匀强电场，两点间的电势差U=Ed，由于电场线

14、的疏密情况无法确定，两点间的电势差的公式U=Ed也不能适用，不能判断电势差的关系，故C错误；故选：A5如图所示，图甲是AB是点电荷电场中的一条电场线，图乙是放在电场线上a、b处的试探电荷的电荷量与所受电场力大小间的函数图线，由此可以判定（）A若场源是正电荷，位置可能在A侧B若场源是正电荷，位置可能在B侧C若场源是负电荷，位置可能在B侧D若场源是负电荷，位置一定不可能在ab之间【考点】A7：电场线【分析】由电场强度的定义式E=得到F=qE，Fq图象的斜率表示电场强度大小，图线a的斜率大于b的斜率，说明a处场强大于b处的场强根据场强的大小判断场源电荷的位置【解答】解：Fq图象的斜率表示电场强度大小

15、，图线a的斜率大于b的斜率，说明a处场强大于b处的场强，若电场是由点电荷产生的，说明a距离场源较近，无论场源是正电荷还是负电荷，都应位于A点故A正确，BCD错误故选：A6如图所示，A为空心金属球，B为靠近A的另一个原来不带电的枕形金属壳将另一个带正电的小球C从A球开口处放入A球中央，但不触及A球则B出现的情况是（）A靠近A的一端带正电，远离A的另一端带负电B靠近A的一端带负电，远离A的另一端带正电C靠近A的一端带负电，远离A的另一端不带电D靠近A的一端带正电，远离A的另一端不带电【考点】AI：静电现象的解释【分析】一个带正电的小球C从A球开口处放入A球中央，但不触及A球此时A的电子被吸引到内侧

16、，外侧带正电，这时B靠近A的一端就会感应出负电【解答】解：带正电的小球C放在A球中央时，A的内侧感应出负电，外侧带正点，当B靠近A时，靠近A的一端就会感应出负电，另一端带正电故选：B7a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点电场线与矩形所在平面平行已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为（）A4VB8VC12VD24V【考点】AF：等势面；AC：电势【分析】在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，故可将bd五等分，求出e、f的电势，连接ae和cf，则cfae，c=f=8v【解答】解：根据在匀强电场中将某一

17、线段等分同时就将该线段两端的电势差等分将线段bd五等分，如图所示，则Ube=Ubd=×（244）=4v，故Ube=be=4v，故fd=4v，故e=244=20vf=8v故a=e，连接cf，则cfae，故c点的电势c=f=8v故B正确故选B8在静电场中，把电荷量为4×109C的正试探电荷从A点移到B点，克服静电力做功6×108J，以下说法中正确的是（）AB点的电势是15VB电荷的动能增加了6×108JC电荷的电势能增加了6×108JD电荷在B点具有的电势能是6×108J【考点】AE：电势能；AC：电势【分析】带正电的试探电荷逆着电场线移

18、动，电场力做负功而电场中某点的电势等于将该电荷从无穷远处移到这该点电场力所做的功与其电荷量的比值若改变零电势位置，则电势也会发生变化，但电势差却不变【解答】解：AC、把一个正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功6×108J，电荷的电势能增大了6×108J即电场力对电荷做负功，为6×108J，则AB间的电势差为U=15V，由于A点的电势未知，不能求出B点的电势故A错误，C正确B、由于没有说明是否有其他的外力做功，所以电荷的动能增加不一定为6×108J故B错误；D、电荷的电势能增大了6×108J，题目没有选择0势能点，不能确定B点的电势能故D错误故

19、选：C9一平行板电容器通过开关和电源连接，如图所示，电源的电动势保持9V不变先闭合开关，把一个厚0.5mm的金属板平行插入间距为1mm的两板之间（ 金属板的面积和电容器极板的相等）等稳定后再打开开关，拔出金属板设整个过程中金属板未和电容器极板相碰则此时电容器极板间的电压是（）A9VB18VC4.5VD0V【考点】AS：电容器的动态分析【分析】由Q=UC可求得两板上的电荷量；而拔出金属板后，板间距离增大，则由电容器的决定式可确定电容的大小，则可求得两板间的电压【解答】解：开始时开关闭合，故两板间的电压为9V；将金属板间的金属板抽出后，板间距离变成原来的2倍；则由C=可知，电容C变成原来的一半；则

20、由U=可知，U变成18V；故选：B10如图所示，匀强电场方向竖直向下，在此电场中有a、b两个带电微粒（不计微粒间的相互作用），分别竖直向上、竖直向下做匀速运动，则下列说法中正确的是（）A两带电微粒带异种电荷B两微粒所受的电场力等大、反向C带电微粒a重力势能、电势能均增加D带电微粒b电势能增加，机械能减小【考点】AE：电势能；2H：共点力平衡的条件及其应用；6B：功能关系【分析】a、b两个带电液滴，分别竖直向下和竖直向上做匀速直线运动，可知两电荷均受重力、电场力平衡，从而确定出两电荷的电性通过电场力做功判断电势能的变化【解答】解：A、两电荷受重力和电场力处于平衡状态，知电场力方向均向上，则两电荷

21、均带负电故A错误 B、虽然是匀强电场，但由于两个微粒质量与电荷量不知，所以它们的电场力大小不一定相等，但方向是相同，故B错误； C、对于a电荷，电场力做正功，电势能减小，动能不变，重力势能增大，机械能增大故C错误 D、对于b电荷，电场力做负功，电势能增大，动能不变，重力势能减小，机械能减小故D正确故选D11有一个点电荷，在以该点电荷为球心，r为半径的球面上各点相同的物理量是（）A电场强度B同一电荷所受的电场力C电势D同一电荷具有的电势能【考点】A8：点电荷的场强；A6：电场强度【分析】只有大小和方向都相同时，矢量才相同；标量只有大小，没有方向，只要大小相等，标量就相同以点电荷为球心的球面是一个

22、等势面，其上各点的电势相等，电场强度大小相等，方向不同【解答】解：A、以点电荷为球心的球面各点的电场强度大小相等，方向不同，故电场强度不同故A错误B、由F=qE可知，同一电荷受到的电场力大小相等，方向不同，故电场力不同故B错误C、以点电荷为球心的球面是一个等势面，即各点的电势相等故C正确D、由电势能与电势的关系可知，电势相同，同一电荷具有相同的电势能，故D正确故选：CD12如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（）A所受重力与电场力平衡B电势能逐渐增加C动能逐渐增加D做匀变速直线运动【考点】C

23、M：带电粒子在混合场中的运动【分析】带电粒子在场中受到电场力与重力，根据粒子的运动轨迹，结合运动的分析，可知电场力垂直极板向上，从而可确定粒子的运动的性质，及根据电场力做功来确定电势能如何变化【解答】解：A、D、根据题意可知，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度方向同向，粒子做匀加速直线运动，因此A错误，D正确；B、根据动能定理，由A选项分析可知，电场力做正功，则电势能减小，故B错误；C、因电场力做正功，则电势能减小，导致动能增加，故C正确；故选：CD13如图所示，虚线是某静电场的一簇等势线，边上标有电势的值一带电粒子只在电场力作用下恰能沿图中的实线从A经过B运动到C下列说法中正确的是（

24、）A粒子一定带负电BA处场强大于C处场强C粒子在A处电势能小于在C处电势能D粒子从A到B电场力所做的功大于从B到C电场力所做的功【考点】AD：电势差与电场强度的关系；A6：电场强度【分析】根据电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势，确定出电场线方向，根据曲线运动中物体所受的合力方向指向轨迹的内侧，可判断出粒子所受的电场力方向，判断粒子的电性根据等差等势面密处场强大，可判断场强的大小由电场力做功正负，判断电势能的大小和动能的大小【解答】解：AB、根据电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势，可知电场线方向大致向左，根据粒子轨迹的弯曲方向可知，粒子所受的电场力方向大致向左，则知粒子一定带正电故A错误

25、；B、等差等势面的疏密反映电场强度的大小，A处场强大于C处场强，故B正确；C、从A点飞到C点，电场力方向与速度的夹角为钝角，电场力做负功，电势能增大，故C正确；D、由于电势差相同，根据W=Uq知，电场力做功相同，故D错误故选：BC14三个质量相等，分别带有正电、负电和不带电的颗粒，从水平放置的平行带电金属板左侧以相同速度v0垂直电场线方向射入匀强电场，分别落在带正电荷的下板上的a、b、c三点，如图所示，则（）A落在c点的颗粒在两板间运动时间最长B落在a点的颗粒带正电、C点的带负电C三个颗粒运动到正极板时动能一样大D落在a的点颗粒加速度最大【考点】AK：带电粒子在匀强电场中的运动【分析】由图，电

26、容器上极板带负电，下极板带正电，平行板间有竖直向上的匀强电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力，不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动由此根据平抛和类平抛运动规律求解【解答】解：A、根据题意，三小球在水平方向做匀速直线运动，则有x=v0t，v0相同，则水平位移x与运动时间t成正比，由图看出，水平位移的关系为xaxbxc，则运动时间关系为tatbtc故A正确；BD、竖直方向上三个粒子都做初速度为0的匀加速直线运动，到达下极板时，在竖直方向产生的位移y相等：y=at2，则知加速度关系为 aaaba

27、c由牛顿第二定律得知三个小球 的合力关系为 FaFbFc由于平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，向下的合力最小，向下的加速度最小，负电荷受到向下的电场力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不带电的小球做平抛运动，加速度为重力加速度g，可知，落在a点的颗粒带负电，c点的带正电，b点的不带电故B错误，D正确C、由上分析得知，落在c点的颗粒带正电，电场力向上，则电场力对它做负功电场对a做正功，由于做的功不同，所以三个颗粒运动到正极板时动能不一样大，故C错误故选：AD二、填空实验题（每空2分，共12分）15某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图所示，则金属丝的

28、直径d=2.935mm【考点】L4：螺旋测微器的使用【分析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：螺旋测微器的固定刻度为2.5mm，可动刻度为43.5×0.01mm=0.435mm，所以最终读数为2.5mm+0.435mm=2.935mm故答案为：2.93516有一个小灯泡上标有“4V 2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的UI图线，有下列器材供选用：A电压表（05V，内阻10k） B电压表（010V，内阻20k）C电流表（00.3A，内阻1） D电流表（00.6A，内阻0.4）E滑动变阻器（5，10A） F滑动变阻器（1）实验中

29、电压表应选用A，电流表应选用D为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用E（用序号字母表示）（2）请在方框内画出满足实验要求的电路图，并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图【考点】N5：描绘小电珠的伏安特性曲线；BB：闭合电路的欧姆定律【分析】（1）仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器；（2）根据滑动变阻器分压及限流接法的不同作用，结合题意选择滑动变阻器的接法；由电流表、电压表与灯泡内阻间的大小关系确定电流表的接法【解答】解

30、：（1）因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用05V的电压表，故选A；由P=UI得，灯泡的额定电流I=0.5A；故电流表应选择00.6A的量程，故选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选E；（2）由P=可求得：灯泡内阻R=8；则=1250；=20； 故说明电压表远大于灯泡内阻，应采用电流表外接法；而由以上分析知，滑动变阻器应选择分压接法；故答案如图所示：故答案为：（1）A；D；E；（2）如图三、计算题（本题共有3小题，共32分解答时

31、应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不得分）17如图所示，在场强大小为E=2000N/C的水平向右的匀强电场中，将电荷量为q=2×106C的正点电荷由A点沿直线移至B点，AB间的距离为L=2cm，AB方向与电场方向成60°角，求：（1）点电荷所受电场力的大小和方向；（2）在此过程中电场力做的功WAB；（3）A、B两点间的电势差UAB【考点】AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系；AB：电势差【分析】（1）点电荷所受电场力的大小F=qE；（2）在A到B过程中电场力是恒力，根据做功公式可求W=qELcos60°；（3）根据匀强电场电势差与电场强度关系可得A、B两点间的电势差UAB=ELcos60°【解答】解：（1）匀强电场场强处处相同，大小均为E，则点电荷所受电场力的大小F=qE=2×106×2000N=4×103N；正点电荷电场力的方向水平向右 （2）在A到B过程中电场力是恒力，做的功=； （3）由匀强电场电势差与电场强度的关系得：A、B两点间的电势差=答：（1）点电荷所受电场力的大小为4×103N和方向水平向右；（2）在此过程中电场力做的功WAB为4×1