动能定理专题

1、动能定理专题一、动能1 定义：物体由于运动而具有的能.12 .公式： Ek=mv112 .表达式：W=一 mv3 一 mv1.223.物理意义：合外力的功是物体动能变化的量度.4 .适用条件 动能定理既适用于直线运动，也适用于曲线运动. 既适用于恒力做功，也适用于变力做功. 力可以是各种性质的力，既可以同时作用，也可以不同时作用.例1 .下列关于动能的说法，正确的是()A.运动物体所具有的能就是动能B .物体做匀变速运动，某一时刻速度为 V1,则物体在全过程中的动能都是1_mv22C. 做匀速圆周运动的物体其速度改变而动能不变D. 物体在外力F作用下做加速运动，当力F逐渐减小时，其动能也逐渐减

2、 小解析：运动的物体除具有动能以外，还具有其他形式的能， A选项错误.动 能是状态量，当速度v的大小变化时，动能就发生变化，B选项错误；由于匀速 圆周运动中，物体的速度大小不变，因此物体的动能不变， C选项正确；在物体 做加速度逐渐减小的加速运动时， 物体的动能仍在变大，D选项错误；故答案应 该选C.答案：C.23. 单位：焦耳,1 J = 1 N m = 1 kg m/s2.4. 矢标性：动能是标量，只有正值.二、动能定理1.内容：在一个过程中合外力对物体所做的功，等于物体在这个过程中动 能的变化.例2.物体做匀速圆周运动时（）A .速度变化，动能不变B .速度变化，动能变化C. 速度不变，

3、动能变化D. 速度不变，动能不变解析：速度是矢量，动能是标量，物体做匀速圆周运动时速度的方向随时变 化，但大小不变，故速度在变，动能不变，选项A正确.答案：A例3.人骑自行车下坡，坡长I = 500 m，坡高h= 8 m，人和车总质量为100 kg,下坡时初速度为4 m/s，人不踏车的情况下，到达坡底时车速为 10 m/s，g 取10 m/s2,则下坡过程中阻力所做的功为（）A. - 4 000 J B . - 3 800 JC. 5 000 J D . - 4 200 J答案：B例4.人通过滑轮将质量为m的物体沿粗糙的斜面由静止开始匀加速地由底端拉上斜面，物体上升的高度为 h，到达斜面顶端时

4、的 速度为V，如图所示.则在此过程中（）A .人对物体做的功为mghB .人对物体做的功小于mghC.物体所受的重力做功为mgh1D.物体所受的合外力做功为mv22解析：由于重力和滑动摩擦力都做负功，可以判断人对物体做的功大于 mgh， A、B错；物体上升高度为h，克服重力做功为mgh，即重力做功为mgh，C 对；物体沿粗糙的斜面由静止开始做匀加速运动， 上升高度h的过程中，人的拉 力F、物体重力mg和滑动摩擦力Ff的合力做功等于动能的变化，即 Wf+ Wg1+ WFf = 一mv2， D 对.2答案：CD例5.如图所示，质量为m的小球，从离地面H高处由静止释放，落到地 面后继续陷入泥中h深度

5、而停止，设小球受到空气阻力为 F阻，则下列说法正确 的是（）A .小球落地时动能等于mgHB 小球陷入泥中的过程中克服泥土阻力所做的功小于刚落到地面时的动能C. 整个过程中小球克服阻力做的功等于 mg(H + h)D. 小球在泥土中受到的平均阻力为 mg(1 + H/h)解析：小球下落高度为 H的过程中需要克服空气阻力做功，故其落地时的 动能为(mg F 阻)H，选项A错误；设小球刚落地时的动能为 Ek，小球在泥土中 运动的过程中克服阻力做功为 Wi,由动能定理得 mgh Wi = 0 Ek,解得 Wi =mgh + Ek，故选项B错误；若设全过程中小球克服阻力做功为W2,则mg(H+ h)

6、W2 = 0，解得W2 = mg(H + h)，故选项C正确；若设小球在泥土中运动时， 受到的平均阻力为F阻，则全程由动能定理得 mg(H + h) F阻H F阻h= 0，mg H + h F 阻 H解得F阻=，故选项D错误.h答案：C考点一：对动能定理的理解1.动能定理公式中“二”的意义等号表明合力做功与物体动能变化的三个关系(1) 数量关系：即合外力所做的功与物体动能的变化具有等量代换关系.可 以通过计算物体动能的变化，求合力的功，进而求得某一力的功.(2) 单位相同：国际单位都是焦耳.(3) 因果关系：合外力的功是引起物体动能变化的原因.2 .动能定理的特点例1:如图所示，一块长木板 B

7、放在光滑的水平面上，在 B上放一物体A，现以恒定的外力拉B,由于A、B间摩擦力的作用，A将在B上滑动，以地面为参考系，A、B都向前移动一段距离.在此过程中()A .外力F做的功等于A和B动能的增量B . B对A的摩擦力所做的功，等于 A的动能增量C . A对B的摩擦力所做的功，等于B对A的摩擦力所做的功D.外力F对B做的功等于B的动能的增量与B克服摩擦力所做的功之和解析：A物体所受的合外力等于B对A的摩擦力，对A物体运用动能定理， 则有B对A的摩擦力所做的功等于 A的动能的增量，即B对.A对B的摩擦力与B对A的摩擦力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑动，A、B对地的

8、位移不等，故二者做功不等，C错对B应用动能 定理，Wf WFf =£kB，即Wf =AEkB + WFf就是外力F对B做的功，等于B的 动能增量与B克服摩擦力所做的功之和，D对由前述讨论知B克服摩擦力所 做的功与A的动能增量（等于B对A的摩擦力所做的功）不等，故A错.答案：BD训练1 :如图所示，卷扬机的绳索通过定滑轮用力 F拉位于粗糙斜面上的木箱，使之沿斜面加速向上移动在移动过程中，下列说法正确的是A. F对木箱做的功等于木箱增加的动能与木箱克服摩擦力 所做的功之和B . F对木箱做的功等于木箱克服摩擦力和克服重力所做的 功之和C.木箱克服重力所做的功等于木箱增加的重力势能D. F

9、对木箱做的功等于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力做的功之和解析：木箱在上升过程中，由动能定理可知：Wf mgh WFf = Ek，故有Wf = mgh + WFf+圧k，由此可知A、B错误，D正确；木箱上升过程中，重力 做负功，重力势能增加，木箱克服重力做的功等于木箱增加的重力势能，C正确.答案：CD考点二：动能定理的应用例2： （16分）一滑块（可视为质点）经水平轨道AB进入竖直平面内的四分之 一圆弧形轨道BC.已知滑块的质量m = 0.50 kg，滑块经过A点时的速度va= 5.0 m/s，AB长x= 4.5 m，滑块与水平轨道间的动摩擦因数尸0.10，圆弧形轨道的半径R= 0.50 m，

10、滑块离开C点后竖直上升的最大高度h = 0.10 m .取g = 10 m/s2 .求：（1）滑块第一次经过B点时速度的大小；（2）滑块刚刚滑上圆弧形轨道时，对轨道上B点压力的大小;（3）滑块在从B运动到C的过程中克服摩擦力所做的功.解析：（1）滑块由A到B的过程中，彳0V：*7T应用动能定理得：（3分）1Ff x= mvB -21-_mvA2B/Z/Z/7Z/Z/Z6沖又 Ff =（img（1分）解得：vb = 4.0 m/s.（2分）(2) 在B点，滑块开始做圆周运动，由牛顿第二定律可知vBFn mg = m(2 分)R解得轨道对滑块的支持力Fn = 21 N(1分)根据牛顿第三定律可知，

11、滑块对轨道上 B点压力的大小也为21 N .(2分)(3) 滑块从B经过C上升到最高点的过程中，由动能定理得1mg(R+ h) Wf=0 mvB (3 分)解得滑块克服摩擦力做功WFf' = 1.0 J . (2 分)答案： (1)4.0 m/s (2)21 N (3)1.0 J题后反思：优先考虑应用动能定理的问题(1) 不涉及加速度、时间的问题.(2) 有多个物理过程且不需要研究整个过程中的中间状态的问题.(3) 变力做功的问题.训练2 :如图所示，装置ABCDE固定在水平地面上，AB段为倾角 A 53 ° 的斜面，BC段为半径R = 2 m的圆弧轨道，两者相切于 B点，A

12、点离地面的高 度为H = 4 m .质量为m = 1 kg的小球从A点由静止释放后沿着斜面 AB下滑, 当进入圆弧轨道BC时，由于BC段是用特殊材料制成的，导致小球在 BC段运 动的速率保持不变.最后，小球从最低点 C水平抛出，落地速率为v= 7 m/s.已 知小球与斜面AB之间的动摩擦因数 尸0.5，重力加速度g取10 m/s2，sin 53 ° =0.8，cos 53 ° = 0.6，不计空气阻力，求：(1) 小球从B点运动到C点克服阻力所做的功.(2) B点到水平地面的高度.解析：设小球从B到C克服阻力做功为 Wbc.由动能定理，得mgR(1 cos 9 Wbc =

13、0.代入数据，解得 Wbc = 8 J.(2)设小球在AB段克服阻力做功为 Wab，B点到地面高度为h，则Wab = (jmg AB cos 0,对于小球从A点落地的整个过程，由动能定得，得mgH Wab Wbcmv在压缩弹簧过程中，弹簧存贮的最大弹性势能; 小物块到达桌边B点时速度的大小；(3)小物块落地点与桌边B点的水平距离.解析：(1)取向左为正方向，从F x图中可以看出，小物块与桌面间的滑动摩擦力大小为Ff = 1.0 N，方向为负方向在压缩过程中，摩擦力做功为Wfu Ff = 0.1 J联立，解得h = 2 m.答案： (1)8 J (2)2 m考点三：动能定理与图象结合的问题动能定

14、理与图象结合问题的分析方法(1) 首先看清楚所给图象的种类(如v t图象还是F x图象、Ek x图象等)(2) 挖掘图象的隐含条件一一求出所需要的物理量，如由v t图象所包围的“面积”求位移，由F x图象所包围的“面积”求功等.(3) 再分析还有哪些力做功，根据动能定理列方程，可求出相应的物理量.例3:如图甲所示，一条轻质弹簧左端固定在竖直墙面上，右端放一个可视为质点的小物块，小物块的质量为 m = 1.0 kg，当弹簧处于原长时，小物块静止 于0点现对小物块施加一个外力 F，使它缓慢移动，将弹簧压缩至 A点时， 压缩量为x二0.1 m，在这一过程中，所用外力F与压缩量的关系如图乙所示.然 后

15、撤去F释放小物块，让小物块沿桌面运动，已知 O点至桌面B点的距离为L=2x，水平桌面的高度为h = 5.0 m，计算时，可认为滑动摩擦力近似等于最大静摩擦力(g取10 m/s2).求:2 1 ；A 0 BJ1h由图线与x轴所围面积可得外力做功为1.0 + 47.0Wf=X 0.1 J = 2.4 J.2所以弹簧存贮的最大弹性势能为Ep= WF+ WFf= 2.3 J.从A点开始到B点的过程中，由于L = 2x,摩擦力做功为WFf' = Ff 3x = 0.3 J对小物块用动能定理有1Ep+ WFf' = §mvB解得 vb = 2 m/s.(3) 小物块从B点开始做平抛运动1h =_ gt22y下落时间t= 1 s水平距离s = vBt= 2 m.答案：(1)2.3 J (2)2 m/s (3)2 m例4：质量m= 1 kg的物体，在与物体初速度方向相同的水平拉力的作用下,沿水平面运动过程中动能 一位移的图象如图 所示.在位移为4 m时撤去F，物块仅在摩 擦力的作用下运动.求：(g 取 10 m/s2)(1) 物体的初速度多大？(2) 物体和平面间的动摩擦因数多大？拉力F的大小.解析：从图线可知初动能为2 J ,1 Ex ；mv2 二 2 J ,v = 2 m/s.(2)在位移4 m处物体的动能为10 J，在位移8