【专项习题】上饶电与磁专项检测试题(含答案)

1、【专项习题】上饶电与磁专项检测试题（含答案）一、选择题1 .如图为通电螺线管磁场强弱演示仪的示意图（导线电阻不计），由图可知：（A. 当开关S接a点时，仪表指针向右偏转B. 当开关S接a点接滑片P向下移动时，仪表示数变小C. 保持滑片P的位置不变，开关 S由a点换到b点，仪表示数变大D. 若将电源正负极对调，仪表指针偏转方向不变【答案】C【解析】【解答】解：N极，根据同名磁极相互排斥可知，仪表指针A、由安培定则可知，通电螺线管的右端为向左偏转，故A错误；B、当开关S接a点接滑片P向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电流增大，磁性增 强，排斥力增大，指针偏转变大，仪表示数变大，故B错误；C、保

2、持滑片P的位置不变，开关 S由a点换到b点，线圈匝数增加，磁性增强，排斥力 增大，指针偏转变大，仪表示数变大，故C正确；D、若将电源正负极对调，电流方向改变，磁场方向改变，仪表指针偏转方向改变，故 错误.故选C.4 ）通电导体【分析】（1）由安培定则判断通电螺线管的南北极和磁极间的相互作用判断仪表指针向的 偏转；、（2）根据滑动变阻器的移动方向判断通电螺线管的磁性变化，判断仪表示数变 化；（3）通电螺线管磁性的强弱与电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯；（ 在磁场受力的方向与电流的方向、磁场方向有关.S前小磁针处于静2.如图所示，一螺线管的右端放着一颗可自由转动的小磁针，闭合开关 止，闭合开关S后

3、，小磁针的N极将（xVA.向左偏转【答案】AB.向右偏转C.仍然静止”iD.无法判断【解析】【解答】解:从图可知，电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是 极，右端是S极；N极向左转动.由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针故选A.【分析】首先由安培定则可以判断出螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可得出小磁针 静止时的N、S极的指向.3.如图所示的四个装置，关于它们的说法正确的是（)A. 图a可用来演示电流的磁效应C.图c可用来演示磁场对电流的作用 大小的关系【答案】C【解析】【解答】A该图中没有电源，1 B图b可用来演示电磁感应现象D.图d可用来演示电磁铁

4、的磁性强弱与电流即电磁感应现象，此实验说明闭合电路的一部分A不符合导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，是发电机的工作原理, 题意；B不符B、该图为奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，可用来演示电流的磁效应, 合题意；C、该图中有电源，即闭合开关后，磁场中的金属棒就会在磁场中运动，即说明通电直导线 在磁场中受到力，C符合题意；D不符合题意;D、该图说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数的多少有关， 故答案为：Co【分析】探究通电导体在磁场中受力的作用的装置中，有电源，磁体、导线等，当导线中 电流相等时，可以探究电磁铁的磁性和线圈匝数的关系.4. 如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形

5、磁铁，B是螺线管.闭合开关，待弹簧测力计示数稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动的过程中，下列说法正确的是（）hB.电压表示数变小，电流表示数也变小iD.螺线管上端是S极，弹簧测力计示数A. 电压表示数变大，电流表示数也变大C.螺线管上端是N极，弹簧测力计示数变小变大【答案】C【解析】【解答】解：(1)由图可知电流由螺线管的下方流入，则由右手螺旋定则可知螺 线管上端为N极，下端为S极；则螺线管与磁铁为同名磁极，相互排斥； 当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻变小，则由欧姆定律可知电路中电流增大，即电 流表的示数变大；因为串联电路中，电阻越大，分得的电压越大，因此滑动变阻器两端电压减小，即电压

6、表 示数减小；故AB错误；(2) 由于通过电路的电流变大，则螺线管的磁性增大，螺线管与磁铁之间的斥力增大，因 此弹簧测力计示数变小.故 C正确，D错误.故选C.【分析】解答此题从以下知识点入手：(1 )影响电磁铁磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯线圈的匝数一 定，电流越大磁性越强；(2) 运用安培定则判断通电螺线管的极性；(3) 磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引.(4) 当变阻器 R的滑片缓慢向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律 和串联电路电压的特点可知电路电流表和电压表示数的变化.5. 关于图中所示的通电螺线管，下列说法正确的是(LixmA

7、. 通电螺线管的右端是 S极B. 只对调电源正负极，通电螺线管的磁场方向不发生改变C. 通电螺线管的外部磁感线是从S极发出回到N极的D. 当滑动变阻器的滑片向右移动时，通电螺线管的磁性增强【答案】D【解析】 【解答】解：A、由于电源右端为正极、左端为负极，由安培定则可知，用右手 握住通电螺线管，让大拇指指向右侧，故通电螺线管的右端是N极；故A错误；B、改变电源的正负极后，螺线管中的电流方向发生了改变，通电螺线管的磁场方向发生改 变，故B错误；N极发出回到S极的，故C错误；接入电路中的电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性将C、通电螺线管的外部磁感线是从D、滑动变阻器 P向右移动时， 增强.故D正

8、确.故选D.S极，据安培定则可判断出电流方向，而电流在电源外部从（2）通电螺线管周围磁场的方向与电流方向和线圈的绕若两个因素同时改变，磁【分析】（1）由螺线管的 N、 正极出来，回到负极，据此回答.N极发出回到S极的；（4）通电螺线管向这两个因素有关，若只改变其中的一个，磁场方向发生改变； 场方向不变.（3 ）通电螺线管的外部磁感线是从 磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强.S,)6. 如图所示，处于光滑水平面的小车上放有一条形磁铁，左侧有一螺线管，闭合开关 下列判断正确的是（hB.小车受到电磁铁引力作用，向左运动'D.只将电源正负极交换，电磁铁磁性减A. 小车受到电磁铁斥力

9、作用，向右运动C.只将滑片P向右移动，电磁铁磁性增强弱【答案】B【解析】【解答】解：AB、电流从电源的正极流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左 端是N极，右端为S极，小车上的磁铁左端为 N极，异名磁极相互吸引，小车受到了一个 向左的吸引力，小车就会向左运动故A错误，B正确；C、滑片P向右移动，连入电路的电阻增大，电源电压不变，电流减小在线圈匝数和铁芯不变时，电流减小，电磁铁的磁性减弱故C错误；D、把电源的正负极对调，将电源的正负极对调，可以改变电磁铁的极性，但不能改变磁 性强弱，故D错误.故选B.【分析】（1）先根据安培定则（用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则 大拇指所指的那

10、端就是螺线管的N极）判断出通电螺线管的南北极，然后根据磁极间的相互作用（同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引）判断出小车的受力方向，从而得出小车 的运动方向.（2）电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯电 流越大，匝数越多，有铁芯时电磁铁的磁性越强.7.如图所示的四个实验，反映电动机基本原理的是（）【解答】电动机的工作原理是电流在磁场中受力的作用而运动,D符合题意。【解析】磁场，导体在磁场中受力运动,D图有电源,故答案为：D.【分析】磁场对通电导体的作用是电动机的工作原理。&如图所示的充电鞋垫，利用脚跟起落驱动磁性转子旋转，线中就会产生电流, 鞋垫上的电池充电。下图中

11、与充电鞋垫的工作原理相同的是（从而能给B.C.D.【解析】符合题意。【解答】充电鞋发电时，禾U用线圈在磁场中切割磁感线产生感应电流的原理,故答案为：B.【分析】当闭合电路的一部分导体切割磁感线时，导体中产生感应电流，这是电磁感应现 象。9. 奥斯特发现了电流的磁效应，首次揭开了电与磁的联系；法拉第发现了电磁感应现象进 一步揭示了电与磁的联系，开辟了人类的电气化时代.下列有关电磁现象的说法正确的是r B.导体在磁场中运动一定产生感应电流“ D1电导体受到磁场的作用力与磁场方向无A. 通电导体周围一定存在磁场C. 电磁波在真空中无法传播 关【答案】A【解析】【分析】(1)奥斯特实验证明了通电导体周

12、围存在磁场，其磁场方向和电流方向 有关；(2) 产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体 中才会有感应电流；(3) 电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；(4) 通电导体在磁场中的受力方向跟电流方向和磁场方向有关.A正确;【解答】A、奥斯特实验证明了：通电导体周围一定存在磁场，故B、闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会有感应电流.故 错误；C、 电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故C错误；D、 通电导体在磁场中的受力方向跟电流方向和磁场方向有关.故D错误.故选A.【点评】此题考查的知识点比较多，有奥斯特实验、电磁感应现象、电

13、磁波的传播和通电 导体在磁场中的受力等问题，难度不大，是中考的常见题型.10. 如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是螺线管.闭合开关，待弹簧测力计示数稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动的过程中，下列说法正确的是mB.电压表示数变小，电流表示数也变小“D.螺线管上端是 S极，弹簧测力计示数a.电压表示数变大，电流表示数也变大C.螺线管上端是N极，弹簧测力计示数变小变大【答案】C【解析】【解答】解：(1)由图可知电流由螺线管的下方流入，则由右手螺旋定则可知螺 线管上端为N极，下端为S极；则螺线管与磁铁为同名磁极，相互排斥；当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻变小，则由欧姆定律可知电

14、路中电流增大，即电 流表的示数变大；因为串联电路中，电阻越大，分得的电压越大，因此滑动变阻器两端电压减小，即电压表 示数减小；故AB错误；(2)由于通过电路的电流变大，则螺线管的磁性增大，螺线管与磁铁之间的斥力增大，因 此弹簧测力计示数变小.故 C正确，D错误.故选C.【分析】解答此题从以下知识点入手：(1 )影响电磁铁磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯线圈的匝数一 定，电流越大磁性越强；(2) 运用安培定则判断通电螺线管的极性；(3) 磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引.(4) 当变阻器 R的滑片缓慢向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律 和串

15、联电路电压的特点可知电路电流表和电压表示数的变化.发电鞋”鞋的内部安装了磁铁和线圈，当人体带动磁铁5km/h的速度行走时，其11. 如图所示为科研人员研制的运动时，磁铁产生的磁场通过线圈，从而产生感应电流。当人以 发电的功率约为 0. 4W。下列说法正确的是()A. 发电鞋工作时将电能转化为机械能B. 发电鞋是利用电磁感应原理工作的C. 发电鞋是利用电流磁效应原理工作的D. 在人以5km/h的速度行走1h的过程中，发电鞋可以产生约【答案】B【解析】【解答】由题意可知，发电鞋工作时将机械能转化为电能， 鞋的原理是电磁感应现象，B符合题意，C不符合题意；发电鞋W=Pt=O. 4W< 3600

16、s=1440J D 不符合题意；故答案为：B.【分析】发电机工作时将机械能转化为电能，工作原理是电磁感应现象0. 4J的电能A不符合题意；发电1h内产生的电能为12. 下列有关电和磁的说法正确的是(A. 奥斯持发现了电流的磁效应不存在的)B磁体周围的磁场既看不见也摸不着，所以是C.电动机是根据电磁感应原理制成的 关"D.电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有【答案】A【解析】【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，故A正确；B、 磁体周围的磁场虽然看不见也摸不着，但的确存在，故B错误；C、电磁感应现象是发电机的制作原理，而电动机的制作原理是通电线圈在磁场中受力转 动，故C错误；D错

17、误.磁场看不见、摸不着但的确存在；（3）4）电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线D、电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关, 故选A.【分析】（1）奥斯特发现了电流的磁效应；（2）电动机工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；（ 圈的匝数有关.13. 关于电磁现象，下列说法正确的是（）A. 通电导线周围一定存在磁场r.B.磁场是由疏密不同的磁感线组成的C.改变电流大小，可以改变电动机转动的方向! D.任何导体在磁场中运动时，都能产生感应电流【答案】A【解析】【解答】解：A、 据奥斯特实验可知，通电导线周围一定存在磁场，故A正确；B、磁场是看不到的物质，而磁感线是为描述磁场分布而引入的，磁感线实际

18、上是不存在的，故B错误；C、改变电流的方向可以改变线圈受力的方向，即可以改变电动机转动的方向；而改变电流大小，并不能改变电动机转动的方向，故C错误；D、导体在磁场中如果沿磁场方向运动是不会产生感应电流的，且选项没说明电路是否闭合，故D错误.故选A.【分析】（1）奥斯特实验说明了通电导线周围存在着磁场；（2）磁体周围存在磁场，为了描述磁场的分布物理学上引入了磁感线，实际上磁感线是不存在的；（3）改变电流的方向可以改变线圈受力的方向；（4）产生感应电流的条件：闭合回路中的导体切割磁感线.下列实14. 科学家发明了一种给手机充电的摇椅，这种摇椅将摇晃产生的电量供给手机 验与给手机充电的摇椅工作原理相

19、同的是（）A.B.C.D.【解析】A.电烙铁【答案】D【解析】B.电铃"C.发电机iiD.电动机【解答】解：通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中 因此可以利用电流受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大. 表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小.A、B、C、D、电烙铁是利用电流的热效应制成的，与电流表的工作原理无关.故 电铃是利用电流的磁效应制成的，与电流表的制成原理无关.故 发电机是利用电磁感应现象制成的，与电流表的制成原理无关.故 电动机是利用通电线圈在磁场中受力而转动的理论制成的.故A错误.B错误.C错误.D正确.【解答】AB、这两幅图

20、分别是奥斯特实验和电铃，说明电流周围存在磁场；C、图中的实验说明了通电导体在磁场中受力的作用，是电动机的原理；D、图中是探究电磁感应现象的实验，是发电机的原理，与给手机充电的摇椅工作原理相 同.故答案为：D.【分析】摇椅能给手机充电，即整个过程的能量转化是机械能转化为电能，说明给手机充 电的摇椅与发电机的原理相同，即是电磁感应现象.15. 如图为实验室常用电流表的内部结构图.多匝金属线圈悬置在磁体的两极间，线圈与 一根指针相连.当线圈中有电流通过时，它受力转动带动指针偏转，便可显示出电流的大 小.下列与此工作原理相同的电器设备是（ ）故选D.【分析】首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐

21、个分析选择项中的各电学元件 的制成原理，分别与前面分析的结论对应即可得到答案.16.如图所示的几种电、磁现象中不正确的是（)【解析】II B.II C.,1 D.【解答】解：A、在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出来，回到南极；所以正确.B、通电导体周围存在的磁场，而且磁场的方向与电流的方向有关，故将一小磁针放在通电 导体周围时，小磁针会发生偏转，而且偏转方向的方向与电流的方向有关，故B正确.C、由于带电体上带的是正电荷，当与金属球靠近时，会发生电荷的转移，故与金属球相连 的箔片也会带上正电荷；再根据同种电荷相互排斥的原理可以判断箔片将会张开，故C也正确.D、只有导体做切割磁感线运动时，才会产生

22、感应电流，而图中导体运动时没有切割磁感 线，所以不能产生感应电流，使电表偏转；故 D错误.故选D.【分析】A、需要掌握磁感线的方向，知道在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出来回到 南极；B、根据电流的磁效应：通电导体周围存在的磁场，而且磁场的方向与电流的方向有关即可 来判断B选项的正误；C、 根据验电器的工作原理：同种电荷相互排斥即可判定C选项的正误；D、产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；据此即可 判断D的正误.GMR组成的电N极，电源电压恒定，则（）17.巨磁电阻（GMR）在磁场中，电阻会随着磁场的增大而急剧减小用 路图如图，开关 K与1接通时，电磁铁右端为A.

23、 开关K与2接通时，电磁铁左端为S极向相反iB开关K与2接通时，A指针偏转方C. 当Ai示数减小时， A示数减小【答案】C D.当Ai示数增大时，A2示数不变【解析】【解答】解：A、开关K与2接通时，电流从电磁铁的右端流入，左端流出，即电磁铁的左端是 N极，右端是S极，故A错误；B、 巨磁电阻（GMR）在磁场中，电阻会随着磁场的增大而急剧减小，开关K与1或2接 通时，左边电路的电阻不变，只不过电流的方向改变，但是电路的电流没有改变，故做出电磁铁的磁场没有改变，所以右侧对应GMR的电阻不变，故 A2指针示数与开关 K与1接通时的指针示数相同，故 B错误；C、 当A1示数减小时，左侧电磁铁的磁场变

24、弱，故GMR的电阻变大，所以右侧电路电阻变大，故A2示数减小，故C正确；D、 当A1示数减小增大时，左侧电磁铁的磁场变强，故GMR的电阻变小，所以右侧电路电 阻变小，故A2示数增大，故 D错误；故选C.【分析】（1）先判断出电流的方向，在据安培定则分析即可；（2）比较两种情况，电磁铁的磁场强弱是否变化，而后判断即可；（3）电磁铁的磁性强弱与电流的强弱有关；18对下列实说正法中丙A.图甲可用来演示通电导体在磁场中的受力情况 原理B图乙可用来演示发电机的工作C.图丙可用来演示电磁铁磁性的强弱与电流大小的有关 原理D.图丁可用来演示电动机的工作【答案】D【解析】 【解答】解：A、该图中没有电源，即电磁感应现象, 部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，故此实验说明闭合电路的一A错误；B、该图为奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故C、该图说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数的多少有关，故D、该图中有电源，即闭合开关后，磁场中的金属棒 场中受到力，故D正确；故选D.【分析】分析四个选项中的图，结合所对应的知识逐个判断即可.abB错误；C错误；就会运动，即说明通电直导线在磁19.关于电磁现象，下列说法中正确的是（A. 电动机的原理是电磁感应现象B.