2013年普通高等学校招生全国统一考试(浙江理综卷)

1、2013年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)理科综合能力测试姓名准考证号 本试题卷分选择题和非选择题两部分。全卷共14页,选择题部分1至6页,非选择题部分7至14页。满分300分,考试时间150分钟。请考生按规定用笔将所有试题的答案涂、写在答题纸上。选择题部分(共120分)注意事项:1.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试卷和答题纸规定的位置上。2.每小题选出答案后,用2B铅笔把答题纸上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。不能答在试题卷上。选择题部分共20小题,每小题6分,共120分。可用到的相对原子质量:H

2、 1C 12N 14O 16Na 23Al 27S 32Cl 35.5K 39Cr 52Fe 56Cu 64I 127一、选择题(本题共17小题。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。)1.(2013浙江理综,1)下列关于高等动植物连续分裂细胞的细胞周期的叙述,正确的是()A.用蛋白质合成抑制剂处理G1期细胞,不影响其进入S期B.S期细胞的染色体数目已增加一倍C.G2期细胞的核DNA含量已增加一倍D.用秋水仙素处理细胞群体,M期细胞的比例会减少答案:C解析:用蛋白质合成抑制剂处理G1期细胞,会影响组成染色体的蛋白质的合成,也会影响DNA聚合酶的合成,所以会影响S期DNA的复制,进

3、而影响其进入S期;S期进行的是DNA的复制,染色体数目并不改变,染色体数目的加倍是在有丝分裂的后期;由于DNA分子复制是在S期,到G2期时,DNA分子复制已结束,所以G2期细胞核DNA含量加倍;用秋水仙素处理细胞群体,秋水仙素的作用机理是抑制纺锤体的形成,这样使大多数细胞处于分裂前期,所以M期细胞的比例会增多。2.(2013浙江理综,2)某哺乳动物神经细胞内外的K+和Na+浓度见下表。下列属于主动转运的是()细胞内浓度(mmol·L-1)细胞外浓度(mmol·L-1)K+Na+140.018.03.0145.0A.K+经钾离子通道排出细胞B.K+与有关载体蛋白结合排出细胞C

4、.Na+经钠离子通道排出细胞D.Na+与有关载体蛋白结合排出细胞答案:D解析:K+经钾离子通道以及与载体结合排出细胞是顺浓度梯度进行,是协助扩散(易化扩散);Na+经钠离子通道进入细胞的过程是协助扩散(易化扩散);Na+与有关载体蛋白结合排出细胞是逆浓度梯度进行,属于主动运输(主动转运)。3.(2013浙江理综,3)某生物基因表达过程如图所示。下列叙述与该图相符的是()A.在RNA聚合酶作用下DNA双螺旋解开B.DNARNA杂交区域中A应与T配对C.mRNA翻译只能得到一条肽链D.该过程发生在真核细胞中答案:A解析:题图所示为转录翻译过程,在RNA聚合酶的作用下,DNA双螺旋解开;在DNARN

5、A杂交区域A应和U配对;mRNA翻译过程中可同时在一条mRNA上合成多条肽链,图中显示有两条;真核细胞的转录过程是在细胞核中,而翻译过程是在细胞质中的核糖体上,而该图是mRNA还没有转录结束,翻译过程就开始进行,说明该图是原核细胞的转录翻译过程。4.(2013浙江理综,4)下列关于出生率的叙述,正确的是()A.若某种群年初时的个体数为100,年末时为110,其中新生个体数为20,死亡个体数为10,则该种群的年出生率为10%B.若某动物的婚配制为一雌一雄,生殖期个体的雌雄比越接近11,则出生率越高C.若通过调控环境条件,使某动物的性成熟推迟,则出生率会更高D.若比较三种年龄结构类型的种群,则稳定

6、型的出生率最高答案:B解析:某种群年初时个体数为100,新生个体数为20,该种群年出生率应为20÷100×100%=20%;由于某动物的婚配制为一雌一雄,当生殖期雌雄比例越接近11,成功婚配的机率越大,则出生率越高;若通过调控环境条件,使动物的性成熟推迟,产生后代的年龄推迟,出生率会下降;三种年龄结构中,增长型的出生率最高。5.(2013浙江理综,5)光照、赤霉素和赤霉素合成抑制剂对某种植物茎伸长影响的实验结果如图所示。下列叙述正确的是()A.茎伸长受抑制均由赤霉素合成抑制剂引起B.赤霉素是影响茎伸长的主要因素之一C.植物茎伸长与光照时间无关D.该植物是赤霉素缺失突变体答案

7、:B解析:组别1、4都只有光照,只是光照时间的不同,但组别1的茎长很短,且比组别5加入赤霉素合成抑制剂还要短,说明茎伸长受抑制不只是由赤霉素合成抑制剂引起;通过对比组别1、4,说明植物茎伸长与光照时间有关;组别4只有光照,没有赤霉素,比组别2要长,不能说明植物是赤霉素缺失突变体。通过实验可知,光照时间的长短及赤霉素的有无都会影响到茎伸长。6.(2013浙江理综,6)实验小鼠皮肤细胞培养(非克隆培养)的基本过程如图所示。下列叙述错误的是()实验小鼠皮肤组织皮肤细胞培养细胞1培养细胞2A.甲过程需要对实验小鼠进行消毒B.乙过程对皮肤组织可用胰蛋白酶消化C.丙过程得到的细胞大多具有异倍体核型D.丁过

8、程得到的细胞具有异质性答案:C解析:甲过程要对实验小鼠进行消毒,排除杂菌等对细胞培养过程的影响;乙过程对皮肤组织用胰蛋白酶处理从而得到分散的单个细胞,制成细胞悬液;丙过程中得到的细胞与正常细胞的染色体组成相同,而进行传代培养即丁过程时,大多数细胞的细胞核型可能会发生变化,具有异质性。7.(2013浙江理综,7)下列说法不正确的是()A.多孔碳可用作氢氧燃料电池的电极材料B.pH计不能用于酸碱中和滴定终点的判断C.科学家发现一种新细菌的DNA链中有砷(As)元素,该As元素最有可能取代了普通DNA链中的P元素D.和CO2反应生成可降解聚合物,该反应符合绿色化学的原则答案:B解析:A项,多孔碳具有

9、较大表面积,具有导电性,可作惰性电极,A正确。B项,pH可实时指示溶液的pH,可以准确判断曲线的突变点,即滴定终点,避免指示剂带来的误差,B错误。C项,砷与磷在同一主族,性质相似。D项,环氧烷烃与二氧化碳发生共聚能生成聚合物,其原子利用率为100%,符合绿色化学思想,D项正确。8.(2013浙江理综,8)下列说法正确的是()A.实验室从海带提取单质碘的方法是:取样灼烧溶解过滤萃取B.用乙醇和浓H2SO4制备乙烯时,可用水浴加热控制反应的温度C.氯离子存在时,铝表面的氧化膜易被破坏,因此含盐腌制品不宜直接存放在铝制容器中D.将(NH4)2SO4、CuSO4溶液分别加入蛋白质溶液,都出现沉淀,表明

10、二者均可使蛋白质变性答案:C解析:A项,海带中碘元素是以I-形式存在的。提取碘的步骤为:取样灼烧溶解过滤氧化萃取。B项,乙醇与浓硫酸制备乙烯的反应温度为170 ,水浴加热无法达到此温度。C项,盐腌制品中含有NaCl,结合题意,C正确。D项,前者使蛋白质盐析,后者使蛋白质变性。9.(2013浙江理综,9)短周期元素X、Y、Z、W、Q在元素周期表中的位置如表所示,其中X元素的原子内层电子数是最外层电子数的一半,则下列说法中正确的是()XYZWQA.钠与W可能形成Na2W2化合物B.由Z与Y组成的物质在熔融时能导电C.W得电子能力比Q强D.X有多种同素异形体,而Y不存在同素异形体答案:A解析:由题意

11、知,X、Y属于第二周期元素,Z、W、Q为第三周期元素。X为碳元素,Y为氧元素,Z为硅元素,W为硫元素,Q为氯元素。A项,钠与硫可形成Na2S2。B项,Z与Y形成SiO2,SiO2为共价化合物,熔融时不导电。C项,硫的非金属性比氯的非金属性弱,故得电子能力差。D项,碳可形成同素异形体,如金刚石、石墨等;氧可形成同素异形体,如O2、O3。10.(2013浙江理综,10)下列说法正确的是()A.按系统命名法,化合物的名称是2,3,5,5四甲基4,4二乙基己烷B.等物质的量的苯与苯甲酸完全燃烧消耗氧气的量不相等C.苯与甲苯互为同系物,均能使KMnO4酸性溶液褪色D.结构片段为的高聚物,其单体是甲醛和苯

12、酚答案:D解析:A项,化合物名称为2,2,4,5四甲基3,3二乙基己烷。B项,苯甲酸的分子式C7H6O2可改写成C6H6·CO2形式,故相同物质的量的苯甲酸燃烧时与苯的耗氧量相同。C项,苯不能使KMnO4酸性溶液褪色,甲苯可以。D项,此高聚物为酚醛树脂,单体为甲醛和苯酚。11.(2013浙江理综,11)电解装置如图所示,电解槽内装有KI及淀粉溶液,中间用阴离子交换膜隔开。在一定的电压下通电,发现左侧溶液变蓝色,一段时间后,蓝色逐渐变浅。已知:3I2+6OH-IO3-+5I-+3H2O下列说法不正确的是()A.右侧发生的电极反应式:2H2O+2e-H2+2OH-B.电解结束时,右侧溶液

13、中含有IO3-C.电解槽内发生反应的总化学方程式:KI+3H2OKIO3+3H2D.如果用阳离子交换膜代替阴离子交换膜,电解槽内发生的总化学反应不变答案:D解析:左侧溶液变蓝,说明I-放电生成I2,所以左侧Pt电极为阳极,右侧Pt电极为阴极。A项,右侧为阴极区,水电离出的H+放电。B项,右侧产生的OH-可通过阴离子交换膜移向阳极与I2反应产生IO3-,IO3-也可通过阴离子交换膜进入右侧。C项,阳极反应:2I-2e-I2,3I2+6OH-IO3-+5I-+3H2O阴极反应:2H2O+2e-H2+2OH-,两式相加可得总反应。D项,若用阳离子交换膜,OH-无法移向阳极,即无法与阳极处生成的I2反

14、应,故总反应为2KI+2H2OI2+H2+2KOH,故总化学反应不同。12.(2013浙江理综,12)25 时,用浓度为0.100 0 mol·L-1的NaOH溶液滴定20.00 mL浓度均为0.100 0 mol·L-1的三种酸HX、HY、HZ,滴定曲线如图所示。下列说法正确的是()A.在相同温度下,同浓度的三种酸溶液的导电能力顺序:HZ<HY<HXB.根据滴定曲线,可得Ka(HY)10-5C.将上述HX、HY溶液等体积混合后,用NaOH溶液滴定至HX恰好完全反应时:c(X-)>c(Y-)>c(OH-)>c(H+)D.HY与HZ混合,达到平衡

15、时:c(H+)=Ka(HY)·c(HY)c(Y-)+c(Z-)+c(OH-)答案:B解析:A项,由图可知,酸性HZ>HY>HX。相同浓度各物质溶液的导电能力取决于其离子浓度大小,故导电能力HZ>HY>HX。B项,当加入10 mL NaOH溶液时,反应后溶液为等浓度的HY与NaY的混合液,故Ka(HY)=c(H+)·c(Y-)c(HY)10-5。C项,当NaOH溶液滴至HX恰好反应时,HY已完全反应,故溶液为等浓度的NaX和NaY的混合液,NaX的水解程度大于NaY,故c(X-)<c(Y-)。D项,由电荷守恒知c(H+)=c(Z-)+c(Y-)+

16、c(OH-),由Ka(HY)=c(H+)·c(Y-)c(HY),所以Ka(HY)·c(HY)c(Y-)=c(H+),D项显然错误。13.(2013浙江理综,13)现有一瓶标签上注明为葡萄糖酸盐(钠、镁、钙、铁)的复合制剂,某同学为了确认其成分,取部分制剂作为试液,设计并完成了如下实验:已知:控制溶液pH=4时,Fe(OH)3沉淀完全,Ca2+、Mg2+不沉淀。该同学得出的结论正确的是()A.根据现象1可推出该试液中含有Na+B.根据现象2可推出该试液中并不含有葡萄糖酸根C.根据现象3和4可推出该试液中含有Ca2+,但没有Mg2+D.根据现象5可推出该试液中一定含有Fe2+答

17、案:C解析:A项,因为在实验过程中加入了NaOH溶液和Na2CO3溶液,故无法判断试样中是否含有Na+。B项,葡萄糖酸根不能发生银镜反应(且未经酸化),不能根据现象2得出试液中不含葡萄糖酸根的结论。C项,若有Mg2+则加入NH3·H2O会产生Mg(OH)2沉淀。D项,若试样中含有Fe3+也会产生相应现象。14.(2013浙江理综,14)关于生活中遇到的各种波,下列说法正确的是()A.电磁波可以传递信息,声波不能传递信息B.手机在通话时涉及的波既有电磁波又有声波C.太阳光中的可见光和医院“B超”中的超声波传播速度相同D.遥控器发出的红外线波长和医院“CT”中的X射线波长相同答案:B解析

18、:声波也能传递信息,选项A错误;手机通话过程中,手机之间通过电磁波传递信息,人和手机之间通过声波传递信息,选项B正确;太阳中的可见光传播速度为光速,即为3×108 m/s,而超声波的传播速度等于声音在空气中(15 下)的传播速度,即为340 m/s,选项C错误;红外线的频率小于X射线的频率,故红外线的波长大于X射线的波长,选项D错误。15.(2013浙江理综,15)磁卡的磁条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区,刷卡器中有检测线圈。当以速度v0刷卡时,在线圈中产生感应电动势,其Et关系如图所示。如果只将刷卡速度改为v02,线圈中的Et关系图可能是()答案:D解析:从Et图象可以看出

19、,刷卡速度为v0时,产生感应电动势的最大值为E0,所用时间为t0;当刷卡速度变为v02时,根据E=Blv可知,此时产生感应电动势的最大值E=E02,由于刷卡器及卡的长度未变,故刷卡时间变为2t0,故选项D正确。16.(2013浙江理综,16)与通常观察到的月全食不同,小虎同学在2012年12月10日晚观看月全食时,看到整个月亮是暗红的。小虎画了月全食的示意图,并提出了如下猜想,其中最为合理的是()A.地球上有人用红色激光照射月球B.太阳照射到地球的红光反射到月球C.太阳光中的红光经地球大气层折射到月球D.太阳光中的红光在月球表面形成干涉条纹答案:C解析:照亮月球所需的光源的能量巨大,人为产生的

20、红色激光不足以照亮月球,A项不合理;由题图可知,月球、地球和太阳在一条直线上,且月球在地球“背后”,太阳照射到地球上的反射光不能照到月球上,选项B不合理;月球整体为暗红色,不可能为干涉条纹,故选项D不合理;从图中可以看出,当太阳光经过大气层折射后,由于红光的折射率较小,在大气层中折射角较小,可以照到月球上,故选项C合理。17.(2013浙江理综,17)如图所示,水平木板上有质量m=1.0 kg的物块,受到随时间t变化的水平拉力F作用,用力传感器测出相应时刻物块所受摩擦力Ff的大小。取重力加速度g=10 m/s2,下列判断正确的是()A.5 s内拉力对物块做功为零B.4 s末物块所受合力大小为4

21、.0 NC.物块与木板之间的动摩擦因数为0.4D.69 s内物块的加速度大小为2.0 m/s2答案:D解析:从两图象可以看出,物块在45 s内所受合外力不为零,通过一段位移,故5 s内拉力做功不为零,选项A错误;4 s末物块所受拉力与静摩擦力恰好平衡,所受合力为零,选项B错误;物体运动过程中摩擦力保持不变,根据Ff=mg可得=Ffmg=3N1×10N=0.3,选项C错误;69 s内物块所受拉力和摩擦力均不变,根据牛顿第二定律可得:a=F-Ffm=5-31 m/s2=2.0 m/s2,选项D正确。二、选择题(本题共3小题。在每小题给出的四个选项中,至少有一个选项是符合题目要求的。全部选

22、对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。)18.(2013浙江理综,18)如图所示,三颗质量均为m的地球同步卫星等间隔分布在半径为r的圆轨道上,设地球质量为M,半径为R。下列说法正确的是()A.地球对一颗卫星的引力大小为GMm(r-R)2B.一颗卫星对地球的引力大小为GMmr2C.两颗卫星之间的引力大小为Gm23r2D.三颗卫星对地球引力的合力大小为3GMmr2答案:BC解析:根据万有引力定律可知,地球对同步卫星引力的大小应为F=GMmr2,其中r为同步卫星到地球球心的距离,故选项A错误、B正确;由于三颗同步卫星连线为一圆内接等边三角形,根据几何关系可知两同步卫星间距为3r,则两颗同步

23、卫星间万有引力为F=Gmm(3r)2=Gm23r2,选项C正确;三颗同步卫星对地球的引力的合力为零,选项D错误。19.(2013浙江理综,19)如图所示,总质量为460 kg的热气球,从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5 m/s2,当热气球上升到180 m时,以5 m/s的速度向上匀速运动。若离开地面后热气球所受浮力保持不变,上升过程中热气球总质量不变,重力加速度g=10 m/s2。关于热气球,下列说法正确的是()A.所受浮力大小为4 830 NB.加速上升过程中所受空气阻力保持不变C.从地面开始上升10 s后的速度大小为5 m/sD.以5 m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230 N答案:

24、AD解析:热气球刚开始加速上升时,速度为零,热气球所受阻力也为零,根据牛顿第二定律可得F-mg=ma,解得F=4 830 N,选项A正确;由于热气球加速上升过程中,速度逐渐增大,所受阻力也逐渐增大,加速度逐渐减小,当速度为5 m/s时,加速度为零,选项B错误;若热气球不受空气阻力,则根据v=at,可求得t=10 s,但空气阻力逐渐增大,加速度逐渐减小,故所用时间应大于10 s,选项C错误;当热气球匀速运动时,根据平衡条件可得F-mg-Ff=0可求得:Ff=230 N,选项D正确。20.(2013浙江理综,20)在半导体离子注入工艺中,初速度可忽略的磷离子P+和P3+,经电压为U的电场加速后,垂

25、直进入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里、有一定宽度的匀强磁场区域,如图所示。已知离子P+在磁场中转过=30°后从磁场右边界射出。在电场和磁场中运动时,离子P+和P3+()A.在电场中的加速度之比为11B.在磁场中运动的半径之比为31C.在磁场中转过的角度之比为12D.离开电场区域时的动能之比为13答案:BCD解析:离子在电场中加速过程中,由于电场强度相同,根据牛顿第二定律可得a1a2=q1q2=13,选项A错误;在电场中加速过程,由动能定理可得qU=12mv2,在磁场中偏转过程:qvB=mv2r,两式联立可得:r=1B2mUq,故r1r2=31,选项B正确;设磁场宽度为d,根据s

26、in=dr可得:sin2sin1=r1r2,联立解得2=60°,选项C正确;由qU=12mv2=Ek可知Ek1Ek2=13,选项D正确。非选择题部分(共180分)注意事项:1.用黑色字迹的签字笔或钢笔将答案写在答题纸上,不能答在试题卷上。2.在答题纸上作图,可先使用2B铅笔,确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑。非选择题部分共12题,共180分。21.(2013浙江理综,21)(10分)如图所示,装置甲中挂有小桶的细线绕过定滑轮,固定在小车上;装置乙中橡皮筋的一端固定在导轨的左端,另一端系在小车上。一同学用装置甲和乙分别进行实验,经正确操作获得两条纸带和,纸带上的a、b、c均为打

27、点计时器打出的点。(1)任选一条纸带读出b、c两点间距离为; (2)任选一条纸带求出c、e两点间的平均速度大小为,纸带和上c、e两点间的平均速度v v(填“大于”“等于”或“小于”); (3)图中(填选项)。 A.两条纸带均为用装置甲实验所得B.两条纸带均为用装置乙实验所得C.纸带为用装置甲实验所得,纸带为用装置乙实验所得D.纸带为用装置乙实验所得,纸带为用装置甲实验所得答案:(1)2.10 cm或2.40 cm(±0.05 cm)(2)1.13 m/s或1.25 m/s(±0.05 m/s)小于(3)C解析:(1)若选纸带,读数为2

28、.10 cm;若选纸带,读数为2.40 cm(2.352.45 cm均可)。(2)根据v=se-sc2T可知,若选纸带,v=se-sc2T=4.50×0.010.04 m/s1.13 m/s,若选纸带,v=se-sc2T=5.00×0.010.04 m/s=1.25 m/s。(3)纸带中两点间的间距依次增大,且满足s等于定值,由此可知纸带为图甲装置所得。22.(2013浙江理综,22)(10分)采用如图所示的电路“测定电池的电动势和内阻”。(1)除了选用照片中的部分器材外,(填选项); A.还需要电压表B.还需要电流表C.还需要学生电源D.不再需要其他器材(2)测

29、量所得数据如下:测量次数物理量123456R/1.21.00.80.60.40.2I/A0.600.700.800.891.001.20U/V0.900.780.740.670.620.43用作图法求得电池的内阻r=; (3)根据第5次所测得的实验数据,求得电流表内阻RA=。 答案:(1)A(2)r=(0.75±0.10)(3)0.22 解析:(1)因图中无定值电阻,且实验过程需测量电压,故选A。(2)作出UI图象,可求得r=UI0.75 。(3)将第5组数据代入RA+R=UI可求得:RA0.22 。23.(2013浙江理综,23)(16分)山谷中有三块石头和一根

30、不可伸长的轻质青藤,其示意图如下。图中A、B、C、D均为石头的边缘点,O为青藤的固定点,h1=1.8 m,h2=4.0 m,x1=4.8 m,x2=8.0 m。开始时,质量分别为M=10 kg和m=2 kg的大、小两只滇金丝猴分别位于左边和中间的石头上,当大猴发现小猴将受到伤害时,迅速从左边石头的A点水平跳至中间石头。大猴抱起小猴跑到C点,抓住青藤下端,荡到右边石头上的D点,此时速度恰好为零。运动过程中猴子均可看成质点,空气阻力不计,重力加速度g=10 m/s2。求:(1)大猴从A点水平跳离时速度的最小值;(2)猴子抓住青藤荡起时的速度大小;(3)猴子荡起时,青藤对猴子的拉力大小。答案:(1)

31、8 m/s(2)9 m/s(3)216 N解析:(1)设猴子从A点水平跳离时速度的最小值为vmin,根据平抛运动规律,有h1=12gt2x1=vmint取立、式,得vmin=8 m/s(2)猴子抓住青藤后的运动过程中机械能守恒,设荡起时速度为vc,有(M+m)gh2=12(M+m)vc2vc=2gh2=80 m/s9 m/s(3)设拉力为FT,青藤的长度为L,对最低点,由牛顿第二定律得FT-(M+m)g=(M+m)vc2L由几何关系(L-h2)2+x22=L2得:L=10 m综合、式并代入数据解得:FT=(M+m)g+(M+m)vc2L=216 N24.(2013浙江理综,24)(20分)“电

32、子能量分析器”主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成。偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为RA和RB的同心金属半球面A和B构成,A、B为电势值不等的等势面,其过球心的截面如图所示。一束电荷量为e、质量为m的电子以不同的动能从偏转器左端M板正中间小孔垂直入射,进入偏转电场区域,最后到达偏转器右端的探测板N,其中动能为Ek0的电子沿等势面C做匀速圆周运动到达N板的正中间。忽略电场的边缘效应。(1)判断半球面A、B的电势高低,并说明理由;(2)求等势面C所在处电场强度E的大小;(3)若半球面A、B和等势面C的电势分别为A、B和C,则到达N板左、右边缘处的电子,经过偏转电场前、后的动能改变量Ek左和E

33、k右分别为多少?(4)比较|Ek左|与|Ek右|的大小,并说明理由。答案:(1)见解析(2)4Ek0e(RA+RB)(3)e(B-C)e(A-C)(4)见解析解析:(1)电子(带负电)做圆周运动,电场力方向指向球心,电场方向从B指向A,B板电势高于A板。(2)据题意,电子在电场力作用下做圆周运动,考虑到圆轨道上的电场强度E大小相同,有:eE=mv2REk0=12mv2R=RA+RB2联立解得:E=2Ek0eR=4Ek0e(RA+RB)(3)电子运动时只有电场力做功,根据动能定理,有EA=qU对到达N板左边缘的电子,电场力做正功,动能增加,有Ek左=e(B-C)对到达N板右边缘的电子,电场力做负

34、功,动能减小,有Ek右=e(A-C)(4)根据电场线特点,等势面B与C之间的电场强度大于C与A之间的电场强度,考虑到等势面间距相等,有|B-C|>|A-C|即|Ek左|>|Ek右|25.(2013浙江理综,25)(22分)为了降低潜艇噪音,提高其前进速度,可用电磁推进器替代螺旋桨。潜艇下方有左、右两组推进器,每组由6个相同的、用绝缘材料制成的直线通道推进器构成,其原理示意图如下。在直线通道内充满电阻率=0.2 ·m的海水,通道中a×b×c=0.3 m×0.4 m×0.3 m的空间内,存在由超导线圈产生的匀强磁场,其磁感应强度B=6.

35、4 T、方向垂直通道侧面向外。磁场区域上、下方各有a×b=0.3 m×0.4 m的金属板M、N,当其与推进器专用直流电源相连后,在两板之间的海水中产生了从N到M,大小恒为I=1.0×103 A的电流,设该电流只存在于磁场区域。不计电源内阻及导线电阻,海水密度m1.0×103 kg/m3。(1)求一个直线通道推进器内磁场对通电海水的作用力大小,并判断其方向;(2)在不改变潜艇结构的前提下,简述潜艇如何转弯?如何“倒车”?(3)当潜艇以恒定速度v0=30 m/s前进时,海水在出口处相对于推进器的速度v=34 m/s,思考专用直流电源所提供的电功率如何分配,求

36、出相应功率的大小。答案:(1)1.92×103 N向右(2)(3)见解析解析:(1)将通电海水看成导线,所受磁场力F=IBL代入数据得:F=IBc=1.0×103×6.4×0.3 N=1.92×103 N用左手定则判断磁场对海水作用力方向向右(或与海水出口方向相同)(2)考虑到潜艇下方有左、右2组推进器,可以开启或关闭不同个数的左、右两侧的直线通道推进器,实施转弯。改变电流方向,或者磁场方向,可以改变海水所受磁场力的方向,根据牛顿第三定律,使潜艇“倒车”。(3)电源提供的电功率中的第一部分:牵引功率P1=F牵v0根据牛顿第三定律:F牵=12IB

37、L当v0=30 m/s时,代入数据得:P1=F牵v0=12×1.92×103×30 W=6.9×105 W第二部分:海水的焦耳热功率对单个直线推进器,根据电阻定律:R=LS代入数据得:R=cab=0.2×0.30.3×0.4 =0.5 由热功率公式,P=I2R代入数据得:P单=I2R=5.0×105 WP2=12×5.0×105 W=6.0×106 W第三部分:单位时间内海水动能的增加值设t时间内喷出海水的质量为mP3=12×Ekt考虑到海水的初动能为零,Ek=Ek=12mv水对地2m

38、=mbcv水对地tP3=12×Ekt=12×12mbcv水对地3=4.6×104 W26.(2013浙江理综,26)(15分)氢能源是一种重要的清洁能源。现有两种可产生H2的化合物甲和乙。将6.00 g甲加热至完全分解,只得到一种短周期元素的金属单质和6. 72 L的H2(已折算成标准状况)。甲与水反应也能放出H2,同时还产生一种白色沉淀物,该白色沉淀可溶于NaOH溶液。化合物乙在催化剂存在下可分解得到H2和另一种单质气体丙,丙在标准状况下的密度为1.25 g·L-1。请回答下列问题:(1)甲的化学式是;乙的电子式是。 (2)甲与水反应的化学方

39、程式是。 (3)气体丙与金属镁反应的产物是(用化学式表示)。 (4)乙在加热条件下与CuO反应可生成Cu和气体丙,写出该反应的化学方程式。 有人提出产物Cu中可能还混有Cu2O,请设计实验方案验证之 。 (已知:Cu2O +2H+Cu+Cu2+ H2O)(5)甲与乙之间(填“可能”或“不可能”)发生反应产生H2,判断理由是 。 答案:(1)AlH3H··N··H····H(2)AlH3+3H2OAl(OH)3+3H2(3)Mg3N2(4)2NH3

40、+3CuO3Cu+N2+3H2O取样后加稀硫酸,如果溶液变蓝,说明产物中含有Cu2O,反之则无Cu2O(5)可能AlH3和NH3中氢化合价分别为-1价和+1价,一定条件下可发生氧化还原反应生成H2解析:因甲与H2O反应生成的白色沉淀能与NaOH溶液反应,可推测该沉淀物为Al(OH)3,金属单质为Al,由数据推知甲为AlH3。M(丙)=1.25×22.4 g·mol-1=28 g·mol-1,结合信息可推知丙为N2,乙为NH3。N2与Mg可在加热条件下生成Mg3N2。27.(2013浙江理综,27)(14分)捕碳技术(主要指捕获CO2)在降低温室气体排放中具有重要的

41、作用。目前NH3和(NH4)2CO3已经被用作工业捕碳剂,它们与CO2可发生如下可逆反应:反应:2NH3(l)+H2O(l) +CO2(g)(NH4)2CO3(aq)H1反应:NH3(l) +H2O(l) +CO2(g)NH4HCO3(aq)H2反应:(NH4)2CO3(aq)+H2O(l)+CO2(g)2NH4HCO3(aq)H3请回答下列问题:(1)H3与H1、H2之间的关系是:H3=。 (2)为研究温度对(NH4)2CO3捕获CO2效率的影响,在某温度T1下,将一定量的(NH4)2CO3溶液置于密闭容器中,并充入一定量的CO2气体(用氮气作为稀释剂),在t时刻,测得容器中CO2

42、气体的浓度。然后分别在温度为T2、T3、T4、T5下,保持其他初始实验条件不变,重复上述实验,经过相同时间测得CO2气体浓度,得到趋势图(见图1)。则:H30(填>、=或<)。 在T1T2及T4 T5二个温度区间,容器内CO2气体浓度呈现如图1所示的变化趋势,其原因是  。 反应在温度为T1时,溶液pH随时间变化的趋势曲线如图2所示。当时间到达t1时,将该反应体系温度迅速上升到T2,并维持该温度。请在该图中画出t1时刻后溶液的pH变化总趋势曲线。图1图2(3)利用反应捕获CO2,在(NH4)2CO3初始浓度和体积确定的情况下,提高CO2吸收量

43、的措施有(写出2个)。 (4)下列物质中也可能作为CO2捕获剂的是。 A.NH4ClB.Na2CO3C.HOCH2CH2OHD.HOCH2CH2NH2答案:(1)2H2-H1(2)<T1T2区间,化学反应未达到平衡,温度越高,化学反应速率越快,所以CO2被捕获的量随温度升高而提高。T4T5区间,化学反应已达到平衡,由于正反应是放热反应,温度升高平衡向逆反应方向移动,所以不利于CO2捕获(3)降低温度,增加CO2浓度(或分压)(4)B、D解析:(1)由盖斯定律H3=2H2-H1。(2)T3达到平衡状态,温度升高,CO2浓度上升,平衡逆移,故反应放热,H3<0。T1

44、T2还未达到平衡态,反应正向进行,c(CO2)持续减小;T4T5温度升高,平衡逆移,c(CO2)持续增大。温度升高,平衡逆移,pH增大。(3)采取措施使平衡正移可增大CO2浓度或降低温度。(4)能与CO2反应即可作捕获剂。28.(2013浙江理综,28)(14分)利用废旧镀锌铁皮可制备磁性Fe3O4胶体粒子及副产物ZnO。制备流程图如下:已知:Zn及其化合物的性质与Al及其化合物的性质相似。请回答下列问题:(1)用NaOH溶液处理废旧镀锌铁皮的作用有。 A.去除油污B.溶解镀锌层C.去除铁锈D.钝化(2)调节溶液A的pH可产生Zn(OH)2沉淀,为制得ZnO,后续操作步骤是。

45、0;(3)由溶液B制得Fe3O4胶体粒子的过程中,须持续通入N2,其原因是。 (4)Fe3O4胶体粒子能否用减压过滤法实现固液分离?(填“能”或“不能”),理由是 。 (5)用重铬酸钾法(一种氧化还原滴定法)可测定产物Fe3O4中的二价铁含量。若需配制浓度为0.010 00 mol·L-1的K2Cr2O7标准溶液250 mL,应准确称取g K2Cr2O7(保留4位有效数字,已知MK2Cr2O7=294.0 g·mol-1)。配制该标准溶液时,下列仪器中不必要用到的有(用编号表示)。 电子天平烧杯量筒玻璃棒容量瓶胶头滴管移液管(6)滴定

46、操作中,如果滴定前装有K2Cr2O7标准溶液的滴定管尖嘴部分有气泡,而滴定结束后气泡消失,则测定结果将(填“偏大”“偏小”或“不变”)。 答案:(1)A、B(2)抽滤、洗涤、灼烧(3)N2气氛下,防止Fe2+被氧化(4)不能胶体粒子太小,抽滤时容易透过滤纸(5)0.735 0(6)偏大解析:(1)油脂可在NaOH碱性条件下水解,同时Zn与Al的化学性质相似,能与NaOH溶液反应。(2)灼烧可使Zn(OH)2分解生成ZnO。(4)减压过滤时Fe3O4胶体粒子也会透过滤纸。(6)气泡占用体积,计算时所用标准溶液体积偏大,故所测结果偏大。29.(2013浙江理综,29)(15分)某课题组以

47、苯为主要原料,采用以下路线合成利胆药柳胺酚。已知:回答下列问题:(1)对于柳胺酚,下列说法正确的是。 A.1 mol柳胺酚最多可以和2 mol NaOH反应B.不发生硝化反应C.可发生水解反应D.可与溴发生取代反应(2)写出AB反应所需的试剂。 (3)写出BC的化学方程式 。 (4)写出化合物F的结构简式。 (5)写出同时符合下列条件的F的同分异构体的结构简式(写出3种)。 属酚类化合物,且苯环上有三种不同化学环境的氢原子;能发生银镜反应(6)以苯和乙烯为原料可合成聚苯乙烯,请设计合成路线(无机试剂及溶剂任选)。 注:合成路线的书写格

48、式参照如下示例流程图:CH3CHOCH3COOHCH3COOCH2CH3答案:(1)C、D(2)浓硝酸/浓硫酸(3)+2NaOH+NaCl+H2O(4)(5)(任意三种即可)(6)解析:A到E的反应流程为。30.(2013浙江理综,30)(14分)为研究某植物对盐的耐受性,进行了不同盐浓度对其最大光合速率、呼吸速率及根相对电导率影响的实验,结果见下表。盐浓度(mmol·L-1)最大光合速率(mol CO2·m-2·s-1)呼吸速率(mol CO2·m-2·s-1)根相对电导率(%)0(对照)100 500 90031. 6536. 59 31.

49、 7514. 451.441.371.592.6327.226.933.171.3注:相对电导率表示处理细胞与正常细胞渗出液体中的电解质含量之比,可反映细胞膜受损程度。 请据表分析回答:(1)表中最大光合速率所对应的最小光强度称为。与低盐和对照相比,高盐浓度条件下,该植物积累有机物的量,原因是CO2被还原成的量减少,最大光合速率下降;而且有机物分解增加,上升。 (2)与低盐和对照相比,高盐浓度条件下,根细胞膜受损,电解质外渗,使测定的升高。同时,根细胞周围盐浓度增高,细胞会因作用失水,造成植物萎蔫。 (3)高盐浓度条件下,细胞失水导致叶片中的 增加,使气孔关闭,从

50、而减少水分的散失。答案:(1)光饱和点减少三碳糖呼吸速率(2)根相对电导率渗透(3)脱落酸解析:(1)在一定的光照范围内,植物的光合速率随光照强度的增强而增大,当光照强度上升到某一数值后,光合速率不再增加,最大光合速率所对应的最小光照强度即为光饱和点。从表中可以看出,高盐浓度条件下,最大光合速率比低盐和对照条件下的低;可见高盐条件下CO2还原成三碳糖的量减少,表中高盐条件下,呼吸速率比低盐和对照组的高,因此,高盐条件下该植物有机物的量少。(2)从表中可以看出,对照组和低盐条件下根相对电导率相差不大,且都较低,而高盐时,相对电导率高,由此可见,高盐时根细胞膜受损,电解质外渗,使测定的根对电导率高。同时细胞周围盐溶液浓度大于细胞液浓度,细胞通过渗透作用失水,造成植物萎蔫。(3)高盐浓度条件下,外界溶液浓度大于细胞液浓度,植物失水,导致叶片中脱落酸含量增加,使气孔关闭。31.(2013浙江理综,31)(12分)某同学为研究甲状腺的功能,提出以下实验思路:将若干只未成年小鼠分为2组:甲组:不切除甲状腺(假手术)乙组:切除甲状腺实验开始时和实验