2019年江苏省盐城市中考物理试卷以及解析答案

1、2019年江苏省盐城市中考物理试卷、选择题：本题共 12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确（2分）下列利用不可再生能源发电的是（第3页（共23页）B.风力发电C.光伏发电D.核能发电2.（2分）夏天，从冰箱冷藏室中取出的饮料在空气中会“，冒汗”,形成“汗”的物态变化是（B.汽化C.凝华D.升华3.（2分）小刚连接好如图所示的电路后，下列操作能使电流表指针偏转的是（A .导体AB向右运动B.导体AB沿磁场方向运动C.闭合开关，导体 AB向左运动D.闭合开关，导体 AB沿磁场方向运动4. （2分）小明在使用台灯时，下列做法符合安全用电要求的是（）A.用湿布擦拭发光的

2、灯泡B.更换灯泡前先断开电源C.使用导线老化开裂的台灯D.换用超过台灯规定功率的灯泡5.（2分）做“探究影响滑动摩擦力大小因素” 的实验中，读取弹簧测力计示数应在木块 （）A.未被拉动时B.刚被拉动时C.匀速直线运动时D.刚刚停止运动6. （2分）小明利用太阳光测量凸透镜的焦距。下列操作最合理的是（B.人在阳光下形成影C.放大镜把字放大D.拱桥在水中形成倒影8. （2分）如图所示，工人用动滑轮匀速提升重物，这样做（）A.省力，不改变施力的方向B.不省力，改变施力的方向C.既省力，也改变施力的方向D.既不省力，也不改变施力的方向9. （2分）将红墨水滴入水中，一会儿整杯水变红了，这一现象中（）A

3、.只有水分子运动，进入墨水分子间隙B.只有墨水分子运动，进入水分子间隙C.水分子和墨水分子都在运动，彼此进入对方的分子间隙D.水分子和墨水分子都在运动，只是墨水分子进入水分子间隙10. （2分）如图所示为长江某水坝的示意图，水坝左侧水面高，B和C两点处于同一高度,A和C两点到各自液面的距离相等。水在A、B和C三点产生的压强分别为 pA、PB和pc,则（）A. pAPB=pCB. pA=pCPBC. pAPB=pCD. pA= PC PB11. （2分）现代建筑多采用中空双层玻璃窗隔热，实验表明，中空双层玻璃窗的隔热性能 与两层玻璃间空气压强有关，实验测得中空双层玻璃内外温差与中间空气压强关系如

4、图八4020-7 -pPaIIII i I RM 物所示，则中空双层玻璃中间空气压强（）10 110-10 I。8班16 10，A.等于大气压强时，没有隔热效果-1一B.小于10 Pa时，隔热效果变差C.在10-1102Pa时，隔热效果最好D.等于10-3Pa时的隔热效果比104Pa时好12. （2分）雷雨天，小王观察到某次闪电经历的时间为t1,听到这次闪电发出的雷声持续时间为t2 （不计云层间回声时间），刚开始看到闪电到刚开始听到需声的时间为t3,声音和光传播速度分别为 V和C,则（）A. t1 = t2,闪电发生位置到小王距离约为vt3B. t1t2,闪电发生位置到小王距离约为Vt3C.

5、t1=t2,闪电发生位置到小王距离约为Vt3+Ct1D. t1hA = hc,由于水的密度确定，由公式p= pgh知：此三点的压强关系为：PBPA=PC。故选： D 。【点评】 此题考查的是液体压强的比较，正确判断液体深度是解答液体压强问题的关键。11 【分析】由图象读出隔热效果和两层玻璃间空气压强之间的关系，来做出解答。【解答】解：A、由图象可知，两层玻璃间空气压强等于大气压强1 xi05Pa时，玻璃内外温度差为20，并不是没有隔热效果，故A 错误；B、由图象可知，两层玻璃间空气压强小于101Pa时，玻璃内外温度差变大，说明隔热效果变好，故B 错误；C、由图象可知，两层玻璃间空气压强在101

6、102Pa时，玻璃内外温度差逐渐变小，说明隔热效果逐渐变差，故C 错误；D、由图象可知，两层玻璃间空气压强等于103Pa时玻璃内外温度差比 104Pa时玻璃内外温度差大，说明隔热效果要好，故D 正确。故选： D 。【点评】此题主要考查的是学生对图象的理解能力，弄明白隔热效果和两层玻璃间空气压强之间的关系是解决此题的关键。12 【分析】闪电与雷声同时产生、同时消失，据此判断其持续的时间。光传到人的时间可以忽略不计，声音传到人的时间可以利用速度公式的变形求出。【解答】解：因为闪电与雷声同时产生、同时消失，所以它们持续的时间应该是相同的，故 t1 = t2 ；因此， 刚开始看到闪电到刚开始听到需声的

7、时间为t3， 声音的速度为v， 又因此光的传播时间可忽略不计，故闪电发生位置到小王距离约为vt3。综上所述，只有A 符合题意。故选： A。【点评】本题主要考查了对光速和声速的了解，尤其对传播时间、速度、路程的认识，应细心分析作答。二、填空题：本题共8 小题，每空1 分，共 24 分13 【分析】（ 1 ）力可以改变物体的运动状态；（ 2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；（ 3）一切物体都具有保持原来的匀速直线运动或静止状态的性质，这种性质叫惯性。【解答】解：马龙将迎面飞来的球扣回，是因为球拍对球的作用力改变了球的运动状态；球拍把球扣回时，球拍对球施加力的作用，所以该力的施力物体是

8、球拍；球离开球拍后，球由于具有惯性仍向前运动。故答案为：运动状态；球拍；惯性。【点评】本题考查了惯性、力的作用效果、力的作用的相互性，属于基本内容。14 【分析】（ 1 ）声音是由物体的振动产生的；（ 2）音调和发声体振动的频率有关，频率越大，音调越高；（ 3）响度和发声体振动的振幅有关，振幅越大，响度越大。（ 解答】解： （ 1）用手拨动钢尺，钢尺会发出声音，说明声音是由物体的振动产生的；（ 2）改变钢尺伸出桌边的长度，会使声音的频率发生变化，也就是音调发生变化；（ 3）若增大钢尺振动的幅度，则声音的响度增大。故答案为：振动；音调；响度。【点评】本题考查了声音产生的条件，响度与振幅的关系、音

9、调和频率的关系，是一道声学综合题。15 【分析】（ 1 ）根据流体流速越大压强越小判断机翼上下的压强；（ 2）改变物体内能的方法有两个：做功和热传递；（ 3）重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。【解答】解：（ 1 ）机翼的形状是上凸下平的，则机翼上方的空气流速比下方的空气流速大，根据流体流速越大、压强越小，所以机翼上方所受空气的压强小于下方所受的空气压强，飞机会受到空气向上的升力作用；（ 2）飞机外壳与空气摩擦，温度升高，这是通过做功的方式改变内能的。（ 3）飞机降落时，质量不变，高度越来越小，重力势能越来越小。故答案为：小；做功；减小。【点评】此题考查流体

10、压强与流速的关系、做功改变物体的内能、重力势能的影响因素等多个知识点，是一道综合性较强的题目。16 【分析】（ 1 ）在判断物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，参照物不同，研究对象的运动情况一般也不同。（ 2）悬停时，“嫦娥四号”探测器处于平衡状态；（ 3）利用电磁波传递信息的。【解答】解：着陆前，探测器在距离月面15km 处启动反向推进器，速度逐步从1.7km/s降为0，探测器与月球之间有位置变化，故这里的1.7km/s 是以月球为参照物；悬停时， “嫦娥四号”探测器处于平衡状态，反向推进器对探测器作用力等于月球对探测器的引力。真空不能传声，而电磁波能在真空中传播，所以中继星利用电

11、磁波向地面传递信息。故答案为：月球；等于；电磁。【点评】本题主要考查参照物、平衡力、电磁波等概念，是一道综合题。17 【分析】用电压表检测电路时，将电压表分别与各部分电路并联，若电压表的示数约等于电源电压，则该处发生了断路。【解答】解：闭合开关后，左右移动回形针，小灯泡始终不亮，为检查电路故障，小芳将电压表接到 A、B两点，测得电压为 3.0V,电压表有示数则说明有微弱电流从电源正极经过滑动变阻器再经过电压表回到电源负极，说明变阻器是通的是好的，则A、 B 间断路；这种故障可能的情况是小灯泡灯丝断了或者AB 间接触不良。故答案为：断路；小灯泡灯丝断了；AB 间接触不良。【点评】 此题主要考查了

12、用电压表判断电路故障的一种方法，在已判断是开路的情况下，当电压表有示数时说明电压表之间的部分可能发生了断路。18【分析】（1）应用热值公式 Q = mq可以求出天然气完全燃烧释放的热量；（2）根据吸热公式 Q=cmt就可算出水吸收的热量；（ 3）由效率公式可以求出天然气灶烧水的效率。【解答】解：（ 1 ） 16g 天然气完全燃烧放出的热量：Q 放=mq = 0.016kg X 4.2 X 107j/kg = 6.72 X 105J;（ 2）水吸收的热量：Q吸 = cm t=4.2X 103J/ （kg?C） X 2kg X （80C 30C） = 4.2X 105J;（ 3）天然气灶烧水的效率

13、：第 15 页（共 23 页）产义工 4. 2K 1 a J x 100% = 62.5%。Q放 6. 72X1O5J故答案为：6.72X 105; 4.2X105; 62.5。【点评】本题考查了吸热公式、热值公式及效率公式的计算，属于常见的基础考题。19【分析】实验一段时间后，蜡烛变短了，根据过光心不改变方向，判断正确操作。【解答】解：蜡烛变短了，光屏上的像会向上移动，要使像成在光屏的中央，根据过光 心不改变方向，凸透镜向下移动，或光屏向上移动，蜡烛向上移动，或更换一只烛焰稍 高一点的蜡烛都可以使像呈在光屏的中央。故答案为：上；将凸透镜向下移动；光屏向上移动。【点评】 本题考查了凸透镜的成像

14、的特点，能知道通过光心的光线的传播方向不变是解 题的关键。20【分析】(1)密度计不能直立漂浮可能是重心较高或底端较轻造成的；(2)根据密度计漂浮时浮力等于重力列出关系式即可求出液体的密度；(3)由于密度计漂浮时浮力不变，根据阿基米德原理判断出排开液体的体积不变，由于 吸管上“沾”上许多小气泡，则密度计浸没的体积排开液体的体积会变大，【解答】解：(1)小明将自制的密度计放入水中，密度计不能直立漂浮，应降低其重心，故需要增加 吸管中铁丝质量；(2)因为密度计不管是在水中还是在盐水中，都是漂浮状态，所以F浮水=F浮盐水=G ,设密度计的底面积为 S,则根据G=F浮液=p液gV浸得：p 水 gSh

15、= pSbKgSh2,已知：P水v P盐水，所以h1h2,(3)由于密度计漂浮时浮力等于重力，重力不变，则浮力不变；根据F浮=p液gV排可知排开液体的体积不变，当测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，此时V排=丫气泡+V浸，所以，密度计浸入可乐中的体积变小，由于密度计的刻度是越往下对应的密度越大，所以，所测的液体密度偏大。故答案为：增加； ;大。【点评】密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有 第16页(共23页)关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小。三、解答题：本题 7小题，共52分，解答24、25题时应有解题过程21 【分析】先找到支点，再由支

16、点向力的作用线做垂线段即为力臂。【解答】解：由图知，扳手拧螺丝时以 。点为支点，由。点作F作用线的垂线段即为其力臂 L,如图所示：尸【点评】 做力臂时一定要找准支点与力的作用线，力的作用线必要时可进行延长，在画 出由支点到力的作用线的距离时，也注意要垂直才行。22【分析】利用安培定则判断出通电螺线管的NS极，在磁体的外部磁感线从 N极出来，回到S极。【解答】解：电源左侧为正极，则电流由左侧流入，根据安培定则：用右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的右侧为N极，左侧为S极，外部磁感线由N指向S.如图所示：【点评】安培定则的运用是此题解决的重要方法，找准判断的突破口，也就是电

17、源的正 负极是本题的关键。23【分析】当我们用眼睛看水中物体时，是物体所反射的光进入到了我们的眼睛，才看清 物体；光的折射规律是当光从空气斜射入水中或其他介质中时，折射光线向法线方向偏折；光 从水或者其他介质斜射入空气中时，折射光线向远离法线的方向偏折。【解答】 解：由图知，碗里无水时，人眼通过碗的边缘刚好能看到空碗底部硬币的左边 缘；由题知，当碗中加满水后恰好看到硬币右边缘，说明由右边缘点射向水面的光线折射后 进入了人的眼睛；所以，作图方法为：先画出水面，与图中虚线相交点为入射点O,过。点作法线，连接硬币右边缘与O (该连线为入射光线)，则O到人眼的连线为折射光线，如图所示：【点评】 本题来

18、源于生活中的折射现象，要求能够判断出折射现象，并且会根据折射定律判断光路是否正确，重点考查学生知识应用与实践的能力。24.【分析】(1)已知书包的质量，利用 G = mg可求得其重力；(2)书包带对手的压力等于其重力，已知书包带与手的接触面积，利用p = E可求得书S包带对手的压强。(3) 一层楼高大约3m,利用W=Gh可求得小明上楼过程中对书包做功，再利用Pt可求得对书包做功的功率。【解答】 解：(1)书包的重力：G=mg=3kgx 10N/kg =30N,(2)书包带对手的压力： F = G = 30N,书包带与手的接触面积： S= 10cm2= 1 x 10 3m2,书包带对手的压强：

19、p=3 =3X104pa.s ixio V(3) 一层楼高大约3m,从1楼走到3楼，上升的高度 h=2X3m = 6m,小明上楼过程中对书包做功：W=Gh= 30NX 6m= 180J,对书包做功的功率： p=W_= 1SOJ= 12W。 t 15s答：(1)书包的重力为 30N。(2)书包带对手的压强为 3X104pa。(3)小明上楼过程中对书包做功的功率约为12W。【点评】 本题考查了重力公式、功的公式、压强公式的应用，计算时注意单位统一，属 于基础题目。25【分析】(1)由电路图可知，闭合开关S、断开S1时，电路为 R1的简单电路，根据 P=W-可知电饭锅功率较小，处于低温档，根据P=U

20、I通过R1的电流；R(2)由电路图可知，闭合开关 S、S1时，R1与R2并联，电饭锅功率较大，处于高温档，第19页(共23页)RRi均工作，根据 W=Pt求出Ri消耗的电能，消耗的(3)电饭锅处于低温档和高温档总电能减去Ri消耗的电能即为高温档和低温档的差值即为R2的电功率，根据 P=尤求出电热丝R2的电阻;R2消耗的电能(注意：30min内R2不是一直工作)。【解答】解:(1)由电路图可知，闭合开关S、断开Si时，电路为Ri的简单电路，此时电阻较大(大 于并联时的总电阻)，由P=止可知电饭锅的功率较小，处于低温档，由P=UI可知，通过Ri的电流：但=2A;U 220V(2)由电路图可知，闭合

21、开关S、Si时，Ri与R2并联，此时电阻较小，电饭锅的功率较大，处于高温档,因电路中总功率等于各用电器功率之和,所以，R2的电功率:P2 = P高温P 低温=ii00W- 440W = 660W ,由P = =-可得，电热丝R2的电阻：RR2导责於；(3)由题知，该电饭锅在煮饭时采用“高温”和“低温”两种方式交替加热，电饭锅处于低温档和高温档Ri均工作，由P =见可得，Ri消耗的电能： tWi = P 低7U= 440 X i0 3kW x 毁h = 0.22kW?h,60则该过程中R2消耗的电能：W2= W - Wi=0.44kW - 0.22kW?h=0.22kW?h。答：(i)通过Ri的

22、电流为2A;(2)电热丝 R2的电阻为73.3(3) 30min内R2耗耗的电能是 0.22kW?h。【点评】 本题考查了电功率公式和电功公式的应用，关键是分电饭锅处于不同档位时电路的连接方式，特别注意30min内R2不是一直工作。26【分析】(i)天平放在水平桌面上，先移动游码至标尺的零刻线处，再调平天平遵循左 第19页(共23页)偏右调、右偏左调的原则；(2)左物右码，读取天平的示数时应将祛码质量与游码示数相加；(3)通过量筒两次的示数之差可以求出金属块的体积；(4)金属块的密度可利用密度的公式计算得出。【解答】解：(1)将天平放在水平台上，并将游码拨到标尺左端零刻度线处，指针向右偏，平衡

23、螺母应该向左调节；(2)将蜡块放在天平左盘中，乙图中蜡块的质量m=5g+3.4g = 8.4g;3(3)蜡块的体积 V=60.0ml-50.0ml = 10.0ml = 10.0cm3;(4)蜡块的密度 p 蜡块=L!i_ = 0.84g/cm3=0.84X 103kg/m3。V 10cm33故答案为：(1)零刻线；左；(2)左；8.4;(3)10.0;(4)0.84X10。【点评】测固体、液体的密度是初中物理密度部分要求掌握的实验，各有一种基本的测量方法，用到的原理是p=也，两种测量方法应达到理解的程度。Y27【分析】(1)使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值-刻度尺的分度值(或叫最小

24、刻度值)为相邻的刻度线表示的长度；注意长度是否从0刻度线量起，起始端从0 开始的，读出末端刻度值即为物体长度，同时注意刻度尺要估读到分度值的下一位。(2)从玻璃的两面都能反射光，利用光的反射现象可知能成两个像，从这个角度去分析此题。(3)平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线的会聚点，所以不会出现在光屏上。(4)物距应该是蜡烛 A到镜面的距离，像距应该是像B到镜面的距离。(5)像与物到反射面的距离是否相等。【解答】解：(1)由图知：1cm之间有10个小格，所以1个小格代表的是 0.1cm=1mm,即此剩尺的分度值为1mm;玻璃板左端与0.00cm刻度线对齐，右端与0.30cm对齐，所以玻璃板的

25、厚度为 L = 0.30cm-0.00cm = 0.30cm。(2)由于像是由光的反射形成的，而玻璃的两面都能反射光，能成两个像，前面的玻璃MM 表面反射的光较多成的像较亮，后面的玻璃 的光减弱，故成的像较暗。NN表面由于光的反射后，物体反射(3)为验证“像是虚像”的猜想，小明将一张白卡片放在棋子A像的位置，可以直接观察光屏上是否有蜡烛的像，如果有，则为实像，否则，为虚像。(4)玻璃板的厚度为 0.3cm,根据上述实验数据可知 1b1a,即像到反射面的距离大于物到反射面的距离；(5)实验中，像与物到反射面的距离存在差值，原因是玻璃板有一定的厚度，则提出有价值且可探究的问题为：像与物到反射面的距

26、离存在差值与玻璃板的厚度有什么关系？故答案为：(1)0.30;(2) MM ;(3)像；直接；(4)大于；(5)像与物到反射面的距离存在差值与玻璃板的厚度有什么关系？【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。28【分析】(1)连接电路时开关要断路开；(2)根据实验目的分析；(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P= UI得出小灯泡的额定功率；(4)由表中数据，根据串联电路的规律和

27、欧姆定律求出变阻器连入电路的电阻与现有变阻器的电阻比较。【解答】解：(1)图甲所示是小华正准备接入最后一根导线(图中虚线所示)时的实验电路，在器材操作上存在的不妥之处：开关是闭合的；(2)探究小灯泡亮度与功率的关系，故表中 A和B处内容是灯的功率和灯的亮度；(3)灯在额定电压下正常发光， 图中电压选用小量程，示数为2V小于灯的额定电压 2.5V,应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，当电压表的示数达到额定电压时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A,电流为0.32A,则小灯泡的额定功率为

28、：P= UI = 2.5V X 0.32A = 0.8W;(4)由表中数据，根据串联电路的规律和欧姆定律，变阻器连入电路的电阻:R滑大= 2;= 处:史=30a20Q,即大于变阻器的最大电阻，所以(2)中表格内数I10.1A据不是真实的，同意小明的观点。 第23页(共23页)故答案为：（1）开关是闭合的；（2）灯的功率；灯的亮度；（3）右；0.8; （4）同意；变 阻器连入电路的电阻 30 大于变阻器的最大电阻。【点评】 本题测量小灯泡的功率，考查注意事项、表格设计、操作过程及串联电路的规 律和欧姆定律的运用。29【分析】（1）根据材料内容进行分析：常用的白光LED以蓝光LED为芯片，其上涂有

29、黄色荧光粉，通电后，LED芯片发出蓝光，其中一部分照射到荧光粉上，荧光粉发出波 长比蓝光长的黄光，该黄光与另一部分蓝光混合射出，人眼便感觉到白光。（2）根据材料内容进行分析：荧光粉发出波长比蓝光长的黄光。（3）观察图象找出在 0-2T时间内，电流为零的时间段是不发光的时间段。（4）在电流周期T小于人眼视觉暂留时间（约 0.1s）的情形下，人眼便感觉不到灯的闪烁，根据选项求出 T,然后根据电流的占空比 D = _色，比较电流占空比。T（5）根据材料解析：白光 LED的发光强度与其通过电流的占空比成正比。人眼对亮度 的感觉（即“视觉亮度”）与LED发光强度变化并不一致，当光强度均匀增大时，视觉 亮度并非均匀增加。弱光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加多于一倍；强光时，光强 增大一倍，视觉亮度的增加不足一倍。【解答】解：（1）常用的白光LED以蓝光LED为芯片，其上涂有黄色荧光粉，通电后，LED芯片发出蓝光，其中一部分照射到荧光粉上，荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，该 黄光与另