欧姆定律专题复习

1、欧姆定律专题复习一、欧姆定律选择题1.如图所示的电路中，电源电压为 20V,定值电阻为 20 0,滑动变阻器标有 “30QA”字样，电压表选用的量程是 015V,在该电路正常使用的情况下，则：()1AB电路消耗的最小功率为8WD.滑动变阻器接入电路的最小阻值为10 QA.电路允许通过的最大电流为C.电压表的最小示数为 5V【答案】B【解析】 【解答】 由于电压表量程为“015V',则当 Ur=15V 时，此时电流小于滑动变阻器的最大电流1A,所以电路中的最大电流为Imax=lR =0.75A,故A错误.根据串联电路的电压特点可知：U滑min = U-UR=20V-15V=5V,的歌小

2、琪 20 #湾血r _r - R根据欧姆定律得："第 3；故D错误；当滑动变阻器全部连入电路时，则根据电阻的串联特点得：R总max=R+R滑=20Q +30Q =50QU2(N/ju,jt - 0、J*所以，心(必，根据欧姆定律得：电压表的最小示数URmin=IminR=0.4A X 20 Q =8敞C错误.电路消耗的最小功率 Pmin=UImin=20VX 0.4A=8VV故B正确.故答案为：B.L I - 【分析】(1)当电压表示数为15V时，根据力算出电路中的电流，再与滑动变阻器上允许通过的最大电流相比较即可确定电路中的最大电流；(2)电路中电流最大时，滑动变阻器最值最小，根据

3、 一 J算出滑动变阻器的最小阻值；(3)当滑动变阻器阻值最大时，电路中电流最小，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，再根据U=IR求出电压表的示数；(4)根据P=UI算出电路消耗的最小功率.2 .标有“6V1.5W”的小灯泡，通过它的电流随两端电压变化的关系如图所示.若把这样的三只灯泡串联起来，接在 12V的电源两端，灯泡的电阻和实际功率约为()A. 24 Q 0.67WB20 Q 0.96WC24 Q 0.96WD20 Q 0.8W【答案】D【解析】【解答】解：把这种规格的三只灯泡串联接在12V的电源两端，则每只灯泡两端的电压都为4V,从图象上可以看出，此时电路电流为 0.2A, 由欧姆定律得

4、，每只灯泡的电阻：b ' 4VR= / = = =2 =20 Qj 则每只灯泡的实际功率：P 实=UI=4V X 0.2A=0.8W/故 ABC错误，D 正确.故选：D.【分析】三只完全相同的灯泡串联，灯泡的电阻相等，通过的电流相等，根据欧姆定律可知，三只灯泡两端的电压相等，再从图象上找到对应的电压和电流，根据相应的公式分别算出每只灯泡的实际电阻和实际 功率.P从b端滑到a3 .如题图所示，电源电压保持不变，闭合开关时，滑动变阻器的滑片A.电源电压是9V端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如题图所示，下列说法不正确的是（）B.定值电阻R的阻值是6 aC.滑动变阻器的阻值范围是018

5、 aD.若定值电阻 R出现接触不良时，电流表示数为0,电压表示数为9V【答案】C【解析】【解答】当滑片 P位于a端时，电路为 R的简单电路，由图象可知，电路中的最11/ - A大电流1.5A时，电压表的示数为 9V,即电源的电压为 9V;由 方可得，定值电阻 R的U 9VH 二 6Q阻值： 1;当滑片P位于b端时，定值电阻 R与滑动变阻器的最大阻值串联，由图象可知，电路中的最小电流 Ii=0.5A,此时定值电阻两端的电压U=3V,滑动变比6V阻器分得电压为 U2=U-U1=9V-3V=6V,所以滑动变阻器的最大阻值：Rmax=；7=；五4 =12 0,滑动变阻器的阻值范围是 0120。若定值电

6、阻R出现接触不良时，电路出现断路，电压表被 串联在电路中，所以电流表示数为0,电压表示数为9V。故答案为：Co【分析】当滑片在 a端时，电路中只有定值电阻，此时电流最大，电压表的示数就是电源 电压，利用欧姆定律求得定值电阻阻值；当滑片在 b端时，电路中电阻最大，电流最小， 此时电压表的示数为定值电阻两端的电压，根据分压关系可知滑动变阻器两端的电压，根 据欧姆定律解滑动变阻器的最大值；定值电阻 R出现接触不良时，电路出现断路，电路中 的电流为0,电压表的示数为电源电压。4.甲图是小灯泡L和电阻R的I-U图象。将小灯泡 L和电阻R接入乙图所示电路中，只闭0.2AS时,电路总功率为 1.4WC.再闭

7、合开关热量为240J【答案】DD.再闭合开关S2后，在1min内电阻R产生的1)闭合开关S i时，灯泡的功率为1W,因为Pl=U lJ l ,所以从甲图中找到电压和电流乘积为1的点，这时的电流就是灯泡的额定电流，电压就是灯泡的额定电压，也是电源电压；(2)再闭合开关S2时，电阻R和灯泡L并联，电流表示数增加量就是电阻R的电流，从甲图中找到对应的电流即可；(3)再闭合开关 &时，根据P=UI计算出电阻R的功率，然后根据 P总Pl+P计算总功率；(4)已知R的功率和时间根据 Q=W=Pt计算产生的热量。【分析】A.闭合开关 S1时，灯泡的功率为 1W,据甲图可知，当灯泡电压为2V,电流为0

8、.5A 时，灯泡功率 PL=UlIl=2VX 0.5A=1W,因此电源电压是 2V ,灯泡电阻：Vl假二一二二4a0 5A ,故A正确不合题意；B.再闭合开关 Q时，电阻R和灯泡L并联，电流表示数增加量就是电阻 R的电流；据甲图 可知，当R电压为2V时，它的电流是 0.2A,因此电流表示数增加 0.2A,故B正确不合题 息；C再闭合开关S2时，电阻 R的功率 P=UI=2VX 0.2A=0.4W/电路的总功率为：P总=PL+P=1W+0.4W=1.4W,故C正确不合题意；D.再闭合开关 金时，1min内电阻 R产生的热量为：Q=W=Pt=0.4W< 60s=24J,故D错误符合题意。5.

9、在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关Si、金均闭合，电路正常工作。当开关S2由闭合到断开时，电路中（）A.电压表V的示数变小B.电流表Ai的示数变大故选DoD.电压表V的示数与电流表 A的示数C.电压表V的示数与电流表 A的示数的比值变大 的乘积变大【答案】A【解析】【解答】根据电路图电路并联，Si在干路上，当断开开关，电路断开，电压表示数为0,电流表为0, A符合题意，BCD不符合题意。故答案为：A.【分析】当电路中的开关断开时，电流断开，电表示数为 0.6 .如图所示的电路中，闭合开关，滑动变阻器滑片向右滑动的过程中（1|< A.灯泡L1变亮、12亮度不变II BT泡L1变亮、

10、L2变暗C.灯泡Li亮度不变、L2变亮 灯泡Li变暗、L2变亮【答案】D【解析】 【解答】由图可知是混联电路图，当滑动变阻器的滑片向右滑动时电阻变大，滑动变阻器和灯泡并联，此处的总电阻变大，分压变大，灯泡 b变亮，灯泡Li分压减小，变 暗，D符合题意，ABC不符合题意。故答案为：D.【分析】根据混联电路的特点，并联处电阻变大分压变大，串联时，分压互相影响。7 .如图所示，电源电压保持不变，Ri： R2： R3=1: 1: 2.闭合开关 S、8 ,电压表Vi、V2的示数分别为 Ui、U2 ,电流表A的示数为I,只闭合开关Si ,电压表Vi、V2的示数分 别为Ui； U2；电流表A的示数为I；则下

11、列说法中错误的是（）A. Ui: U2=i: iB. Ui': U2 = i: 3C. I: I =4: ii D. U2: U2'= 2: 3【答案】C【解析】【解答】解：已知 Ri： R2: R3=i: i: 2,可设Ri= R2= R, R3 = 2R,闭合开关Si、S2时，Ri与R2串联，电压表 Vi测Ri两端的电压，电压表 V2测R2两端的电 压，电流表测电路中的电流， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电路中电流表的示数：. I U |£I= Rt *兄：门=豆,两电压表的示数分别为： 4 I1Ui= IR=*' X七二"，U2

12、= IR?= "" X上L L则 Ui： U2=二:二=i: i, A符合题意;只闭合开关Si时，Ri、R2、R3串联，电压表Vi测Ri两端的电压，电压表V2测R2和R3两端的电压之和，电流表测电路中的电流，此时电路中电流表的示数：I则I：L:捻=2: 1, C不符合题氤两电压表的示数分别为：l£ LU3LUi'= I '1 七/无 X七？，U2 = I '(R2+R3)=/ X(R+2R) = / ,rf 3L色则 Ui，： U2 =J：/ =1： 3, U2： U2'=上：/ =2： 3, BD符合题意。故答案为：C【分析】结合

13、电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象，根据 电阻的串联和欧姆定律表示出电路中电流表的示数，再根据欧姆定律求出两电压表的示 数，进一步得出两电压表的示数之比；根据电阻的串联和欧姆定律表示出此时电路中电流 表的示数，然后求出两种情况下电流表的示数之比，再根据欧姆定律表示出两电压表的示数,进一步求出两种情况下电压表Vi、V2的示数之比8 .如图所示电路中，定值电阻Ri=i0Q,沿动变阻器 於最大阻值为 20 Q电源电压保持U=6V不变，将滑片P滑至最右端，闭合 S,下列说法正确的是（）A. R和R2串联在电路中B.电流表Ai的示数是电流表 A2示数的两倍C.当滑片P向左滑动的

14、过程中，电压表 V的示数与电流表 A2的示数的比值保持不变D.将滑片P滑至最左端，电路仍能正常工作【答案】C【解析】【解答】A.根据电路图判断，电流分别经过电阻，是并联电路，A不符合题意；B.动力臂Ai测量干路电流，A2测量Ri的电流，由于 Ri和 心不相等，则并联时电流不相 等，干路电流不是支路的 2倍，B不符合题意；C.当滑片移动时，电压表测量电源电压，示数不变，电流表A2测量定值电阻的电流，示数不变，所以两表白比值不变，C符合题意；D.当滑片移至最左时，电流不经过R2,此时电源短路，D不符合题意。故答案为：C.【分析】根据电路的连接方式，结合电流表和电压表测量的位置，分别判断在电阻变化时

15、，电流或电压的变化情况。9.将两个阻值不等的电阻 Ri和R2按如图（甲）、（乙）所示的方式接入电路中。已知电源电压相同，Ri小于R2 ,则下列判断中正确的是（B.电流表Ai的示数小于 A的示数C.电压表Vi与电流表Ai的比值等于电压表 V2与电流表A2的比值D.电压表Vi与电流表Ai的比值大于电压表 V2与电流表A2的比值 【答案】B【解析】【解答】（i）由甲电路图可知,Ri与R2串联，电压表Vi测Ri两端的电压，电流表Ai测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中电流表AiUIai 的小数：身 +尼，电压表ViUyi表Vi与电流表Ai的比值%：U氏Uyi : IaiRi

16、 -u用T口也的示数：用而 小步於 电压（2）由乙电路图可知， R与R2并联，电压表 V2测电源两端的电压，电流表A2测R2支路的电流，则电压表 V2的示数UV2 = U,因并联电路中各I VIa2 支路两端的电压相等，所以，电流表A2的示数：他，电压表V2与电流表A2的比值Uys综上可知：A.由埼,则r L可知， 回饱，即电压表 Vi的示数小于V2的示数，A不符合题意;B.由的'用 竹可知，IAKIA2 ,即电流表Ai的示数小于A2的示数，B符合题意；CD.由Ri小于R2可知，工1 ：，即电压表 Vi与电流表 Ai的比值小于电压表 V2与电流 表A2的比值，CD不符合题意。故答案为：

17、B。【分析】利用欧姆定律的电流和电阻分析电压，结合串联电路和并联电路中电流规律分析i0.如图所示，N是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是螺线管。闭合开关 S,待弹簧测力计示数稳定后，将变阻器尺的滑片缓慢向右滑动，在此过程中下列说法正确的是（）A. V表示数变大，A表示数变大B. V表示数变大，A表示数变小C.弹簧测力计示数变小弹簧测力计示数变大【答案】C【解析】【解答】A、由电路图可知，R0与R串联，电压表测 R两端的电压，电流表测电路中 的电流，将变阻器 R的滑片缓慢向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小 ，电路中的总电阻 变小由I=U/R可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大,A不符合

18、题意；B、由U=IR可知，R0两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以,R两端的电压变小，即电压表的示数变小,B不符合题意；C、由图可知，电流由螺线管的下方流入，则由右手螺旋定则可知螺线管上端为N极,下端为S极,因螺线管的上端与磁铁的下端为同名磁极，相互排斥，且电路中的电流增大，所以，螺线管与磁铁之间的斥力增大，弹簧测力计示数变小，C符合题意；D、由C的分析可知，D不符合题意；故答案为：C【分析】(1)当变阻器R的滑片缓慢向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆 定律和串联电路电压的特点可知电路电流表和电压表示数的变化；(2)影响电磁铁磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈

19、的匝数、有无铁芯.线圈的匝数一定，电流越大磁性越强；(3)运用安培定则判断通电螺线管的极性；(4)磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；11.如图是某实验小组测量未知电阻 Rx的实验电路，电源两端电压不变，其中 Ro为阻值 已知的定值电阻。当开关S、S1闭合，S2断开时，电压表的示数为U1；当开关S、S2闭合，S断开时，电压表的示数为 U2。则下列四个选项中 Rx的表达式正确的是( )lbA.B.C.U2Ry - 77 凡CfjD.【答案】B【解析】【解答】源两端的电压，即电压，即Ux= U2由电路图可知，当开关S、U=Ui&闭合，开关S2断开时R与Rx串联，电压表测电

20、当开关S、&闭合、Si断开时，Ro与Rx串联，电压表测Rx两端的因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以,Ro两端的电压：Uo =U-Ux = Ui-U2 ,因串联电路中各处的电流相等，所以,电路中的电流:1=，即Rx=门一叫。故答案为：Bo【分析】当开关 S Si闭合，开关开关S、S2闭合、Si断开时，R0与8断开时，R0与Rx串联，电压表测电源两端的电压；当 Rx串联，电压表测Rx两端的电压，根据串联电路的电压特点求出 同两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出 值.Rx的阻12.某兴趣小组为了研究电子温控装置，连接成如图所示电路,R为热敏电阻，热敏电阻V2和电

21、流表A的乘积不变卜列说法中正确的是（C.电压表 比不变【答案】 【解析】的电压，【解答】解:B电压表Vi和电流表A示数之比不变D电压表V2变化量和电流表 A变化量之由电路图可知，R与R2并联后再与R0串联，电压表 Vi测并联部分电压表 V2测Ro两端的电压，电流表测干路中的电流.（I）因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，所以，当温度降低时,大，电路中的总电阻变大，b由1=彳可知，干路中的电流变小，即电流表由U=IR可知，Ro两端的电压变小，即电压表热敏电阻Ri的阻值变大，并联部分的电阻变A的示数变小,V2的示数变小，故 A错误;由电压表V2示数变小、电流表 A示数变小可知，电压表 V2和电流表

22、A的乘积变小，故 C错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，即电压表Vi的示数变大，由电压表Vi的示数变大、电流表 A示数变小可知，电压表 Vi和电流表A示数之比变大， 故B错误；（2）设温度变化前后，干路中的电流分别为Ii、|2 ,则电压表V2示数的变化量： U2=l2R）-IiR）= （I2Ii） Ro=A IRo ,即 A I =R0 ,且 Ro 的阻值不变，所以，电压表 V2变化量和电流表 A变化量之比不变，故 D正确. 故选D.【分析】由电路图可知，Ri与R2并联后再与Ro串联，电压表 Vi测并联部分的电压，电压表V2测R0两端的电压，电流表测电路中的电流

23、.（ D根据热敏电阻阻值与温度的关系得 出当温度降低时其阻值的变化，进一步可知并联部分的电阻变化和电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ro两端的电压变化，然后得出电压表V2和电流表A的乘积变化；根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点可知电压表Vi的示数变化，然后得出电压表 Vi和电流表 A示数之比变化；（2）设出温度变化前后电路中的电流，根 据欧姆定律得出电压表示数和电流表示数与尺的阻值关系，然后得出电压表V2变化量和电流表A变化量之比的变化.i3.要测量一个阻值约为 5oo 的电阻Rx.提供的器材有：干电池两节，学生用电压表（量 程为o3V、oi5V）、学生用电流表（量

24、程为oo.6A、o3A）、滑动变阻器Ri（ioa、iA ）、电阻箱R2 （。9999 Q以及单刀双掷开关各一只，开关、导线若干。以下 四种电路中，可以较准确地测出Rx阻值的是（）A.B.C.D.只有【答案】D【解析】【解答】解：由电路图可知，被测电阻和滑动变阻器串联，电压表测量电阻R两端电压，电流表测量通过电路的电流，但由于Rx=5oo Q>>R=ioo；所以电路中的电流几乎不变，无法多次测量减小求平均值； 由电路图可知，闭合总开关，单刀双掷开关可以使电压表分别测量Rx两端电压和电源电压，根据串联电路特点可知电阻箱两端电压，已知电阻箱的阻值和两端电压，根据欧姆L定律即可求出电路中的

25、电流，最后利用",'即可求出被测电阻，由于电阻箱的阻值变化范围比较大，可以改变电阻箱的位置起到多次测量减小求平均值，减小误差；由电路图可知，电阻箱与被测电阻并联，闭合总开关，当单刀双掷开关与氏连接，读出电流表示数，当单刀双掷开关与Q连接，保持滑动变阻器的滑片不动，调节R2的阻值，使电流表示数与原来的示数相同，读出电阻箱R2值，即为RX的阻值，可以进行多次测量；由于电阻箱 &的阻值不是连续的，则测量的值只能精确到1Q;由电路图可知，电阻箱与被测电阻并联，闭合总开关，当单刀双掷开关与Rx连接，电压表测量 R两端电压，读出电压表示数；当单刀双掷开关与及连接，保持滑动变阻器的

26、滑片不动，调节 R2的阻值，使电压表示数与原来的示数相同，读出电阻箱R2值，即为RX的阻值，可以进行多次测量；由于电阻箱R2的阻值不是连续的，则测量的值只能精确到1 Q;综合上面的分析可知，可以较准确地测出Rx阻值的是。故答案为：Do【分析】要测量未知电阻的阻值，需要测量测未知电阻两端电压和通过的电流，根据各选 项的电路逐个分析判断.14.如图所示的电路中，电源电压不变，R为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关 S后，在滑片P从最左端向中心移动的过程中，下列说法正确的是（）A.电流表Ai和电流表 A2的示数都变大B.电路总功率变大，电压表的V的示数不变C.电路总功率变小，电压表 V的示数不变D

27、.电流表A2和电压表V的示数都保持不变【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，R与R2并联，电压表测电源的电压，电流表 Ai测Ri支路的电流，电流表 A2测干路电流.因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表 V的示数不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过 Ri的电流不变，即电流表 Ai的示数不变，故 A错误；在滑片P从最左端向中心移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变小， b由i= 7可知，通过变阻器的电流变大， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A2的示数变大，故 D错误；由P=UI可知，电路总功率变大，故 B正确、C错误.故

28、选B.【分析】由电路图可知，Ri与R2并联，电压表测电源的电压，电流表Ai测Ri支路的电流，电流表 A2测干路电流.根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联 电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过Ri电流的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器电流的变化，根据并联电路的电 流特点可知干路电流的变化，利用P=UI可知电路总功率的变化.本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分析电路的串并联和电表所测的电路元件 是关键.15.有两个电阻类电路元件 A、B,流过元件的电流与它两端的电压关系如图甲所示，把它们串联在4.5

29、V电路中，如图乙所示，下列说法错误的是（）A.元件A的电阻是定值电阻，大小为 5 aB.元件B的电阻随温度的升高而减小C.把它们并联在1V电路中时，电路总功率为 0.3WD.把它们串联在 4.5V电路中时，元件 B的电功率为1.8W【答案】D【解析】【解答】解：A、由图象可知，通过 A的电流与两端的电压成正比，则 A是定值 电阻；由图象可知，A两端的电压为2V时，通过的电流依次为 0.4A, Z由1=八可得：4 2y IRA= =Z4 = 5Q, A 符合题意；B、由图象可知，B两端的电压为IV、2.5V、3V时，通过的电流依次为0.1A、0.4A、0.6A,14 L由I= A可得R= /可知

30、，乙对应的电阻依次为10Q、6.25 Q. 5Q,由于通过电阻的电流越大时元件的温度升高，所以，元件 B的电阻随温度的升高而减小，B符合题意；C、并联在电压为1V的电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，它们两端的电压 Ua'=Ub'= U = 1V,由图象可知，Ia=0.2A, Ib= 0.1A,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以，干路电流：I = Ia+Ib= 0.2A+0.1A=0.3A, 电路的总功率：P = U'4'1VX 0.3A= 0.3W, C符合题意；D、把它们串联在 4.5V电路中时，由于串联电路的电流处处相等，则由图象可

31、知，电路 1 = 0.2A时，A两端的电压 Ua=2V, B两端的电压 Ub=2.5V时符合， 所以，Pb= " B"bF=2.5V X 0.2A0.5W, D 不符合题意。故答案为：D【分析】AB、根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻电阻的电流与两端两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；由图象可知A的电压和对应的电流值，根据欧姆定律即可求出电阻；C、元件A、B并联在电压为1V的电路中时，它们两端的电压相等，根据图象读出通过它 们的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用P=UI求出电路的总功率；D、元件A、B串联在电压为 4.5V的电路中时，通过它们的电流

32、相等，电源的电压等于两 电阻两端的电压之和，根据图象读出符合题意的电流和电压，根据欧姆定律求出它们的阻 值之比。16.用电器甲和乙，其电流与其两端电压关系如图所示，其中直线表示用电器甲的电流与 其两端电压关系图。下列说法正确的是（）A.用电器甲电阻不变，大小为0.1 QB.用电器乙电阻随着电流增大而变大，最大值10 aC.如果把这两个用电器串联接在6V的电源上，干路中的电流是 0.43AD.如果把这两个用电器并联接在4V的电源上，干路中的电流是0.65A【答案】D【解析】【解答】A.由图像可知，用电器甲电阻的I-U图像为过原点的倾斜直线，则用电q器甲的电阻不变，由图像可知，当 U甲=5V时通过

33、的电流I甲=0.5A,由1 N可得，用电器U甲尔10甲的电阻 利 仪果,A不符合题意；B.由图像可知，当用电器乙可得的电压分别为 1.5V、2.5V、4V、4.5V、5V时，对应的电流分别为0.05A、0.1A、0.25A、bR -0.35A、0.5A,由 1可得，对应的电阻分别为30 0 25 0. 16 、12.9 Q 10 Q,所以，用电器乙的电阻随着电流增大而变小，B不符合题意；C.如果把这两个用电器串联且电路中的电流为0.43A时，用电器甲电阻两端的电压=0. 以除=0.43AX 10Q=4.3V由图像可知，用电器乙两端的电压大于4.5V,则电源的电压大于4.3V+4.5V=8.8V

34、,所以，如果把这两个用电器串联接在 6V的电源上，电路中的电流不可能是0.43A, C不符合题意；D.因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，如果把这两个用电器并联接在4V的电源上时，它们两端的电压均为 4V,由图像可知，通过两电阻的电流分别为I甲=0.4AI乙=0.25 A因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流I' =I i +匕'=0.4A+0.25A=.65A, D符合题意。 故答案为：D【分析】由图象可知，通过用电器甲电阻的电流与两端的电压成正比例函数，则其为定值 电阻，从图象中读出任意一种电流和电压值，利用欧姆定律求出其电阻同理，根据图象读出用电器乙几

35、组电流与电压值，根据欧姆定律求出对应的电阻，然后判 断其阻值的变化以及最大阻值.如果把这两个用电器串联且电路中的电流为0.43A时，根据欧姆定律求出用电器甲两端的电压，根据图象读出用电器乙两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，然 后比较判断.如果把这两个用电器并联接在4V的电源上时它们两端的电压相等，根据图象读出通过两电阻的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流P向右移动时，电表示数变大的17 .如图所示电路中，电源电压保持不变，当变阻器滑片 是（）【答案】D【解析】【解答】解:A、该电路为并联电路，电流表测量R0的电流，滑动变阻器在另一条支路中，滑动变阻器滑片移动时对另一条支路

36、无影响，电流表示数不变，故A错误；B、该电路为并联电路，电流表测量干路中的电流，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大， 由欧姆定律可知通过变阻器的电流减小，通过另一条支路电流不变，故干路中的电流变 小，故B错误；C、该电路为串联电路，电压表测量R0的电压，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，电流减小，根据U=IR可知，电压表示数变小，故 C错误；D、该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器的电压，滑动变阻器滑片向右移动，电阻 变大，电流减小，根据 U=IR可知，的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压变大，故 D正确.故选D.【分析】首先判定电路的连接方式，分析电表的作用；根据电阻的

37、变化判定电表的变化.18 .如图甲所示的电路，在滑动变阻器R2的滑片P从B向A滑动的过程中，电压表与电流表示数的变化如图乙所示，则下列说法中正确的是（）甲乙A、的阻值是绚口B.当电流表的示数是时，甩接入电路的阻值是工二C.电源电压是16V“D.该电路的最大电功率为【答案】A【解析】【解答】解：A、C、由乙图知，当滑动变阻器接入电路电阻最大时，两端电压最大，为14V;此时电路电流最小，为0.2A,U最大 14V所以滑动变阻器的最大阻值为R2=上晟生=7 =7 =70 Qo根据题意得:I-= 18V解得'附一女? 口. A符合题意,C不符合题意;B、当电路电流为I ' =0.4A,

38、£ 18V 电路总电阻为 R' = = =4 =4 =45 Q,所以滑动变阻器接入电路的电阻为&' =-R1=45 Q20 Q =25 Q此选项错误;D、电路消耗的最大功率为P最大二UI最大=18VX 0.9A=16.2W此选项错误。故答案为：A【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，由U-I图像可知，当滑动变阻器接入电路电阻最大时，两端电压最大，为14V;此时电路电流最小，为 0.2A;当滑动变阻器接入电路电阻最小时，两端电压为0;电路电流最大，为0.9A.根据欧姆定律和串联电路特点列方程组得到电源电压和定值电阻的阻值；利用公式P二UI得到电

39、路最大功率.19.如图所示的电路中，电流表10 Q下列说法正确的是（）A.通过电阻R1的电流为0.5AC.电阻R1的阻值为15 a【答案】C【解析】【解答】由电路图可知，两电阻并联, 干路的电流；开关 S控制整个电路，开关 各支路电流之和，所以通过电阻R的电流:B.电源电压为5V蔚断开开关S2 ,电流表Ai示数变大电流表A2测R2支路的电流，电流表 A1测S2控制电阻 R;因为并联电路中干路电流等于h = I - I： = 0. 5A - 0. 3A = 0. 2AAi的示数为 0.5A, A2的示数为 0.3A,电阻 R2的阻值为合题意；又因为并联电路中各支路两端的电压相等，故根据欧姆定律可

40、得，电源的电压:。二%二心心=4幽X ion二以B不符合题意；电阻Ri的阻值：U 3VR1=7r = l5Q,C符合题意。若断开开关 S2 ,电流表A1只测量R2的电流，电流表Ai示数变小，D不符合题意。故答案为：Co【分析】根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和，结合欧姆定律计算电路中的电压 和电阻.20.如图1所示，电源电压恒为 6V, R为热敏电阻，其阻值随温度变化如图2所示，R0是阻值为10a的定值电阻，闭合开关S,通过分析，下列说法错误的是（）A.图1中的R0有保护电路的作用C.温度为40c时，电流表的示数为 0.2AB温度升高时，电压表的示数会变小川D.温度降低时，电压表与电流表

41、示数的比值变小【答案】 【解析】过小时,合题意;【解答】解：A、由图可知，R与Ro串联在电路中，当热敏电阻随温度的升高而电路中的总电阻 R -R+R）而不致过小，因此 氐起到保护电路的作用，故 A不符B、由图2而知，当温度升高时， R会变小，根据串联电路的分压特点可知，热敏电阻两端的电压会变小，即电压表示数会变小，故B不符合题意;C、由图可知，温度为 40c时，热敏电阻的值为' 6V |砺丁丁灰母=0.2A,故C不符合题意；R=20Q,则电流表示数D、由图可知，电压表测 R两端电压U,电流表测电路电流即 R电流I,由欧姆定律可知， /=R,即电压表与电流表示数的比值表示的是热敏电阻的值

42、，当温度降低时，由图2可知，其阻值变大，即电压表与电流表的示数比值变大，故D符合题意.故选D.【分析】（1）根据图1中的电路连接方式，由图 2可知，热敏电阻随温度的升高而减小，此时电路中的电流会增大，据此分析；（2）温度升高时，由图 2分析热敏电阻的变化，再判断电路中总电阻的改变，由欧姆定律判断电压表示数变化情况；（3）由图2中的数据，根据串联电路的特点进行计算；（4）分析电压表与电流表示数比值所表示的量，结合图 2进行判断.列说法正确的是（）21.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，下A.电压表 匕示数变大，电流表示数变小B.电压表 电示数不变，电流表示数

43、变大C.电压表 匕示数和电流表示数的乘积变大D.电压表 吆示数和电流表的比值不变【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，定值电阻R和滑动变阻器 R2串联，电压表 Vi测电源的电压，电压表 V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流.因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表 Vi的示数不变，故A错误；滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，接入电路中电阻变小，电路中的总电阻变小， b由1=彳可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，由U=IR可知，定值电阻 Ri两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器 R2两端的电压变小，即电压表 V2的示数变小，故 B错误;因电

44、压表Vl的示数不变，电流表的示数变大，电压表V2的示数变小，所以，电压表 Vl示数和电流表示数的乘积变大，电压表V2示数和电流表的比值变小，故 C正确、D错误.故选C.【分析】由电路图可知，定值电阻Ri和滑动变阻器R2串联，电压表 Vi测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流.根据电源的电压可知滑片移动时电压 表Vi示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中 电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ri两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表 V2示数的变化，进一步判断电压表 Vi示数和电流表示数的乘积变大 以及电压表 V2示

45、数和电流表的比值变化.本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的 特点和欧姆定律的应用，分析好电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键.22.如图所示的电路中，电源电压恒定不变，已知Ri = 3R2 ,当S和Si闭合、S2断开时,电压表和电流表的示数分别为 Ui和|i；当Si断开、S和S2闭合时，电压表和电流表的示数 分别为U2和I2 ,则Ui： U2、Ii： I2分别是（）A.i: i、4: 3B.i: 2、i: 3C. i: i、i : 4nD.1: 4、i: i【答案】A【解析】【解答】解：当Si闭合、8断开时，等效电路图如图1所示；当S断开、S2闭合时，等效电路图如图 2所示。电源的电

46、压不变，且两种情况下电压表测电源的电压， 所以两次电压表的示数不变，即 Ui： U2=1： 1；u U U U 4U M 两电阻并联，Il= R/彩跄肥' 此，|2=忙 则 Ii: I24: 3。故答案为：Ao【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象，根据 电源的电压不变判断电压表示数的变化，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出各支路的电流，根据并联电路的电流特点判断电流表示数的比值23.如图所示，甲乙两个电路的电源电压相等且保持不变，两个灯泡的规格相同.闭合开 关后，当滑动变阻器的滑片都从中点向右滑动的过程中，关于灯泡亮度的说法，正确的是()A.灯泡Li和L2都变亮B.灯泡Li和L2都变暗C. Li始终比L2亮D. Li始终比L2暗【答案】D【解析】【解答】解：（1）甲图中灯泡Li与滑动变阻器串联，当滑动变阻器的滑片 P都从中点向左滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总 电阻变大，b由1=彳可知，电路中的电流变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=|2r可知，灯泡Li的实际功率变小，灯泡变暗；（2）乙图中灯泡L2与滑动变阻 器并联，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，灯泡L