云南师大附中高考适应性月考卷(一)理综-答案

1、云南师大附中2021届高考适应性月考卷一理科综合参考答案第一卷选择题，共126分一、选择题：此题共13小题，每题6分。题号12345678910111213答案BBCBDCDBBACCD二、选择题：此题共8小题，每题6分。在每题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求；第1921题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。题号1415161718192021答案ABBDCABDACAD【解析】1真核细胞能进行有丝分裂、无丝分裂和减数分裂，原核细胞不能进行无丝分裂，A错误。原核生物的遗传不遵循孟德尔的遗传定律，C错误。真核细胞的遗传信息主要储存在细胞核中

2、，原核细胞的遗传信息主要储存在拟核中，D错误。2假设将图甲中的萝卜提取液换成等量新鲜肝脏研磨液，O2产生总量不变，B错误。3观察DNA和RNA在细胞中的分布时，被染成红色的部位是细胞质，A错误。赫尔希和蔡斯利用同位素标记法，证明了DNA是遗传物质，B错误。温特利用是否放置过胚芽鞘尖端的琼脂块进行实验，证明胚芽鞘的弯曲生长确实是一种化学物质引起的，温特将这种物质命名为生长素，D错误。4mRNA和ATP的组成元素都是C、H、O、N、P，错误；细胞核中形成的mRNA从核孔进入细胞质与核糖体结合，共穿过了0层生物膜，错误；起始密码子位于mRNA上，既能开启肽链的合成，也能决定氨基酸的种类，错误；tRN

3、A上含有多个碱基，其中与mRNA上密码子配对的三个碱基称为反密码子，错误。5抗体由浆细胞产生，而不是记忆细胞，D错误。6乙烯利是一种能促进果实成熟的植物生长调节剂，A错误。顶芽产生的生长素向下运输，在侧芽处积累，侧芽对生长素浓度比拟敏感，因此它的发育受到抑制，植株因而表现出顶端优势，B错误。叶片脱落的过程中，受到脱落酸等多种激素的影响，D错误。7一氧化碳不属于酸性氧化物，A错误。四氯化碳属于非电解质，B错误。工业制漂白粉是将氯气通入石灰乳中，C错误。D正确。8碳碳双键为平面结构，碳氮三键为直线结构，这就决定了TCNQ分子结构中所有原子共平面，A正确。分子中含有N元素，B错误。由结构式可得TCN

4、Q的分子式为C12H4N4，C正确。由结构式知该分子为非极性分子，由相似相溶规律可知其难溶于水，D正确。9标准状况下，SO3为固体，A错误。18g D2O的物质的量为0.9mol，故含有的质子数为9NA，B正确。1mol CO2与1mol Na2O2完全反响时，转移的电子数目应为NA，C错误。D选项无溶液的体积，因此无法计算离子量的多少。10根据Y元素最外层电子数是其最内层电子数的3倍，可知Y为氧元素。根据表中元素的相对位置，可知X为氮元素，Z为硫元素，W为氯元素。原子半径硫原子>氮原子>氧原子，A正确。气态氢化物稳定性是HCl>H2S，B错误。离子的复原性S2>O2，

5、C错误。四种元素中，Cl元素可形成多种含氧酸，HClO为弱酸，D错误。11化学式为C5H12O的有机物，既能跟Na反响，又能与O2在Cu催化下反响，说明该化合物属于醇，且连羟基的碳上要有H原子，故为7种。12根据题意，溶液中一定有Mg2+、Ba2+、Al3+、，一定没有、，可能含有K+，故C错误。13A项，葡萄糖分子直径<1nm，能透过半透膜，而淀粉溶液属于胶体。B项，热NaOH溶液会使乙酸乙酯发生水解。C项，因为NH4Cl受热易分解。D正确。14伽俐略理想斜面实验说明如果没有力的作用物体将做匀速直线运动；否认了“力是维持物体速度的原因；亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重的物

6、体比轻的物体下落得快。15物体上滑过程做匀减速运动，下滑过程做匀加速运动，但下滑过程加速度小于上滑过程加速度，因此下滑过程的图象倾斜程度较小，故B正确。16该题考查平抛运动的规律。竖直方向自由落体运动有；水平方向匀速直线运动有，经过P点那么可算出，再计算从A点抛出到落地的时间，水平位移即为，那么小球落地点与Q点的距离为，故B正确。17根据题意可知，小球静止那么弹簧弹力，弹簧伸长，由胡克定律得轻弹簧的劲度系数，故D正确。18由力的合成可知绳、的合力，方向竖直向上；这样小球做圆周运动的向心力，半径，由圆周运动向心力公式可以解出，故C正确。19对该行星的近地卫星：，行星体积，行星密度，可得，故B正确

7、。由，行星体积，行星密度，可得，据题意可求得该星球外表的重力加速度，因此可求得该星球的半径；据可得环绕该行星外表做圆周运动的卫星运行的速率；因为不知道该行星的同步卫星的轨道半径，所以不能求其同步卫星的周期，故A、D正确，C错误。20根据题意设质点所受的恒定合外力为，由图知质点依次通过A、B、C三点，且三点不在一条直线上，因此质点一定是做曲线运动，由于三点的速率满足，B点速率最小，可将A点和C点速度分解为沿AC方向和垂直于AC方向如图，从A到C力F不做功，那么，方向平行于，故C正确。，恒定合外力的方向与方向相同，做匀减速曲线运动，这样由对称性可知从A到B所需时间一定等于从B到C所需时间，故A正确

8、。，可见A到B的速度变化量与B到C的速度变化量大小相等、方向相同，故D错误。21A、B别离前，弹簧弹力越来越小，因此力F越来越大，故A正确。未施加力F时，根据平衡条件得，代入数据解得。在弹簧仍处于压缩状态时，A、B作为一整体一起向上匀加速运动，当A、B刚开始别离时，A、B具有相同加速度，且A、B间弹力为零，据牛顿第二定律对B有；又，解得。B刚开始运动时，F最小，此时对A、B组成的系统有，解得。B别离时，F最大，此时，对A有，解得N，故B、C错误，D正确。第二卷非选择题，共174分三、非选择题一必考题：共11题，共129分。22每空2分，共6分1A2小于 B  【解析】1实验中可将木板

9、倾斜适当高度以平衡摩擦力，故A正确。时间的测量可用打点计时器，故B错误。使用打点计时器时，应先接通电源，再释放纸带，故C错误。当小车质量发生变化时，不需要重新平衡摩擦力，故D错误。平衡摩擦力的目的是为了使绳子拉力成为小车的合外力，而不是让砂和砂桶的重力大小近似等于绳子对小车的拉力，故E错误。2因为砂和砂桶有向下的加速度，因此绳子拉力小于砂和砂桶的重力；m和M相差越大，误差越小，故B正确。23每空3分，共9分1 2 【解析】1设通过光电门的速度分别为、，那么，又，可得。2物块下滑的加速度，由几何关系可得，可得，代入相关数据可得=0.125。2414分解：1对铁球有 对电动机有 据题意可知 解得：

10、 2铁球运动到最高点时有 绳断后铁球做平抛运动，有 解得： 评分标准：此题共14分。正确得出、式各给1分，其余各式各给2分。2518分解：1加拉力后，假设M、m一起加速，对M、m整体，由牛顿第二定律有 M和m之间的静摩擦力最大为滑动摩擦力，对m，由牛顿第二定律有 所以M、m不能一起加速，m相对M向左滑动，对M有 所以，加拉力后，M以的加速度向右加速，m以的加速度向右加速当m从M左边滑落时，由位移时间关系有 解得 21.5s撤去拉力时，M的速度，位移，m的速度，位移，对M有 所以，撤去拉力后，M以的加速度向右减速，m继续以的加速度向右加速，当M、m速度相等时有 经过后，M、m速度相等，此时，M向

11、右的位移  m向右的位移 当m、M速度相等之后，假设M、m一起减速，对M、m整体，由牛顿第二定律有 M能够给m提供的最大加速度为，所以，M、m可以一起向右以的加速度减速，直到停下 整个过程中，m相对M向左滑动的距离 解法二：作图整个过程中，m相对于M的位移为阴影局部的面积，由图象计算得到评分标准：此题共18分。正确得出 式各给1分。26除特殊标注外，每空2分，共14分1H2(g)+O2(g)=H2O(l) 15292阳 增加废水的导电性 不变1分 CH41分 =  【解析】1燃烧热指燃烧1mol可燃物生成稳定氧化物时放出的热量，故表示H2燃烧热的热化学方程式为H2

12、(g)+O2(g)=H2O(l) 。利用盖斯定律，可推知CH3OH的燃烧热为kJ/mol，故燃烧64g放出1529kJ的热量。2根据电解液中阳离子的迁移方向，可知c为阳极，d为阴极，因此直流电源上a为正极，通入O2，b为负极，通入CH4，在碱性条件下CH4的氧化产物为CO，由此可写出此电极的电极反响式。在电解过程中，由于SO没有参与放电，且阳离子交换膜不允许阴离子自由通过，因此根据质量守恒可得阴极区Na2SO4的物质的量不变。设需要CH4 x mL，根据得失电子守恒，那么可列式，解得xL。27除特殊标注外，每空2分，共14分12Al+2H2O+2NaOH=2NaAlO2+3H2 Al2O3+2

13、NaOH=2NaAlO2+H2O2大量的会复原少量的Fe3+或2Fe3+Fe=3Fe2+3+61分 2Fe(OH)3+3NaClO+4NaOH=2Na2FeO4+3NaCl+5H2O0.151分 B 68a【解析】1利用Al和Al2O3的两性，用过量的NaOH溶液除去废金属屑中的Al和Al2O3，发生反响的化学方程式为2Al+2H2O+2NaOH=2NaAlO2+3H2、Al2O3+2NaOH=2NaAlO2+H2O。2氧化铁溶于硫酸生成硫酸铁，同时大量的会复原少量的Fe3+，反响的离子方程式为2Fe3+Fe=3Fe2+。3工业上可用Fe(OH)3、NaOH、NaClO三种物质在一定条件下反响

14、制得Na2FeO4，根据电子得失守恒和元素守恒可知，反响的化学方程式为2Fe(OH)3+3NaClO+4NaOH=2Na2FeO4+3NaCl+5H2O。Na2FeO4在水溶液中易水解呈碱性，选择的洗涤液应抑制Na2FeO4“水解和溶解。ANa2FeO4在水溶液中易“水解：，且容易损失，不能用水洗，错误。BNaOH、乙醇，能抑制水解，减少洗涤损失，正确。CNH4Cl不能抑制水解，促进水解，错误。DFe(NO3)3与OH反响，导致反响正向进行，错误。溶液中亚铁离子的物质的量是1000a mol，生成氢氧化铁失去1000a mol电子，双氧水在反响中氧元素的化合价从1价降低到2价，得到1个电子，因

15、此1mol双氧水在反响中得到2mol电子。设需要双氧水溶液的质量是m，那么根据电子得失守恒可知，×2=1000a mol，解得m=68000a g=68a kg。28除特殊标注外，每空2分，共15分1圆底烧瓶1分 冷凝管1分 冷凝、回流1分2防止苯胺在反响过程中被氧化3水1分 不断蒸出反响过程中生成的水，促进反响正向进行4趁热过滤 冷却结晶 A1分540.0%【解析】1刺形分馏柱冷凝、回流反响物，使反响进行得更充分。2为防止苯胺在反响过程中被氧化。3可以不断蒸出反响过程中生成的水，促进反响正向进行，提高生成物的产率。4防止温度降低导致乙酰苯胺结晶析出，降低产率，故需要趁热过滤。由于乙

16、酰苯胺微溶于冷水，溶于热水，所以洗涤粗品最适宜的试剂是用少量冷水洗，以减少因洗涤造成的损耗。应选项为A。5n(苯胺)=9.1mL×/mL÷93g/mol=0.1mol；n(乙酸)= 17.4mL ×/mL÷60g/mol=，大于苯胺的物质的量，所以产生乙酰苯胺的物质的量要以缺乏量的苯胺为原料为标准。理论产量为0.1mol，而实际产量n(乙酰苯胺)= ÷135g/mol=0.04mol。所以乙酰苯胺的产率为0.04mol÷0.1mol×100%=40.0%。29除特殊标注外，每空1分，共10分1C3的复原2细胞质基质 光反响

17、三 葡萄糖和水314CO214C314C6H12O6 同位素标记法 124ABCD2分30除特殊标注外，每空1分，共7分1相对性状 统计分析2相对性状纯合亲本杂交，子代只出现灰体性状或相同性状亲本杂交，子代出现性状别离，那么亲本的性状为显性性状2分 X3122分 31除特殊标注外，每空1分，共13分1皮肤冷觉感受器传入神经下丘脑体温调节中枢传出神经立毛肌2分 神经体液 负反响调节2胰高血糖素 肝脏 胰岛素 拮抗3突触 电信号化学信号电信号2分 神经递质只能由突触前膜释放，作用于突触后膜2分32除特殊标注外，每空1分，共9分12 2E生产者 竞争 分解者、非生物的物质和能量2分34物质循环 信息

18、传递 5低二选考题：共45分。3315分15分CDE选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分210分解：i初始状态：， 加热过程中，A下方气体做等容变化，对A有 B下方气体做等压变化，对B有 解得 ii对两局部气体，温度始终都相等，所以内能总是相等，由能量关系可得 评分标准：此题共10分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。3415分15分ABC选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分210分解：假设向x轴正方向传播， 那么 假设向x轴负方向传播， 那么 评分标准：此题共10分。正确得出、式各给1分，其余各式各

19、给2分。3515分15分BDE选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分210分解：小球从开始运动到第一次到达圆弧槽最低点的过程中对小球，水平方向由动量定理有 下滑中，小球机械能守恒，有 对圆弧槽，水平方向由动量定理有 解得 小球第一次通过圆弧槽最低点以后，圆弧槽和小球的系统水平方向动量守恒，机械能守恒，当水平方向速度相同时，小球上升到最高由系统动量守恒有 由系统机械能守恒有 解得 评分标准：此题共10分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。36除特殊标注外，每空2分，共15分1除去原料气中的氧气1分，其他合理答案参照给分 除去反响中生成的水蒸气1分，

20、其他合理答案参照给分 增大反响物的接触面积，加快反响速率1分，其他合理答案参照给分 C 1350 高于1400导致硅熔合成团，产生烧结现象，阻碍与氮气接触其他合理答案参照给分 52.1%23SiO2+6C+2N2 Si3N4+6CO SiC【解析】1原料气N2中混有少量氧气，氧气对氮化硅有腐蚀作用，用铜粉除去原料气中的氧气。硅胶用来除去反响中产生的水蒸气。硅块粉碎是为了增大反响物的接触面积，加快反响速率。由于在Si中含有Cu等杂质，硝酸能和Cu反响，而不能和氮化硅反响，盐酸和硫酸不能溶解铜，氢氟酸能与氮化硅反响。根据图表分析，反响0h，2h，4h，最终在1350时产物含氮量最高，因此

21、，该温度为最正确反响温度。从题目所给信息，Si的熔点是1420，在1400左右，Si熔融烧结，阻碍硅的氮化。23SiO2+6C+2N2  Si3N4+6CO过量的C粉，反响产物应该是CO，SiC是该反响的杂质之一。37除特殊标注外，每空2分，共15分12大于1分 小于1分3易1分 不1分4四面体形 H2O分子间除存在范德华力外还能形成氢键5BN1分 BD 【解析】根据对氨基苯磺酰胺的分子所涉及原子的原子半径依次增大判断，甲、乙、丙、丁、戊五种元素分别是氢、氧、氮、碳、硫，再根据题意及原子结构与性质、分子结构与性质、晶体结构与性质答复相关问题。其中，第5第小问的A选项错误，原因是BN的层状结构中没有可以自由移动的电子。第小问