课时跟踪检测（四十九）空间向量与空间角VIP

1、课时跟踪检测(四十九)空间向量与空间角1.如图所示，在三棱柱ABCA1B1C1中，AA1底面ABC，ABBCAA1，ABC90°，点E、F分别是棱AB、BB1的中点，则直线EF和BC1所成的角为_2如图，在直三棱柱ABCA1B1C1中，ACB90°，2ACAA1BC2.若二面角B1DCC1的大小为60°，则AD的长为_3.如图，在正四棱锥SABCD中，O为顶点在底面上的射影，P为侧棱SD的中点，且SOOD，则直线BC与平面PAC所成角为_4(2012·广州模拟)如图，在底面为直角梯形的四棱锥PABCD中，ADBC，ABC90°，PA平面ABCD

2、，PA3，AD2，AB2，BC6.(1)求证：BD平面PAC；(2)求二面角PBDA的大小5(2012·辽宁高考)如图，直三棱柱ABCABC，BAC90°，ABACAA，点M，N分别为AB和BC的中点(1)证明：MN平面AACC；(2)若二面角AMNC为直二面角，求的值6如图1，在RtABC中，C90°，BC3，AC6，D，E分别是AC，AB上的点，且DEBC，DE2.将ADE沿DE折起到A1DE的位置，使A1CCD，如图2.(1)求证：A1C平面BCDE；(2)若M是A1D的中点，求CM与平面A1BE所成角的大小；(3)线段BC上是否存在点P，使平面A1DP与平

3、面A1BE垂直？说明理由1(2013·汕头模拟)如图所示，四棱锥PABCD中，底面ABCD为正方形，PD平面ABCD，PDAB2，E、F、G分别为PC、PD、BC的中点(1)求证：PAEF；(2)求二面角DFGE的余弦值2(2012·北京西城模拟)如图，在直三棱柱ABCA1B1C1中，ABBC2AA1，ABC90°，D是BC的中点(1)求证：A1B平面ADC1；(2)求二面角C1ADC的余弦值；(3)试问线段A1B1上是否存在点E，使AE与DC1成60°角？若存在，确定E点位置；若不存在，说明理由答 案课时跟踪检测(四十九)A级1解析：建立如图所示的空间

4、直角坐标系设ABBCAA12，则C1(2,0,2)，E(0,1,0)，F(0,0,1)，则(0，1,1)，(2,0,2)，·2，cos，EF和BC1所成角为60°.答案：60°2解析：如图，以C为坐标原点，CA，CB，CC1所在的直线分别为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系，则C(0,0,0)，A(1,0,0)，B1(0,2,2)，C1(0,0,2)设ADa，则D点坐标为(1,0，a)，(1,0，a)，(0,2,2)，设平面B1CD的一个法向量为m(x，y，z)则，令z1，得m(a,1，1)，又平面C1DC的一个法向量为n(0,1,0)，则由cos 60°

5、;，得，即a，故AD.答案：3解析：如图所示，以O为原点建立空间直角坐标系Oxyz.设ODSOOAOBOCa，则A(a,0,0)，B(0，a,0)，C(a,0,0)，P.则(2a,0,0)，(a，a,0)设平面PAC的法向量为n，可求得n(0,1,1)，则cos，n.，n60°，直线BC与平面PAC的夹角为90°60°30°.答案：30°4解：(1)证明：由题可知，AP、AD、AB两两垂直，则分别以AB、AD、AP所在直线为x、y、z轴建立如图所示的空间直角坐标系，则A(0,0,0)，B(2，0,0)，C(2，6,0)，D(0,2,0)，P(0

6、,0,3)，(0,0,3)，(2，6,0)，(2，2,0)，·0，·0.BDAP，BDAC.又PAACA，BD平面PAC. (2)显然平面ABD的一个法向量为m(0,0,1)，设平面PBD的法向量为n(x，y，z)，则n·0，n·0.由(1)知，(2，0,3)，整理得令x，则n(，3,2)，cosm，n.结合图形可知二面角PBDA的大小为60°.5解：(1)法一：证明：如图，连接AB，AC，由已知BAC90°，ABAC，三棱柱ABCABC为直三棱柱，所以M为AB中点又因为N为BC的中点，所以MNAC.又MN平面AACC，AC平面AAC

7、C，所以MN平面AACC.法二：证明：取AB 中点P，连接MP，NP，而M，N分别为AB与BC的中点，所以MPAA，PNAC，所以MP平面AACC，PN平面AACC.又MPNPP，因此平面MPN平面AACC.而MN平面MPN，因此MN平面AACC.(2)以A为坐标原点，分别以直线AB，AC，AA为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系Oxyz，如图所示设AA1，则ABAC，于是A(0,0,0)，B(，0,0)，C(0，0)，A(0,0,1)，B(，0,1)，C(0，1)，所以M，N.设m(x1，y1，z1)是平面AMN的法向量，由得可取m(1，1，)设n(x2，y2，z2)是平面MNC的法向量，由

8、得可取n(3，1，)因为AMNC为直二面角，所以m·n0，即3(1)×(1)20，解得(负值舍去)6解：(1)证明：因为ACBC，DEBC，所以DEAC.所以EDA1D，DECD，所以DE平面A1DC.所以DEA1C.又因为A1CCD.所以A1C平面BCDE.(2)如图，以C为坐标原点，建立空间直角坐标系Cxyz，则A1(0,0,2)，D(0,2,0)，M(0,1, )，B(3,0,0)，E(2,2,0)设平面A1BE的法向量为n(x，y，z)，则n·0，n·=0. 又(3,02) (1,2，0)，所以令y1，则x2，z.所以n(2,1，)设CM与平面A

9、1BE所成的角为.因为(0,1,),所以sin |cosn, |.所以CM与平面A1BE所成角的大小为.(3)线段BC上不存在点P，使平面A1DP与平面A1BE垂直，理由如下：假设这样的点P存在，设其坐标为(p,0,0)，其中p0,3设平面A1DP的法向量为m(x，y，z)，则m·0，m·0.又(0，2，2),(p，2,0)，所以令x2，则yp，z.所以m(2，p，)平面A1DP平面A1BE，当且仅当m·n0，即4pp0.解得p2，与p0,3矛盾所以线段BC上不存在点P，使平面A1DP与平面A1BE垂直B级1解：以D为坐标原点，建立如图所示的空间直角坐标系Dxyz

10、，则D(0,0,0)，A(0,2,0)，C(2,0,0)，P(0,0,2)，E(1,0,1)，F(0,0,1)，G(2,1,0)(1)证明：由于(0,2，2)，(1,0,0)，则·1×00×2(2)×00，PAEF.(2)易知(0,0,1)，(1,0,0)，(2,1，1)，设平面DFG的法向量m(x1，y1，z1)，则解得令x11，得m(1,2,0)是平面DFG的一个法向量设平面EFG的法向量n(x2，y2，z2)，同理可得n(0,1,1)是平面EFG的一个法向量cosm，n，设二面角DFGE的平面角为，由图可知m，n，cos ，二面角DFGE的余弦值为

11、.2解：(1)证明：连接A1C，交AC1于点O，连接OD.由ABCA1B1C1是直三棱柱，得四边形ACC1A1为矩形，O为A1C的中点又D为BC的中点，所以OD为A1BC的中位线，所以A1BOD，因为OD平面ADC1，A1B平面ADC1，所以A1B平面ADC1.(2)由ABCA1B1C1是直三棱柱，且ABC90°，得BA，BC，BB1两两垂直以BC，BA，BB1所在直线分别为x，y，z轴，建立如图所示的空间直角坐标系Bxyz.设BA2，则B(0,0,0)，C(2,0,0)，A(0,2,0)，C1(2,0,1)，D(1,0,0)，所以(1，2,0)，(2，2,1)设平面ADC1的法向量为n(x，y，z)，则有所以取y1，得n(2,1，2)易知平面ADC的一个法向量为v(0,0,1)所以cosn，v.因为二面角C1