(物理)中考物理简单机械专项测试题及答案

1、（物理）中考物理简单机械专项测试题及答案一、选择题1 .如图，用滑轮组将 600N的重物在10s内匀速提升了 2m,动滑轮重为100N （不计绳重和摩擦），下列说法正确的是A .绳子自由端拉力的功率是 70WB.滑轮组的机械效率是85.7%C.提升重物的过程中所做的额外功是400J400N时，滑轮组的机械效率将变大D.提升的重物变成【答案】B【解析】A.根据图示可知,n=2,不计绳重和摩擦，拉力:F=- (G+G 轮)=-(600N+100N) =350N,拉力端移动距离:s=2h=2 X 2m=4m总功:W 总=555=3503 4m=1400J,拉力的功率:>W总 1400JP=t

2、10s=140W；故A错;B.有用功:W 有用=Gh=600NX 2m=1200J,滑轮组的机械效率:W 1200J年丁 = 85.7%W 总 1400J故B正确；C.提升重物的过程中所做的额外功：W 额=W 总-W 有用=1400J- 1200J=200J,故C错；D.当提升重物的重力减小为400N,做的有用功就变小，而额外功几乎不变，有用功和总功的比值变小，故滑轮组的机械效率变小，故 D错；2 .关于机械效率的问题，下列说法中正确的是（）A.做的有用功越多，机械效率一定越高B.单位时间内做功越多，机械效率一定越高C.省力越多的机械，机械效率一定越高D.额外功在总功中所占比例越小，机械效率一

3、定越高【答案】D【解析】【详解】A、做功多，有用功不一定多，有用功占总功的比例不一定高，所以机械效率不一定高，故A错误；B、有用功占总功的比例与单位时间内做功多少无关，故B错误；C、省力多的机械的机械效率往往偏低，故C错误；D、额外功在总功中所占比例越小，说明有用功在总功中所占的比例越大，机械效率就越高，故D正确；故选D.【点睛】总功=有用功+额外功；有用功和总功的比值叫机械效率；由机械效率的定义可 知，机械效率的高低只与有用功在总功中所占的比例有关，与做功多少、功率大小无关.3 .如图所示，利用动滑轮提升一个重为G的物块，不计绳重和摩擦，其机械效率为60%.要使此动滑轮的机械效率达到90%,

4、则需要提升重力为 G的物块的个数为 （）A. 3个B, 4个C. 5个D. 6个【答案】D【解析】【详解】G?1不计绳重和摩擦，叱，二0洸,要使q=，尸 "9嘛,则= 6G .F2的力4 .如图所示，手用 Fi的力将物体B匀速提升h, Fi做功为300J;若借助滑轮组用 把物体B匀速提升相同高度，F2做功为500J,下列说法错误的是A.滑轮组机械效率为 60%B.两个过程物体 B均匀速运动，机械能增加C.滑轮组的自重，绳子和滑轮之间的摩擦等因素导致D. F2做功的功率比Fi做功的功率大【答案】D【解析】【详解】F2做的功有一部分属于额外功A.根据题意知道，用 Fi的力将物体B匀速提升

5、h, Fi做的是有用功，即 W”300J，借助 滑轮组用F2的力把物体B匀速提升相同高度，F2做的是总功，即 W总=500J,由Wr用100%知道，滑轮组的机械效率是: 100%=黑 100%=60%故A不符合题意；B.由于两个过程物体 B均做匀速运动，所以，动能不变，但高度增加，重力势能增大,而动能与势能之和是机械能，所以机械能增大，故B不符合题意;F2多做一些C.由于需要克服滑轮组的自重及绳子和滑轮之间的摩擦做功，即由此导致 功，即额外功，故 C不符合题意；c WD.由P1知道，功率由所做的功和完成功所需要的时间决定，根据题意不知道完成功所用的时间，故无法比较功率的大小，故D符合题意.5

6、. 一均匀木板AB, B端固定在墙壁的转轴上，木板可在竖直面内转动，木板下垫有长方形木块C,恰好使木块水平放置，如图所示, 动过程中，推力 F将现有水平力F由A向B缓慢匀速推动，在推AMeB.逐渐减小D.先增加后减小A.逐渐增大 C.大小不变 【答案】A 【解析】【详解】以杆为研究对象，杆受重力 G和C对它的支持力F支，重力的力臂为1g,支持力的力臂为l 支，根据杠杆平衡条件可得：F支l支=G1g,水平力F由A向B缓慢匀速推动木块，F支的力臂在减小，重力 G及其力臂1g均不变，根据杠杆平衡条件可知，在整个过程中支持力在逐 渐增大；由于支持力逐渐变大，且力的作用是相互的，所以可知杆对物体C的压力

7、也逐渐变大，根据影响摩擦力大小的因素可知，C和木板间、C和地面间的摩擦力逐渐增大，木块C匀速运动，受到推力和摩擦力是平衡力，推力大小等于摩擦力大小，由力的平衡条件 可知，水平推力F也逐渐增大，故 A符合题意，BCD不符合题意。6 .用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率刀与物重G物的关系，改变 G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出刀与G物关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则下列说法正确的是（）A.同一滑轮组机械效率 刀随G物的增大而增大，最终将超过100%B, G物不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组机械效率将改变C.此滑轮组动滑轮的重力为2ND,当G物=6N时，机械效率 Y =66.

8、7%【答案】D【解析】【详解】A、使用滑轮组时，克服物重的同时，不可避免地要克服动滑轮重、摩擦和绳子重做额外功，所以总功一定大于有用功；由公式定小于1,即同一滑轮组机械效率x随G物的增大而增大，但最终不能超过100%,故A错误;B、G物不变，改变图甲中的绕绳方式，如图所示,因为此图与题干中甲图将同一物体匀速提高相同的高度，所以所做的有用功相同，忽略绳 重及摩擦时，额外功： W额=G轮h,即额外功 W额相同，又因为 W总=WW额，所以总功川有用相同，由刀 可知，两装置的机械效率相同，即b=邛.故B错误；W总C、由图可知，G=12N,此时Y =80%则w有用内有用|Gh -| G 目口 . 1后/

9、日=77=E= =r_Lr，即 80%= 八1工、产 ,解付 G 动=3N 故W 总 。总 Fs -（G+G 幼）乂 3h G+G 动1ZN+G 幼，C错误；D、G物=6N时，机械效率有用。/ W有用0/ o/ 6N 0/0/, F应刀下了必00%=匹-M00%=FT呜M00%万百X 100%= 66.7%故D正确.故选D .7.如图所示的滑轮组上：挂两个质量相等的钩码 A B,放手后将出现的现象是（忽略滑轮重绳重及摩擦）（）A. A下降 B. B下降C.保持静止D.无法确定【答案】A【解析】分析：利用动滑轮、定滑轮的省力特点分析解答此题。定滑轮只能改变力的方向，不能省力，动滑轮可以省一半的力

10、。解答：B所在的滑轮为动滑轮，动滑轮省一半的力，A所在的滑轮为定滑轮，定滑轮不省力；A与B质量相等，重力相等，将 B拉起只需A重力的一半即可，所以 A下降，B上 升。故选：A。【点睛】此题考查了动滑轮、定滑轮的省力特点，难点是判断动滑轮和定滑轮，属于基础题目。8.下列杠杆中属于费力杠杆的是起子开瓶D.钳子蚂导线【答案】C【解析】【详解】A、剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故 A错误；B、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故 B错误.C、如图的镣子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C正确；D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故 D错误；

11、故选B.【点睛】重点是杠杆的分类，即动力臂大于阻力臂时，为省力杠杆；动力臂小于阻力臂时，为费力 杠杆，但省力杠杆费距离，费力杠杆省距离。9.如图是抽水马桶水箱进水自动控制的结构原理图，AOB为一可绕固定点 。转动的轻质杠杆，已知OA:OB 1:2, A端用细线挂一空心铝球，质量为 2.7kg.当铝球一半体积浸在水中，在B端施加3.5N的竖直向下的拉力 F时，杠杆恰好在水平位置平衡.(铝 2.7 103kg/m3, g 10N/kg)下列结果正确的是二,工A.该铝球空心部分的体积为 1 10 3m3B.该铝球的体积为3 10 3m3C.该铝球受到的浮力为 20ND.该铝球受到的浮力为 40N【答

12、案】C【解析】【分析】根据密度的公式得到铝球实心部分的体积，根据杠杆的平衡条件得到A端的拉力，铝球在水中受到的浮力等于重力减去A端的拉力，根据阿基米德原理求出排开水的体积，从而得出球的体积，球的体积减去实心部分的体积得到空心部分的体积 【详解】铝球实心部分的体积：V实 m 27kg3 12.7 103kg/m3由杠杆平衡的条件可得:2 3.5N 7N , 1OB -Fa>OA=Fb>OB, Fa FbOA铝球受到的浮力：F浮 G F mg F 2.7kg 10N /kg 7N 20N20N3 3铝球排开水的体积:zz 2 10 m1 103kg/m3 10N/kg'铝球的体

13、积：V球2V排33332 2 10 m 4 10 m ,则空心部分的体积:本题考查杠杆和浮力的题目,Vt V 4 104m3 1 103m3 3 10 3m3.解决本题的关键知道杠杆的平衡条件和阿基米德原理的公10.皮划艇是我国奥运优势项目之一，如图所示，比赛中运动员一手撑住浆柄的末端（视为支点），另一手用力划浆.下列说法正确的是（）A.为省力，可将用力划浆的手靠近支点B.为省力，可将用力划浆的手远离支点C.为省距离，可将用力划浆的手远离支点D.将用力划浆的手靠近支点，既能省力又能省距离【答案】B【解析】【分析】结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于

14、哪种类型的杠杆.【详解】运动员一手撑住浆柄的末端（视为支点），另一手用力划浆.根据杠杆平衡条件 F1L仁F2L2可知，船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆.AB.为省力，可将用力划浆的手远离支点，故A错误，B正确；CD.为省距离，可将用力划浆的手靠近支点，但费距离，故CD错误；11.人直接用F1的拉力匀速提升重物，所做的功是 W;若人使用某机械匀速提升该重物到同一高度则人的拉力为 F2,所做的功是W （）A. F1 一定大于F2B. F1 一定小于F2C. W2一定大于WD.只有F2大于F1, W2才大于W【答案】C【解析】【详解】AB.直接用F1的力匀速提升重物，则F1=G,F2与

15、G的大小关系不能判断，则无法比使用滑轮匀速提升该重物，由于滑轮种类不清楚，较F1与F2的大小.故A、B均错误；CD.直接用Fi的力匀速提升重物，所做的功是：Wi =W 有用=Gh；使用滑轮匀速提升该重物到同一高度，即W有用=Gh;但由于至少要克服摩擦力做额外功，故W2=W有用+W额外,W2>Wi,故C正确、D错误。故选Co12.用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率刀与物重G物的关系，改变 G物，竖直向列说法正确的是（）上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出刀与G物关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则下A,同一滑轮组机械效率刀随G物的增大而增大，最终将超过100%B. G物不变，改变图甲中的

16、绕绳方式，滑轮组机械效率将改变C.此滑轮组动滑轮的重力为2ND,当G物=6N时，机械效率 Y =66.7%【答案】D【解析】【详解】A、使用滑轮组时，克服物重的同时，不可避免地要克服动滑轮重、摩擦和绳子重做额外功，所以总功一定大于有用功；由公式定小于1,即同一滑轮组机械效率刀随G物的增大而增大，但最终不能超过100%,故A错误;B、G物不变，改变图甲中的绕绳方式，如图所示,A.若Gi=G2,则F1VF2,甲的机械效率高B.若Gi=G2,则Fi>F2,乙的机械效率高【答案】D【解析】【详解】C.若GkG2,则F1VF2,甲、乙的机械效率相同D.若GivG2,则F1VF2,乙的机械效因为此图

17、与题干中甲图将同一物体匀速提高相同的高度，所以所做的有用功相同，忽略绳C错误;D、G物=6N时，机械效率也有用 W有用I I gu>00%=X100%=j “ M00%=J I。= 66.7%故 D 正确.故选D.13.如图所示，规格完全相同的滑轮，用相同的绳子绕成甲、乙两个滑轮组，分别提起重为Gi和G2的两个物体，不计摩擦与绳重，比较它们的省力情况和机械效率，下列说法正确的是重及摩擦时，额外功:W额=G轮h,即额外功 W额相同，又因为 W总=W钎W额，所以总功我有用刀上巴可知，两装置的机械效率相同，即号二* .故B错误;C、由图可知，G=12N,此时Y =80%则国有用叫有用|Gh-

18、G“再。=乐©G动）X3h=G+G动，即80%=12N+G动，解得G动="故A.由于滑轮组相同，并且不计摩擦则额外功相等率相等，故A错误；B.甲图n=3,Fi='Gi,乙图n=2,F2=* G2,若Gi=G2,则Fi<F2,提升相同的重物，其机械效率与绳子的绕法无关，即机械效率相同；故，若Gi=G2,则有用功也相同，所以机械效1B 错误；C.甲图 n=3,Fi0Gi,乙图n=2,F2=ZG2,若Gi<G2,则Fi<F2,若Gi<G2,则乙图有用功多，机械效率高，故 C错误; 1 1D.甲图n=3,F尸？Gi,乙图n=2,F2=3G2,若G1&

19、lt;G<则Fi<F2；甲乙两图由于滑轮组相同，并且不计 摩擦则额外功相等，若Gi<G2,由W=Gh,可得，则乙图有用功多，机械效率高，故 D正 确；故选D.【点睛】要判断甲、乙两图的绳子段数来比较省力情况，由于滑轮组相同，并且不计摩擦则额外功 相同通过比较有用功的大小可比较机械效率的高低.14.如图所示，物理兴趣小组分别用甲、乙两个滑轮组匀速提起质量相同的物体，不计绳 重及摩擦.若每个滑轮质量相同，对比两个滑轮组，下列说法正确的是甲乙A.甲更省力，甲机械效率大B.乙更省力，机械效率一样大C.乙更省力，乙机械效率大D.甲更省力，机械效率一样大【答案】B【解析】【详解】由图可知

20、，作用在乙上绳子的股数是3,更省力些；用甲、乙两个滑轮组匀速提起质量相同的物体，不计绳重及摩擦，只克服动滑轮重做额外功，若每个滑轮质量相同，则提升相同高度时，甲乙所做的有用功和额外功均相同，故机械效率一样大.故本题正确选项是B.15.农村建房时，常利用如图所示的简易滑轮提升建材。在一次提升建材的过程中，建筑 工人用400N的拉力，将重600N的建材在10s内匀速提高3m。不计绳重及摩擦，则下列 判断正确的是（）A.该滑轮的机械效率 中75%B.滑轮所做的有用功为1200JD .绳子自由端移动的距离大小为3mC.滑轮自身白重力为 100N【答案】A【解析】【详解】AB.滑轮所做的有用功为：W 有

21、用=Gh=600NX 3m=1800J,因为是动滑轮，所以拉力移动的距离是物体提高距离的2倍，即6m,则拉力做的总功为：W 总=555=4003 6m=2400J,所以动滑轮的机械效率为：W1800J-5X00%= 100%=75%,W2400J心、故A正确，B错误；C.不计绳重及摩擦，则拉力为：1 , F （G G动），2那么动滑轮的重为：G 动=2F-G=2X 400N-600N=200N故C错误；D.由图知，使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数n=2,绳子自由端移动的距离为：s=nh=2 x 3m=6m故D错误；故选Ao16.在探究杠杆平衡条件的时候，小明在均匀木板中间挖孔，孔中插一金属杆

22、，固定在铁架台上，木板可以围绕中间自由转动.每个钩码的质量为200g, A、B C、D、E、F为质量不计的挂钩，己知 AB= BO=OC= CD, ABOCD的连线与EDF的连线垂直.现在 B处挂两 个钩码，D处挂一个钩码，木板在水平位置平衡（如图所示）.下列做法能使木板仍在水 平位置平衡的是A.在B、D两处各加挂一个钩码B.在B处加挂1个钩码，D处加挂2个钩码C. B处挂两个钩码不变，把 D处的一个钩码挂在 F处D.把B处两个钩码挂在 A处，把D处的一个钩码挂在 C处【答案】C【解析】【分析】（1）符合杠杆平衡条件 Fi1i=F212,杠杆平衡，不符合杠杆平衡条件，力和力臂乘积大的一 端下沉

23、.（2）力臂是从支点到力的作用线的距离，把钩码挂在E处、F处杠杆水平平衡时，力臂均和钩码挂在D处的力臂相等.【详解】设AB=BO=OC=CD=海个钩码的重力为 GA.在B、D两处各加挂一个钩码时，杠杆左侧力与力臂的积为3Gx L,右侧力与力臂的积为2Gx 2L,因3Gx Lw2Gx 2L,所以木板不会平衡，故A错误；B.在B处加挂1个钩码、D处加挂2个钩码时，杠杆左侧力与力臂的积为3Gx L,右侧力与力臂的积为3Gx 2L,因3Gx Lw 3Gx 2L,所以木板不会平衡，故B错误；C.把D处的一个钩码挂在 E处或F处，杠杆右侧的力臂不变，仍为OD长，杠杆左右两侧力与力臂的乘积相等，所以木板会平

24、衡，故C正确.D.把B处两个钩码挂在 A处，把D处的一个钩码挂在 C处，杠杆左侧力与力臂的积为 2Gx 2L,右侧力与力臂的积为 GX L,因2Gx 2LGX L,所以木板不会平衡，故D错误；故选C.17 .用Fi的拉力直接将重为 G的物体A匀速提升h （如图甲）；换用斜面把物体 A匀速提 升相同的高度，拉力为 F2 ,物体沿斜面运动的距离为 L （如图乙），利用斜面工作过程中A.有用功为F2hB.额外功为F2LFih C.总功为（F1+F2） L D,机械效率为FF2【答案】B【解析】A.借助斜面做的有用功即为克服物体重力所做的功，则W有 Gh Fh,故 A 错误；BC.B.拉力所做的总功:

25、W有机械效率 YW息W总F2L,额外功 W额 W总-W有 F2L- F1h ,故B正确,Fh?,故D错误.故选B.F2LC错误；D.18 .如图所示，在 探究杠杆平衡条件”的实验中，轻质杠杆上每个小格长度均为2cm,在B点竖直悬挂4个重均为0.5N的钩码，当在 A点用与水平方向成 30°角的动力F拉杠杆， 使杠杆在水平位置平衡。对该杠杆此状态的判断，下列说法中正确的是A.杠杆的动力臂为 8cmB.该杠杆为费力杠杆C.该杠杆的阻力大小为 0.5ND.动力F的大小为1.5N【答案】B【解析】【详解】A、当动力在A点斜向下拉（与水平方向成30°角）动力臂是： 2OA=1 X 4X 2cm=4qm22A错误；B、阻力臂OB, 3X2cm=6cm> -OA,即阻力臂大于动力臂，该杠杆为费力杠杆，故 B正 2确；C、该杠杆的阻力大小为：G=4X 0.5N=2N故C错误；1D、根据杠杆的平衡条件，Fili=F2l