资源目录
压缩包内文档预览：(预览前20页/共31页)
编号：210317380
类型：共享资源
大小：9.04MB
格式：ZIP
上传时间：2022-04-30
上传人：q132****675
认证信息
个人认证
潘**（实名认证）
江苏
IP属地：江苏
15
积分
- 关 键 词：
-
2008
2020
海南
高考
物理试题
答案
- 资源描述：
-
2008-2020年海南高考物理试题及答案,2008,2020,海南,高考,物理试题,答案
- 内容简介：
-
2020年海南省高考物理试卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1（3分）（2020海南）100年前，卢瑟福猜想在原子核内除质子外还存在着另一种粒子X，后来科学家用粒子轰击铍核证实了这一猜想，该核反应方程为：He+BeC+X，则（）Am1，n0，X是中子Bm1，n0，X是电子Cm0，n1，X是中子Dm0，n1，X是电子2（3分）（2020海南）如图，上网课时小明把手机放在斜面上，手机处于静止状态。则斜面对手机的（）A支持力竖直向上B支持力小于手机所受的重力C摩擦力沿斜面向下D摩擦力大于手机所受的重力沿斜面向下的分力3（3分）（2020海南）图甲、乙分别表示两种电流的波形，其中图乙所示电流按正弦规律变化，分别用I1和I2表示甲和乙两电流的有效值，则（）AI1：I22：1BI1：I21：2CI1：I21：DI1：I2：14（3分）（2020海南）一车载加热器（额定电压为24V）发热部分的电路如图所示，a、b、c是三个接线端点，设ab、ac、bc间的功率分别为Pab、Pac、Pbc，则（）APabPbcBPabPacCPacPbcDPabPac5（3分）（2020海南）下列说法正确的是（）A单色光在介质中传播时，介质的折射率越大，光的传播速度越小B观察者靠近声波波源的过程中，接收到的声波频率小于波源频率C同一个双缝干涉实验中，蓝光产生的干涉条纹间距比红光的大D两束频率不同的光，可以产生干涉现象6（3分）（2020海南）如图，在一个蹄形电磁铁的两个磁极的正中间放置一根长直导线，当导线中通有垂直于纸面向里的电流I时，导线所受安培力的方向为（）A向上B向下C向左D向右7（3分）（2020海南）2020年5月5日，长征五号B运载火箭在中国文昌航天发射场成功首飞，将新一代载人飞船试验船送入太空，若试验船绕地球做匀速圆周运动，周期为T，离地高度为h，已知地球半径为R，万有引力常量为G，则（）A试验船的运行速度为B地球的第一宇宙速度为C地球的质量为D地球表面的重力加速度为8（3分）系统找不到该试题二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9（4分）（2020海南）一列简谐横波沿x轴正方向传播，波的周期为0.2s，某时刻的波形如图所示。则（）A该波的波长为8mB该波的波速为50m/sC该时刻质点P向y轴负方向运动D该时刻质点Q向y轴负方向运动10（4分）（2020海南）空间存在如图所示的静电场，a、b、c、d为电场中的四个点，则（）Aa点的场强比b点的大Bd点的电势比c点的低C质子在d点的电势能比在c点的小D将电子从a点移动到b点，电场力做正功11（4分）（2020海南）小朋友玩水枪游戏时，若水从枪口沿水平方向射出的速度大小为10m/s，水射出后落到水平地面上。已知枪口离地高度为1.25m，g10m/s2，忽略空气阻力，则射出的水（）A在空中的运动时间为0.25sB水平射程为5mC落地时的速度大小为15m/sD落地时竖直方向的速度大小为5m/s12（4分）（2020海南）如图，在倾角为的光滑斜面上，有两个物块P和Q，质量分别为m1和m2，用与斜面平行的轻质弹簧相连接，在沿斜面向上的恒力F作用下，两物块一起向上做匀加速直线运动，则（）A两物块一起运动的加速度大小为aB弹簧的弹力大小为TFC若只增大m2，两物块一起向上匀加速运动时，它们的间距变大D若只增大，两物块一起向上匀加速运动时，它们的间距变大13（4分）（2020海南）如图，足够长的间距d1m的平行光滑金属导轨MN、PQ固定在水平面内，导轨间存在一个宽度L1m的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B0.5T，方向如图所示。一根质量ma0.1kg、阻值R0.5的金属棒a以初速度v04m/s从左端开始沿导轨滑动，穿过磁场区域后，与另一根质量mb0.2kg、阻值R0.5的原来静置在导轨上的金属棒b发生弹性碰撞，两金属棒始终与导轨垂直且接触良好，导轨电阻不计，则（）A金属棒a第一次穿过磁场时做匀减速直线运动B金属棒a第一次穿过磁场时回路中有逆时针方向的感应电流C金属棒a第一次穿过磁场区域的过程中，金属棒b上产生的焦耳热为0.25JD金属棒a最终停在距磁场左边界0.8m处三、实验题：本题共3小题，共20分。14（4分）（2020海南）滑板运动场地有一种常见的圆弧形轨道，其截面如图，某同学用一辆滑板车和手机估测轨道半径R（滑板车的长度远小于轨道半径）。主要实验过程如下：用手机查得当地的重力加速度g；找出轨道的最低点O，把滑板车从O点移开一小段距离至P点，由静止释放，用手机测出它完成n次全振动的时间t，算出滑板车做往复运动的周期T ；将滑板车的运动视为简谐运动，则可将以上测量结果代入公式R （用T、g表示）计算出轨道半径。15（6分）（2020海南）某同学用如图（a）所示的装置测量重力加速度实验器材：有机玻璃条（白色是透光部分，黑色是宽度均为d1.00cm的挡光片），铁架台，数字计时器（含光电门），刻度尺。主要实验过程如下：将光电门安装在铁架台上，下方放置承接玻璃条下落的缓冲物；用刻度尺测量两挡光片间的距离，刻度尺的示数如图（b）所示，读出两挡光片间的距离L cm；手提玻璃条上端使它静止在 方向上，让光电门的光束从玻璃条下端的透光部分通过；让玻璃条自由下落，测得两次挡光的时间分别为t110.003ms和t25.000ms；根据以上测量的数据计算出重力加速度g m/s2（结果保留三位有效数字）。16（10分）（2020海南）在测量定值电阻阻值的实验中，提供的实验器材如下：电压表V1（量程3V，内阻r13.0k），电压表V2（量程5V，内阻r25.0k），滑动变阻器R（额定电流1.5A，最大阻值100），待测定值电阻Rx，电源E（电动势6.0V，内阻不计），单刀开关S，导线若干。回答下列问题：（I）实验中滑动变阻器应采用 接法（填“限流”或“分压”）；（2）将虚线框中的电路原理图补充完整 ；（3）根据下表中的实验数据（U1、U2分别为电压表V1、V2的示数），在图（a）给出的坐标纸上补齐数据点，并绘制U2U1图象；测量次数12345U1/V1.001.502.002.503.00U2/V1.612.413.214.024.82（4）由U2U1图象得到待测定值电阻的阻值Rx （结果保留三位有效数字）；（5）完成上述实验后，若要继续采用该实验原理测定另一个定值电阻Ry（阻值约为700）的阻值，在不额外增加器材的前提下，要求实验精度尽可能高，请在图（b）的虚线框内画出你改进的电路图。四、计算题：本题共3小题，共36分。17（8分）（2020海南）如图，圆柱形导热气缸长L060cm，缸内用活塞（质量和厚度均不计）密闭了一定质量的理想气体，缸底装有一个触发器D，当缸内压强达到p1.5105Pa时，D被触发，不计活塞与缸壁的摩擦。初始时，活塞位于缸口处，环境温度t027，压强p01.0105Pa。（1）若环境温度不变，缓慢向下推活塞，求D刚好被触发时，到缸底的距离；（2）若活塞固定在缸口位置，缓慢升高环境温度，求D刚好被触发时的环境温度。18（12分）（2020海南）如图，光滑的四分之一圆弧轨道PQ竖直放置，底端与一水平传送带相切，一质量ma1kg的小物块a从圆弧轨道最高点P由静止释放，到最低点Q时与另一质量mb3kg小物块b发生弹性正碰（碰撞时间极短）。已知圆弧轨道半径R0.8m，传送带的长度L1.25m，传送带以速度v1m/s顺时针匀速转动，小物体与传送带间的动摩擦因数0.2，g10m/s2。求（1）碰撞前瞬间小物块a对圆弧轨道的压力大小；（2）碰后小物块a能上升的最大高度；（3）小物块b从传送带的左端运动到右端所需要的时间。19（16分）（2020海南）如图，虚线MN左侧有一个正三角形ABC，C点在MN上，AB与MN平行，该三角形区域内存在垂直于纸面向外的匀强磁场；MN右侧的整个区域存在垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带正电的离子（重力不计）以初速度v0从AB的中点O沿OC方向射入三角形区域，偏转60后从MN上的P点（图中未画出）进入MN右侧区域，偏转后恰能回到O点。已知离子的质量为m，电荷量为q，正三角形的边长为d：（1）求三角形区域内磁场的磁感应强度；（2）求离子从O点射入到返回O点所需要的时间；（3）若原三角形区域存在的是一磁感应强度大小与原来相等的恒磁场，将MN右侧磁场变为一个与MN相切于P点的圆形匀强磁场让离子从P点射入圆形磁场，速度大小仍为v0，方向垂直于BC，始终在纸面内运动，到达O点时的速度方向与OC成120角，求圆形磁场的磁感应强度。2020年海南省高考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1（3分）（2020海南）100年前，卢瑟福猜想在原子核内除质子外还存在着另一种粒子X，后来科学家用粒子轰击铍核证实了这一猜想，该核反应方程为：He+BeC+X，则（）Am1，n0，X是中子Bm1，n0，X是电子Cm0，n1，X是中子Dm0，n1，X是电子【考点】爱因斯坦质能方程菁优网版权所有【专题】定量思想；推理法；重核的裂变和轻核的聚变专题；理解能力【答案】A【分析】核反应过程质量数与核电荷数守恒，根据核反应方程式求出m、n的大小，然后判断粒子的类型。【解答】解：核反应过程质量数与核电荷数守恒，因此：4+912+m，2+46+n解得：m1，n0，X是中子，故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】本题考查了判断粒子类型问题，知道核反应过程质量数与核电荷数守恒是解题的前提与关键，掌握基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习与积累。2（3分）（2020海南）如图，上网课时小明把手机放在斜面上，手机处于静止状态。则斜面对手机的（）A支持力竖直向上B支持力小于手机所受的重力C摩擦力沿斜面向下D摩擦力大于手机所受的重力沿斜面向下的分力【考点】力的合成与分解的运用；共点力的平衡菁优网版权所有【专题】定性思想；推理法；摩擦力专题；共点力作用下物体平衡专题；推理能力【答案】B【分析】因为手机处于静止状态，根据平衡条件求解斜面对手机的静摩擦力和手机所受支持力表达式进行分析；斜面对手机的静摩擦力与手机对斜面的静摩擦力是一对作用力与反作用力，由此分析。【解答】解：AB、设手机的质量为m，斜面倾角为。对手机进行受力分析，如图所示由图结合共点力平衡的特点可知，支持力方向垂直斜面向上，小于手机所受的重力，故A错误，B正确；CD、由图可知，手机受到的摩擦力方向沿斜面向上，根据平衡条件则有：fmgsin，静摩擦力小于手机重力沿斜面向下的分力，故CD错误。故选：B。【点评】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。3（3分）（2020海南）图甲、乙分别表示两种电流的波形，其中图乙所示电流按正弦规律变化，分别用I1和I2表示甲和乙两电流的有效值，则（）AI1：I22：1BI1：I21：2CI1：I21：DI1：I2：1【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系菁优网版权所有【专题】定量思想；方程法；交流电专题；推理能力【答案】D【分析】图甲中一个周期内交流电的电流方向变化，而电流的大小不变，图乙为正弦式交流电，由此计算电流有效值再求出比值。【解答】解：对图甲的交流电分析，可知一个周期内交流电的电流方向变化，而电流的大小不变，故图甲的电流有效值为I1I0；对图乙的交流电分析可知，其为正弦式交流电，故其有效值为I2，故I1：I2：1，故D正确、ABC错误。故选：D。【点评】本题主要是考查交流电有效值的计算，关键是掌握有效值的概念，知道有效值的计算方法以及正弦交流电的有效值与峰值的关系。4（3分）（2020海南）一车载加热器（额定电压为24V）发热部分的电路如图所示，a、b、c是三个接线端点，设ab、ac、bc间的功率分别为Pab、Pac、Pbc，则（）APabPbcBPabPacCPacPbcDPabPac【考点】电功、电功率菁优网版权所有【专题】定性思想；方程法；恒定电流专题；推理能力【答案】D【分析】加热器接入的电压都是24V，根据：P，可知，要比较电功率，只需要比较三种情况下的电阻值即可。【解答】解：接ab，则电路的总电阻为：接ac，则电路的总电阻为：接bc，则电路的总电阻为：由题知，不管接那两个点，电压不变，为U24V，根据P可知PacPbcPac，故ABC错误，D正确。故选：D。【点评】根据考查电功率的公式的应用，由于不知道具体的电阻值，所以不能求出三种情况下具体的功率，但可以通过比较电阻值的大小关系，由公式P比较电功率的大小关系。5（3分）（2020海南）下列说法正确的是（）A单色光在介质中传播时，介质的折射率越大，光的传播速度越小B观察者靠近声波波源的过程中，接收到的声波频率小于波源频率C同一个双缝干涉实验中，蓝光产生的干涉条纹间距比红光的大D两束频率不同的光，可以产生干涉现象【考点】多普勒效应；光的折射定律；光的干涉；光的双缝干涉现象和薄膜干涉现象菁优网版权所有【专题】定性思想；归纳法；光的折射专题；理解能力【答案】A【分析】根据n分析光的传播速度与折射率的关系；观察者靠近声波波源的过程中，接收到的声波频率大于波源频率；根据双缝干涉条纹间距公式x分析蓝光与红光产生的干涉条纹间距关系；产生干涉现象的条件是两束光的频率相同。【解答】解：A、根据n得v，可知单色光在介质中传播时，介质的折射率越大，光的传播速度越小，故A正确；B、根据多普勒效应规律知，若声波波源向观察者靠近，则观察者接收到的声波频率大于波源频率，故B错误；C、根据双缝干涉条纹间距公式x，知同一个双缝干涉实验中，蓝光的波长小于红光的波长，故蓝光产生的干涉条纹间距比红光的小，故C错误；D、根据光的干涉的条件可知，两束频率不同的光不能产生干涉现象，故D错误。故选：A。【点评】解决本题的关键要掌握光学的基础知识，要掌握光速与折射率的关系，蓝光的波长小于红光的波长，并掌握光产生干涉的条件：两束光的频率相同。6（3分）（2020海南）如图，在一个蹄形电磁铁的两个磁极的正中间放置一根长直导线，当导线中通有垂直于纸面向里的电流I时，导线所受安培力的方向为（）A向上B向下C向左D向右【考点】安培定则菁优网版权所有【专题】定性思想；推理法；磁场 磁场对电流的作用；理解能力【答案】B【分析】明确导线绕制方向，根据安培定则确定磁场的方向，再根据左手定则分析通电导线所受安培力的方向。【解答】解：根据安培定则，可知蹄形电磁铁的分布情况，如图所示；故导线所处位置的磁感应线的切线方向为水平向右，根据左手定则，可以判断导线所受安培力的方向为向下，故B正确，ACD错误。故选：B。【点评】本题考查左手定则以及安培定则的应用，注意明确线圈中电流的方向，分别判断两则磁极，从而明确中间导线所在位置磁场方向。7（3分）（2020海南）2020年5月5日，长征五号B运载火箭在中国文昌航天发射场成功首飞，将新一代载人飞船试验船送入太空，若试验船绕地球做匀速圆周运动，周期为T，离地高度为h，已知地球半径为R，万有引力常量为G，则（）A试验船的运行速度为B地球的第一宇宙速度为C地球的质量为D地球表面的重力加速度为【考点】万有引力定律及其应用菁优网版权所有【专题】定量思想；模型法；人造卫星问题；分析综合能力【答案】B【分析】试验船绕地球做匀速圆周运动，轨道半径为R+h，根据线速度与周期的关系公式v求试验船的运行速度；近地轨道卫星的速度等于第一宇宙速度，根据万有引力提供向心力求解；根据万有引力提供向心力求地球的质量；由万有引力等于重力求地球表面的重力加速度。【解答】解：A、试验船绕地球做匀速圆周运动，轨道半径为rR+h，试验船的运行速度为v，故A错误；B、近地轨道卫星的速度等于第一宇宙速度，设为v，根据万有引力提供向心力，有 Gm根据试验船受到的万有引力提供向心力，有 Gm船（R+h）联立两式解得第一宇宙速度为v，故B正确；C、根据试验船受到的万有引力提供向心力，有 Gm船（R+h）解得地球的质量为M，故C错误；D、在地球表面上，物体的重力等于地球对物体的万有引力，有 m物gG根据试验船受到的万有引力提供向心力，有 Gm船（R+h）联立两式解得地球表面的重力加速度为g，故D错误。故选：B。【点评】解决本题的关键要掌握万有引力等于向心力和万有引力等于重力这两条思路，要知道运用万有引力等于向心力，只能求出中心天体的质量，不能求出环绕天体的质量。8（3分）系统找不到该试题【答案】见试题解答内容二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9（4分）（2020海南）一列简谐横波沿x轴正方向传播，波的周期为0.2s，某时刻的波形如图所示。则（）A该波的波长为8mB该波的波速为50m/sC该时刻质点P向y轴负方向运动D该时刻质点Q向y轴负方向运动【考点】横波的图象菁优网版权所有【专题】定性思想；推理法；振动图象与波动图象专题；理解能力【答案】AC【分析】由波形图可得波长；根据波速的计算公式v计算波速；根据“上、下坡法”分析振动方向。【解答】解：A、由波形图可知，波长为10m2m8m，故A正确；B、根据波速的计算公式vm/s40m/s，故B错误；CD、由题知，沿x轴正方向传播，根据“上下坡法”，可知该时刻质点P向y轴负方向运动，该时刻质点Q向y轴正方向运动，故C正确，D错误。故选：AC。【点评】本题主要是考查了波的图象；解答本题关键是要理解波的图象随时间变化的规律，能够根据图象直接读出振幅、波长和各个位置处的质点振动方向，知道波速、波长和频率之间的关系vf。10（4分）（2020海南）空间存在如图所示的静电场，a、b、c、d为电场中的四个点，则（）Aa点的场强比b点的大Bd点的电势比c点的低C质子在d点的电势能比在c点的小D将电子从a点移动到b点，电场力做正功【考点】电势能与电场力做功；电势差和电场强度的关系菁优网版权所有【专题】电场力与电势的性质专题；分析综合能力【答案】AD【分析】电场线的疏密程度决定了电场强度的大小，电场线越密集的地方场强越大，电场线越稀疏的地方场强越小；沿电场线方向电势降低，正电荷在电势高的地方电势能越大；电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加。【解答】解：A根据电场线的疏密程度表示电场强度的大小，可知a点的电场线比b点的电场线更密，故a点的场强比b点的场强大，故A正确；B根据沿着电场线方向电势不断降低，c点比d点离负电荷越近，可知d点的电势比c点的电势高，故B错误；C由于质子带正电，根据电势能公式Epq，计算时，q要带正负，则正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小，可知质子在d点的电势能比在c点的电势能大，故C错误；D由图可知，a点的电势低于b点的电势，且电子带的是负电荷，根据电势能公式Epq，计算时，q要带正负，所以负电荷在电势越低的点电势能越大，故电子在a点的电势能高于在b点的电势能，所以将电子从a点移动到b点，电势能减小，故电场力做正功，故D正确。故选：AD。【点评】本题主要考查了考生对于电场线与场强和电势之间的关系，以及考查了关于电势能公式的使用问题，考生一点要注意公式使用的细节问题。11（4分）（2020海南）小朋友玩水枪游戏时，若水从枪口沿水平方向射出的速度大小为10m/s，水射出后落到水平地面上。已知枪口离地高度为1.25m，g10m/s2，忽略空气阻力，则射出的水（）A在空中的运动时间为0.25sB水平射程为5mC落地时的速度大小为15m/sD落地时竖直方向的速度大小为5m/s【考点】平抛运动菁优网版权所有【专题】应用题；定量思想；合成分解法；平抛运动专题；理解能力【答案】BD【分析】平抛运动是一种典型的匀变速曲线运动，研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，通过运动学的基本公式解题。【解答】解：A根据得t，运动时故A错误；B水平射程为xV0t100.5m5m，故B正确；CD竖直方向分速度为Vygt100.5m/s5m/s，水平分速度为VxV010m/落地速度为，故C错误，D正确。故选：BD。【点评】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，注意区分合速度和水平射程等平抛运动中的概念。12（4分）（2020海南）如图，在倾角为的光滑斜面上，有两个物块P和Q，质量分别为m1和m2，用与斜面平行的轻质弹簧相连接，在沿斜面向上的恒力F作用下，两物块一起向上做匀加速直线运动，则（）A两物块一起运动的加速度大小为aB弹簧的弹力大小为TFC若只增大m2，两物块一起向上匀加速运动时，它们的间距变大D若只增大，两物块一起向上匀加速运动时，它们的间距变大【考点】胡克定律；牛顿第二定律菁优网版权所有【专题】比较思想；整体法和隔离法；牛顿运动定律综合专题；分析综合能力【答案】BC【分析】对整体受力分析，根据牛顿第二定律求加速度，再对物块Q，利用牛顿第二定律列式，可求出弹簧弹力的大小。根据弹力的表达式，分析弹力的变化，从而确定弹簧形变量的变化，即可判断它们间距的变化情况。【解答】解：A、对整体受力分析，根据牛顿第二定律有 F（m1+m2）gsin（m1+m2）a，解得agsin，故A错误；B、对m2受力分析，根据牛顿第二定律有Tm2gsinm2a，解得TF，故B正确；C根据TF，可知若只增大m2，两物块一起向上匀加速运动时，弹簧的弹力T变大，根据胡克定律可知弹簧的伸长量变大，故它们的间距变大，故C正确；D根据TF，可知T与无关，只增大，两物块一起向上匀加速运动时，弹簧的弹力不变，根据胡克定律可知弹簧的伸长量不变，故它们的间距不变，故D错误。故选：BC。【点评】本题考查了牛顿第二定律与胡克定律的基本运用，抓住P、Q具有相同的加速度，运用整体、隔离法进行求解。13（4分）（2020海南）如图，足够长的间距d1m的平行光滑金属导轨MN、PQ固定在水平面内，导轨间存在一个宽度L1m的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B0.5T，方向如图所示。一根质量ma0.1kg、阻值R0.5的金属棒a以初速度v04m/s从左端开始沿导轨滑动，穿过磁场区域后，与另一根质量mb0.2kg、阻值R0.5的原来静置在导轨上的金属棒b发生弹性碰撞，两金属棒始终与导轨垂直且接触良好，导轨电阻不计，则（）A金属棒a第一次穿过磁场时做匀减速直线运动B金属棒a第一次穿过磁场时回路中有逆时针方向的感应电流C金属棒a第一次穿过磁场区域的过程中，金属棒b上产生的焦耳热为0.25JD金属棒a最终停在距磁场左边界0.8m处【考点】牛顿第二定律；动能定理；闭合电路的欧姆定律；导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化菁优网版权所有【专题】计算题；定性思想；方程法；电磁感应中的力学问题；理解能力；推理能力；分析综合能力【答案】BD【分析】（1）金属棒a第一次进磁场，判断安培力大小，然后判断运动状态，进而判断加速度大小，从而知道物体的运动状态；（2）根据右手定则判断感应电流方向；（3）对金属棒a动量定理求第一次离开磁场的速度，动能定理求电路产生的总热量，然后求出金属棒b的热量；（3）弹性碰撞动量守恒，能量守恒，求出碰后金属棒a的速度，然后动量定理求出最终停在距磁场左边界的位置。【解答】解：A金属棒a第一次穿过磁场时受到安培力的作用，做减速运动，由于速度减小，感应电流减小，安培力减小，加速度减小，故金属棒a做加速度减小的减速直线运动，故A错误；B根据右手定则可知，金属棒a第一次穿过磁场时回路中有逆时针方向的感应电流，故B正确；C电路中产生的平均电动势为：平均电流为：金属棒a受到的安培力为：Bd规定向右为正方向，对金属棒a，根据动量定理得：Bdtmavamav0解得对金属棒第一次离开磁场时速度：va1.5m/s金属棒a第一次穿过磁场区域的过程中，电路中产生的总热量等于金属棒a机械能的减少量，即Qmama联立并带入数据得：Q0.6875J由于两棒电阻相同，两棒产生的焦耳热相同，则金属棒b上产生的焦耳热：Qb0.34375J，故C错误；D规定向右为正方向，两金属棒碰撞过程根据动量守恒和机械能守恒得：mavamava+mbvb+联立并带入数据解得金属棒a反弹的速度为：va0.5m/s设金属棒a最终停在距磁场左边界x处，则从反弹进入磁场到停下来的过程，电路中产生的平均电动势为：n平均电流为：金属棒a受到的安培力为：Bd规定向右为正方向，对金属棒a，根据动量定理得：Bdt0mava联立并带入数据解得：x0.8m，故D正确。故选：BD。【点评】本题综合考查了法拉第电磁感应定律和动量定理，动量守恒等知识。其中法拉第电磁感应定律相关考查内容属于常考题型，动能定理求热量，动量定理求速度或移动距离都是高考热点。三、实验题：本题共3小题，共20分。14（4分）（2020海南）滑板运动场地有一种常见的圆弧形轨道，其截面如图，某同学用一辆滑板车和手机估测轨道半径R（滑板车的长度远小于轨道半径）。主要实验过程如下：用手机查得当地的重力加速度g；找出轨道的最低点O，把滑板车从O点移开一小段距离至P点，由静止释放，用手机测出它完成n次全振动的时间t，算出滑板车做往复运动的周期T；将滑板车的运动视为简谐运动，则可将以上测量结果代入公式R（用T、g表示）计算出轨道半径。【考点】单摆的周期菁优网版权所有【专题】定性思想；模型法；简谐运动专题；单摆问题；理解能力【答案】见试题解答内容【分析】（2）单摆的周期为T（3）小球在轨道上的摆角很小，摆角小于5，则小球的运动可视为简谐运动的条件；根据单摆的周期公式T2可求解轨道半径。【解答】解：滑板车做往复运动的周期为：T根据单摆的周期公式T22，联立解得：R答：；。【点评】本题考查单摆的的运动是简谐运动的条件，和单摆的周期公式。属于基本题型。15（6分）（2020海南）某同学用如图（a）所示的装置测量重力加速度实验器材：有机玻璃条（白色是透光部分，黑色是宽度均为d1.00cm的挡光片），铁架台，数字计时器（含光电门），刻度尺。主要实验过程如下：将光电门安装在铁架台上，下方放置承接玻璃条下落的缓冲物；用刻度尺测量两挡光片间的距离，刻度尺的示数如图（b）所示，读出两挡光片间的距离L15.40cm；手提玻璃条上端使它静止在竖直方向上，让光电门的光束从玻璃条下端的透光部分通过；让玻璃条自由下落，测得两次挡光的时间分别为t110.003ms和t25.000ms；根据以上测量的数据计算出重力加速度g9.74m/s2（结果保留三位有效数字）。【考点】测定匀变速直线运动的加速度菁优网版权所有【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题；实验能力【答案】见试题解答内容【分析】利用极短时间内的平均速度表示瞬时速度求解机玻璃条两挡光片经过光电门时的速度v1、v2，机玻璃条自由下落，根据速度与时间关系公式列式求解自由落体运动的加速度g。【解答】解：两挡光片间的距离L15.40cm0cm15.40cm；手提玻璃条上端使它静止在竖直方向上，让光电门的光束从玻璃条下端的透光部分通过。玻璃条下部挡光条通过光电门时玻璃条的速度为v1m/s1m/s，玻璃条上部挡光条通过光电门时玻璃条的速度为v2m/s2m/s，根据速度位移公式有：2gL，代入数据解得加速度：gm/s29.74m/s2。故答案为：15.40，竖直方向，9.74。【点评】本题关键是明确实验中测量瞬时速度的方法，即用极短时间内的平均速度表示瞬时速度，同时要结合速度位移公式求解加速度。16（10分）（2020海南）在测量定值电阻阻值的实验中，提供的实验器材如下：电压表V1（量程3V，内阻r13.0k），电压表V2（量程5V，内阻r25.0k），滑动变阻器R（额定电流1.5A，最大阻值100），待测定值电阻Rx，电源E（电动势6.0V，内阻不计），单刀开关S，导线若干。回答下列问题：（I）实验中滑动变阻器应采用分压接法（填“限流”或“分压”）；（2）将虚线框中的电路原理图补充完整如图所示；（3）根据下表中的实验数据（U1、U2分别为电压表V1、V2的示数），在图（a）给出的坐标纸上补齐数据点，并绘制U2U1图象；测量次数12345U1/V1.001.502.002.503.00U2/V1.612.413.214.024.82（4）由U2U1图象得到待测定值电阻的阻值Rx1.83103（结果保留三位有效数字）；（5）完成上述实验后，若要继续采用该实验原理测定另一个定值电阻Ry（阻值约为700）的阻值，在不额外增加器材的前提下，要求实验精度尽可能高，请在图（b）的虚线框内画出你改进的电路图。【考点】伏安法测电阻菁优网版权所有【专题】实验题；定性思想；实验分析法；电学图象专题；理解能力；推理能力；分析综合能力【答案】见试题解答内容【分析】（1）题目没有电流表，只有两个电压表，电压表电阻值比较大，为了待测电阻分得较大电压，选择分压接法；（2）对Rx进行欧姆定律求解，将等式变形成U2f（U1）函数形式，进而根据直线斜率求解Rx；（3）改装电路主要依据是使两个电压表读数达到满偏的，方便读数，也为了实验数据准确。【解答】解：（1）由于各电压表的电阻值比较大，为让待测电阻分得较大电压，所以要选择分压接法；（2）完整的电路图，如图所示（3）根据下表中的实验数据，绘制的U2U1图象，如图所示（4）根据实验电路图，则有：Rx变形得：U2则图线d斜率为：k根据U2U1图象可得斜率：k1.61则有：1.61代入r13.0k，解得Rx1.83103（5）因待测电阻Ry（阻值约为700）的阻值较小，若仍与电压表V1串联，则所分得的电压过小，不利于测量，故待测电阻Ry与Rx串联，将Ry与Rx作为整体求出电阻，然后减去Rx即可。故改进后的电路图，如图所示答：分压；1.83103；。【点评】本题考查分压法和限流法的选择原则和两个电压表测电阻的接法。电路图的接法问题，要遵循安全和准确的原则。四、计算题：本题共3小题，共36分。17（8分）（2020海南）如图，圆柱形导热气缸长L060cm，缸内用活塞（质量和厚度均不计）密闭了一定质量的理想气体，缸底装有一个触发器D，当缸内压强达到p1.5105Pa时，D被触发，不计活塞与缸壁的摩擦。初始时，活塞位于缸口处，环境温度t027，压强p01.0105Pa。（1）若环境温度不变，缓慢向下推活塞，求D刚好被触发时，到缸底的距离；（2）若活塞固定在缸口位置，缓慢升高环境温度，求D刚好被触发时的环境温度。【考点】理想气体的状态方程菁优网版权所有【专题】计算题；理想气体状态方程专题；分析综合能力【答案】见试题解答内容【分析】（1）由于活塞向下推的过程中，气体温度不变，故使用玻意耳定律对气体的前后状态进行分析；（2）气体加热的过程中，活塞被固定，气体体积不败，故使用查理定律对气体的前后状态进行分析。【解答】解：（1）由于活塞向下推的过程中，气体内部温度不变，此过程为等温过程，开始时气体的压强为：，体积为：V1L0S，当触发器D刚好被触发时，气体内部的压强为：，体积为：V2LS，由玻意耳定律可得：p1V1p2V2，代入数据得：。（2）加热气体的过程中，活塞被固定，气体体积不变，此过程为等容过程，开始时气体的压强：，温度为：T1t0+273K300K，当触发器D刚好被触发时，气体内部的压强为：，温度为：T2，由查理定律可得：，代入数据得：450K。答：（1）若环境温度不变，缓慢向下推活塞，D刚好被触发时，到缸底的距离为40cm；（2）若活塞固定在缸口位置，缓慢升高环境温度，D刚好被触发时的环境温度为450K。【点评】本题主要考察了考生玻意耳定律和查理定律的使用，需要注意的是，使用理想气体状态方程和三大定律时，分析的对象一定是同一气体的初末状态，而不是两个气体。18（12分）（2020海南）如图，光滑的四分之一圆弧轨道PQ竖直放置，底端与一水平传送带相切，一质量ma1kg的小物块a从圆弧轨道最高点P由静止释放，到最低点Q时与另一质量mb3kg小物块b发生弹性正碰（碰撞时间极短）。已知圆弧轨道半径R0.8m，传送带的长度L1.25m，传送带以速度v1m/s顺时针匀速转动，小物体与传送带间的动摩擦因数0.2，g10m/s2。求（1）碰撞前瞬间小物块a对圆弧轨道的压力大小；（2）碰后小物块a能上升的最大高度；（3）小物块b从传送带的左端运动到右端所需要的时间。【考点】牛顿第二定律；机械能守恒定律菁优网版权所有【专题】定量思想；方程法；功能关系 能量守恒定律；分析综合能力【答案】见试题解答内容【分析】（1）根据机械能守恒定律求解小物块a下到圆弧最低点的速度，小物块a在最低点根据牛顿第二定律结合向心力公式求解；（2）小物块a与小物块b发生弹性碰撞，根据动量守恒、能量守恒求解碰撞后的速度，小物块a根据机械能守恒求解碰后小物块a能上升的最大高度；（3）分析小物块b滑上传送带的运动情况，根据牛顿第二定律结合运动学公式进行解答。【解答】解：（1）设小物块a下到圆弧最低点未与小物块b相碰时的速度为va，根据机械能守恒定律有：magR代入数据解得：va4m/s小物块a在最低点，根据牛顿第二定律有：FNmagma代入数据解得支持力：FN30N根据牛顿第三定律，可知小物块a对圆弧轨道的压力大小为30N；（2）小物块a与小物块b发生弹性碰撞，取初速度方向为正方向，根据动量守恒有：mavamava+mbvb根据能量守恒有：mava2mava2+mbvb2联立解得：va2m/s，vb2m/s小物块a反弹，对a根据机械能守恒有：magh解得：h0.2m；（3）小物块b滑上传送带，因vb2m/s1m/s，故小物块b先做匀减速运动，根据牛顿第二定律有：mbgmba解得a2m/s2则小物块b由2m/s减至1m/s，所走过的位移为：x1m0.75m运动的时间为：t1s0.5s因x10.75mL1.25m，故小物块b之后将做
- 温馨提示:
1: 本站所有资源如无特殊说明，都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
2: 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等，如果需要附件，请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
3.本站RAR压缩包中若带图纸，网页内容里面会有图纸预览，若没有图纸预览就没有图纸。
4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
5. 人人文库网仅提供信息存储空间，仅对用户上传内容的表现方式做保护处理，对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑，并不能对任何下载内容负责。
6. 下载文件中如有侵权或不适当内容，请与我们联系，我们立即纠正。
7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。
人人文库网所有资源均是用户自行上传分享，仅供网友学习交流，未经上传用户书面授权，请勿作他用。
川公网安备: 51019002004831号