第2课时：数列求和与综合运用

1、第2课时数列求和及综合应用1等差、等比数列的求和公式(1)等差数列前n项和公式：Snna1d.(2)等比数列前n项和公式：q1时，Snna1；q1时，Sn.2数列求和的方法技巧(1)转化法有些数列，既不是等差数列，也不是等比数列，若将数列通项拆开或变形，可转化为几个等差、等比数列或常见的数列，即先分别求和，然后再合并(2)错位相减法这是在推导等比数列的前n项和公式时所用的方法，这种方法主要用于求数列anbn的前n项和，其中an，bn分别是等差数列和等比数列(3)倒序相加法这是在推导等差数列前n项和公式时所用的方法，也就是将一个数列倒过来排列(反序)，当它与原数列相加时若有公式可提，并且剩余项的

2、和易于求得，则这样的数列可用倒序相加法求和(4)裂项相消法利用通项变形，将通项分裂成两项或n项的差，通过相加过程中的相互抵消，最后只剩下有限项的和3数列的应用题(1)应用问题一般文字叙述较长，反映的事物背景陌生，知识涉及面广，因此要解好应用题，首先应当提高阅读理解能力，将普通语言转化为数学语言或数学符号，实际问题转化为数学问题，然后再用数学运算、数学推理予以解决(2)数列应用题一般是等比、等差数列问题，其中，等比数列涉及的范围比较广，如经济上涉及利润、成本、效益的增减，解决该类题的关键是建立一个数列模型an，利用该数列的通项公式、递推公式或前n项和公式题型一分组转化法求和例1等比数列an中，a

3、1，a2，a3分别是下表第一、二、三行中的某一个数，且a1，a2，a3中的任何两个数不在下表的同一列.第一列第二列第三列第一行3210第二行6414第三行9818(1)求数列an的通项公式；(2)若数列bn满足：bnan(1)nln an，求数列bn的前n项和Sn.审题破题(1)可以通过逐个验证来确定数列的前三项，进而求得an；(2)可以分组求和：将bn前n项和转化为数列an和数列(1)nln an前n项的和解(1)当a13时，不合题意；当a12时，当且仅当a26，a318时，符合题意；当a110时，不合题意因此a12，a26，a318.所以公比q3.故an23n1 (nN*)(2)因为bna

4、n(1)nln an23n1(1)nln(23n1)23n1(1)nln 2(n1)ln 323n1(1)n(ln 2ln 3)(1)nnln 3，所以Sn2(133n1)111(1)n(ln 2ln 3)123(1)nnln 3.所以当n为偶数时，Sn2ln 33nln 31；当n为奇数时，Sn2(ln 2ln 3)ln 33nln 3ln 21.综上所述，Sn反思归纳某些数列的求和是将数列分解转化为若干个可求和的新数列的和或差，从而求得原数列的和，这就要通过对数列通项结构特点进行分析研究，将数列的通项合理分解转化特别注意在含有字母的数列中对字母的讨论变式训练1在等差数列an中，a3a4a5

5、42，a830.(1)求数列an的通项公式；(2)若数列bn满足bn()an2(R)，则是否存在这样的实数使得bn为等比数列；(3)数列cn满足cn，Tn为数列cn的前n项和，求T2n.解(1)因为an是一个等差数列，所以a3a4a53a442，a414.设数列an的公差为d，则4da8a416，故d4.故ana4(n4)d4n2.(2)bn()an29n.假设存在这样的使得bn为等比数列，则bbnbn2，即(9n1)2(9n)(9n2)，整理可得0，即存在0使得bn为等比数列(3)cn，T2n1(223)22(243)2422n2(22n3)1222422n24(12n)3n43n2n2n.

6、题型二错位相减法求和例2已知公差不为0的等差数列an的首项a12，且，成等比数列(1)求数列an的通项公式；(2)若数列bn满足b12b222b32n1bnan，求数列nbn的前n项和Tn.审题破题(1)列方程求an的通项公式；(2)先求bn(两式相减)，再用错位相减法求Tn.解(1)设等差数列an的公差为d，由2，得(a1d)2a1(a13d)因为d0，所以da12，所以an2n.(2)b12b24b32n1bnanb12b24b32n1bn2nbn1an1得：2nbn12.bn121n.当n1时，b1a12，bn22n.Tn，Tn，上两式相减得Tn222，Tn8.反思归纳错位相减法适用于求

7、数列anbn的前n项和，其中an为等差数列，bn为等比数列；所谓“错位”，就是要找“同类项”相减要注意的是相减后得到部分等比数列的和，此时一定要查清其项数变式训练2(2013山东)设等差数列an的前n项和为Sn，且S44S2，a2n2an1.(1)求数列an的通项公式；(2)设数列bn的前n项和为Tn，且Tn(为常数)令cnb2n，nN*，求数列cn的前n项和Rn.解(1)设公差为d，令n1，则a22a11，a1d1，又S44S2，即2a1d，由得：a11，d2，所以an2n1(nN*)(2)由题意知，Tn，当n2时，bnTnTb2n(nN*)Rnc1c2cn1cn0，Rn，得：Rn

8、，Rn.题型三裂项相消法求和例3在公差不为0的等差数列an中，a1，a4，a8成等比数列(1)已知数列an的前10项和为45，求数列an的通项公式；(2)若bn，且数列bn的前n项和为Tn，若Tn，求数列an的公差审题破题(1)列方程组(两个条件)确定an；(2)不可以采用裂项相消法求得，应该和已知Tn对比求得公差解设数列an的公差为d，由a1，a4，a8成等比数列可得aa1a8，即(a13d)2a1(a17d)，a6a1d9d2a7a1d，而d0，a19d.(1)由数列an的前10项和为45可得S1010a1d45，即90d45d45，故d，a13，故数列an的通项公式为an3(n1)(n8

9、)(2)bn，则数列bn的前n项和为Tn.故数列an的公差d1或1.反思归纳裂项相消法的基本思想就是把通项an分拆成anbnkbn (k1，kN*)的形式，从而达到在求和时某些项相消的目的，在解题时要善于根据这个基本思想变换数列an的通项公式，使之符合裂项相消的条件变式训练3等比数列an的各项均为正数，且2a13a21，a9a2a6.(1)求数列an的通项公式；(2)设bnlog3a1log3a2log3an，求数列的前n项和解(1)设数列an的公比为q.由a9a2a6，得a9a，所以q2.由条件可知q0，故q.由2a13a21，得2a13a1q1，所以a1.故数列an的通项公式为an.(2)

10、bnlog3a1log3a2log3an(12n).故2，2.所以数列的前n项和为.题型四数列的综合应用例4已知Sn是数列an的前n项和，点(n，Sn)在函数f(x)x2x的图象上(1)求数列an的通项；(2)若cn，求证：2nc1c2cn2 2，所以c1c2cn2n.又因为cn2.故c1c2cn2n()()()2n2n.所以2nc1c2cn2n成立反思归纳数列与不等式综合的问题是常见题型，常见的证明不等式的方法有：作差法；作商法；综合法；分析法；放缩法变式训练4已知各项全不为零的数列an的前n项和为Sn，Sn，nN*.(1)求证：数列an为等差数列；(2)若a23，求证：当nN*时，.证明(

11、1)由S1a1知a11.当n2时，anSnSn1，化简得(n2)an(n1)an110，以n1代替n得(n1)an1nan10.两式相减得(n1)an12(n1)an(n1)an10.则an12anan10，其中n2.所以，数列an为等差数列(2)由a11，a23，结合(1)的结论知an2n1(nN*)于是(1)()()(1)0，即a1，a2，a240；当n25时，a250；当26n49时，ansin sin 0，且|an|0，同理可知S51，S52，S53，S1000.在S1，S2，S100中，正数的个数为100.9 已知数列an的前n项和Sn满足：SnSmSnm，且a11，那么a10等于(

12、)A1 B9 C10 D55答案A解析SnSmSnm，a11，S11.可令m1，得Sn1Sn1，Sn1Sn1.即当n1时，an11，a101.二、填空题10 在数列an中，Sn是其前n项和，若a11，an1Sn (n1)，则an_.答案解析an1Sn，an2Sn1，an2an1(Sn1Sn)an1，an2an1 (n1)a2S1，an.11在等比数列an中，a13，a481，若数列bn满足bnlog3an，则数列的前n项和Sn_.答案解析设等比数列an的公比为q，则q327，解得q3.所以ana1qn133n13n，故bnlog3ann，所以.则数列的前n项和为11.三、解答题12(2013江

13、西)正项数列an满足：a(2n1)an2n0.(1)求数列an的通项公式an；(2)令bn，求数列bn的前n项和Tn.解(1)由a(2n1)an2n0，得(an2n)(an1)0.由于an是正项数列，所以an2n.(2)由an2n，bn，则bn，Tn.13已知：数列an的前n项和为Sn，且满足Sn2ann(nN*)(1)求a1，a2的值；(2)求数列an的通项公式；(3)若数列bn的前n项和为Tn，且满足bnnan(nN*)，求数列bn的前n项和Tn.解(1)Sn2ann.令n1，解得a11；令n2，解得a23.(2)Sn2ann，所以Sn12an1(n1)(n2，nN*)，两式相减得an2an11，所以an12(an11)(n2，nN*)，又因为a112，所以数列an1