(完整word版)高考物理大题专项训练汇总,推荐文档

1、1、(安徽省铜陵市第一中学2016届高三5月教学质量检测理科综合试题)如图甲所示，光滑的水平地面上放有一质量为M长为。相的木板。从=口时刻开始，质量为m = 矩的物块以初速度从左侧滑上木板，同时在木板上施以水平向右的恒力F=7.0H ,已知开始运动后15内两物体的 X 图线如图乙所示，物块可视为质点，下列说法正确的是()甲A、木板的质量B、物块与木板间的动摩擦因数为C、f = 14时，木板的加速度为D、时，木板的速度为 厘雁门2、在一个倾角为 37°斜面底端的正上方 h=6.8m处的A点，以一定的初速度向着斜面水平抛出一个小球，恰好垂直击中斜面，不计空气阻力，g=10m/s2,求抛出

2、时的初速度和飞行时间.3、如图所示为交流发电机的示意图，线圈的匝数为2000,边长分别为10cm和20cm,在磁感应强 度B=0.5T的匀强磁场中绕OO轴匀速转动，周期为 T=20s.求：(1)交流电压表的示数.(2)从图示位置开始，转过 30°时感应电动势的瞬时值.P;若将它接在4、有一个阻值为 R的电阻，若将它接在电压为20V的直流电源上，其消耗的功率为如图所示的理想变压器的次级线圈两端时,Tit (V),不计电阻随温度的变化.求：其消耗的功率为2.已知变压器输入电压为u=220sin100.(2)此变压器原、副线圈的匝数之比.(1)理想变压器次级线圈两端电压的有效值.5、(20

3、16 盐城高一检测)光滑水平面 AB与竖直面内的圆形导轨在B点连接，导轨半径R= 0.5 m ,个质量m= 2 kg的小球在A处压缩一轻质弹簧，弹簧与小球不拴接。用手挡住小球不动，此时弹簧弹 性势能49 J ,如图所示。放手后小球向右运动脱离弹簧，沿圆形轨道向上运动恰能通过最高点 g 取 10 m/s 2。求:C,(1)小球脱离弹簧时的速度大小； 小球从B到C克服阻力做的功；(3)小球离开C点后落回水平面时的动能大小。6、2014年7月17日，马航 MH17破音777)客机在飞经乌克兰上空时，疑遭导弹击落坠毁，机上乘客和机组人员全部罹难。若波音 777客机在起飞时，双发动机推力保持不变，飞机在

4、起飞过程中所受阻力恒为其自重的0.1 ,根据下表性能参数。求：(取 g= 10 m/s 2)最大巡航速 率900 km/h(35 000英尺巡航高度)单发动机推 力3X 105 N最大起飞重 量2X105 kg安全起飞速 度60 m/s(1)飞机以最大起飞重量及最大推力的情况下起飞过程中的加速度；(2)在第(1)问前提下飞机安全起飞过程中滑行的距离；(3)飞机以900 km/h的巡航速度，在 35 000英尺巡航高度飞行，此时推力为最大推力的90%则该发动机的功率为多少？7、(2016 西安市高一检测)如图所示，宇航员站在某质量分布均匀的星球表面沿水平方向以初速度Vo抛出一个小球,经时间t落地

5、，落地时速度与水平地面间的夹角为a ,已知该星球半径为R,万有引力常量为 G,求：(1)该星球表面的重力加速度 g'。(2)该星球的第一宇宙速度V。(3)人造卫星绕该星球表面做匀速圆周运动的最小周期To8、(2016 齐齐哈尔高一检测)已知地球质量为M,半彳至为R,自转周期为T,引力常量为G如图所示，A为在地面附近绕地球做匀速圆周运动的卫星，B为地球的同步卫星。求卫星A运动的速度大小 v9、R= 8 m,车轮与路面间的动摩擦P,在悬点O处装有拉力传感器。车沿平直路面做匀速运动时，传感器的示数为2Fo= 4 N。g 取 10 m/s。(1)该货车在此圆弧形弯道上做匀速圆周运动时，为了防止

6、侧滑，车的最大速度Vm是多大?(2)该货车某次在此弯道上做匀速圆周运动，稳定后传感器的示数为 此时货车的速度 v是多大？F= 5 N,此时细线与竖直方向的夹角9是多大?10、如图所示，半径为 R内径很小的光滑半圆管竖直放置，两个质量均为m的小球A B以不同速率进入管内，A求卫星B到地面的高度 ho (2016 汕头高一检测)厢式货车在水平路面上做弯道训练。圆弧形弯道的半径为 因数为=0.8 ,滑动摩擦力等于最大静摩擦力。货车顶部用细线悬挂一个小球通过最高点C时，对管壁上部的压力为3mgB通过最高点C时，对管壁下部的压力为0.75 mg求A、B两球落地点间的距离。11、如图为湖边一倾角为 。=3

7、7。的大坝的横截面示意图，水面与大坝的交点为 Q 一人立在A点处以速度V0沿水平方向扔小石子，已知 Ad 50 m, g取10 m/s 2。(1)若要求小石子能落到水面，V0最小是多少？(2)若小石子不能落到水面上，落到斜面时速度方向与水平面夹角的正切值是多少？12、航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量 m= 2 kg ,动力系统提供的恒定升力F= 28 N。试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升。设飞行器飞行时所受的阻力大小不变。(1)第一次试飞中，飞行器飞行"=8 s时到达的高度 H= 64 m,求飞行器所受阻力 E的大小；(2)第二次试飞中，飞行器飞行t2 = 6 s时遥控

8、器出现故障，飞行器立即失去升力，求飞行器能达到的最大高度ho13、如图所示，倾角为 。的楔形木块 A放在水平地面上，一物体 B的质量为 m置于楔形木块的斜面上，现对木块A施以水平推力恰能使 B与A不发生相对滑动，不计一切摩擦力，求：(1) B物体所受的合力;(2) B物体对A木块的压力。14、如图所示是质量为 3 kg的物体在水平地面上运动的vt图象，a、b两条图线，一条是有推力作用的图线，一条是没有推力作用的图线，则物体受到的推力大小是多少？摩擦力大小是多少？15、在一次国际城市运动会中，要求运动员从高为H的平台上A点由静止出发，如图所示，沿着动摩擦因数为 科的滑道向下运动到 B点后水平滑出

9、，最后落在水池中.设滑道的水平距离为L, B点的高度h可由运动员自由调节(取g=10 m/s 2).(1)求运动员到达 B点的速度与高度 h的关系;(2)运动员要达到最大水平运动距离,B点的高度h应调为多大？对应的最大水平距离Smax为多少?(3)若图中H= 4 m, L=5 m,动摩擦因数 科=0.2 ,则水平运动距离要达到2 m, h值应为多少?16、如图甲所示，两根间距 =1.0m、电阻不计的足够长平行金属导轨ab、cd水平放置，一端与阻值R=2.0Q的电阻相连.质量m=0.2kg的导体棒ef在恒定外力F作用下由静止开始运.动，已知导体棒与两根导轨间的最大静摩擦力和滑 动摩擦力均为f=1

10、.0N ,导体棒电阻为r=10 Q,整个装置处于垂直于导轨平面向上的匀强磁场B中，导体棒运动过程中加速度a与速度v的关系如图乙所示(取 g=10m/s2).求：(1)当导体棒速度为 v时，棒所受安培力 F安的大小(用题中字母表示).(2)磁场的磁感应强度 B.(3)若ef棒由静止开始运动距离为S=6.9m时，速度已达v' =3m/s .求此过程中产生的焦耳热Q.17、如图所示，有一辆质量为 m=1.0X 103kg的小汽车驶上半径为R=50m的圆弧形拱桥，g取10m/s2.求:(1)汽车到达桥顶的速度为v1=10m/s时对桥的压力Fn有多大？(2)汽车以多大的速度 v2经过桥顶时恰好对

11、桥没有压力作用而腾空？18、三个a粒子结合成一个碳126 c,已知碳原子的质量为12.000 0 u ,氯原子质量为 4.002 6 u 。(1)写出核反应方程；(2)这个核反应放出的能量是多少焦？(3)这个能量合多少 MeV?19、氢原子处于基态时，原子的能量为Ei = - 13.6 eV ,当处于n=3的激发态时，能量为E3=- 1.51 eV ,则:(1)当氢原子从n= 3的激发态跃迁到 n=1的基态时，向外辐射的光子的波长是多少？(2)若要使处于基态的氢原子电离，至少要用多大频率的电磁波照射原子？(3)若有大量的氢原子处于n = 3的激发态，则在跃迁过程中可能释放出几种频率的光子？其中

12、最长波长是多少？20、如图所示，A为一具有光滑曲面的固定轨道，轨道底端是水平的，质量 W 40 kg的小车B静止于轨道右侧，其 板与轨道底端靠近且在同一水平面上，一个质量mn= 20 kg的物体C以2.0 m/s的初速度从轨道顶端滑下，冲上小车B后经一段时间与小车相对静止并继续一起运动。若轨道顶端与底端水平面的高度差h为0.8 m ,物体与小车板面间的动摩擦因数 科为0.40，小车与水平面间的摩擦忽略不计，(取g= 10 m/s 2)求：(1)物体C滑到轨道底端时的速度大小；(2)物体C与小车保持相对静止时的速度大小；(3)物体冲上小车后相对于小车板面滑动的距离。21、(2016 台州中学期中

13、)两根足够长的平行光滑导轨，相距 1 m水平放置。匀强磁场竖直向上穿过整个导轨所在的 空间B= 0.4 To金属棒ab、cd质量分别为0.1 kg和0.2 kg,电阻分别为0.4 Q和0.2 Q,并排垂直横跨在导轨上。 若两棒以相同的初速度3 m/s向相反方向分开，不计导轨电阻，求：(1)棒运动达到稳定后的 ab棒的速度大小；(2)金属棒运动达到稳定的过程中，回路上释放出的焦耳热；(3)金属棒从开始运动直至达到稳定，两棒间距离增加多少？22、如图所示，两个小球 A和B质量分别是mA= 2.0 kg , m=1.6 kg ,球A静止在光滑水平面上的 M点，球B在水平 面上从远处沿两球的中心连线向

14、着球A运动，假设两球相距 L< 18 m时存在着恒定的斥力 F, L> 18 m时无相互作用力。当两球相距最近时，它们间的距离为d=2 m,此时球B的速度是4 m/s。求：(1)球B的初速度大小；(2)两球之间的斥力大小；(3)两球从开始相互作用到相距最近时所经历的时间。23、如图所示，在倾角为 。=30。的斜面上，固定一宽L=0.25 m的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器R电源电动势 E= 12 V,内阻r = 1 Q, 一质量 m= 20 g的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好。整个装置处于磁感应强度 B= 0.80 T、垂直于斜面向上的匀强磁场中(导轨与金属棒的电阻

15、不计 )。金属导轨是光滑的，取g= 10 m/s2,要保持金属棒在导轨上静止，求：(1)金属棒所受到的安培力的大小；(2)通过金属棒的电流的大小；(3)滑动变阻器 R接入电路中的阻值24、(2016 温州十校期中)如图所示，在第n象限内有水平向右的匀强电场，电场强度为E,在第I、IV象限内分别存在如图所示的匀强磁场，磁感应强度大小相等，有一个带电粒子以垂直于x轴的初速度Vo从x轴上的P点进入匀强电场中，并且恰好与 y轴的正方向成45。角进入磁场，又恰好垂直x轴进入第IV象限的磁场，已知OP之间的距离为d,(不计粒子重力)求：P ”M状小KX注Y*XIW X XM>£XM%XMX

16、MXKKXXX(1)带电粒子在磁场中做圆周运动的半径;(2)带电粒子从进入磁场到第二次经过x轴，在磁场中运动的总时间;(3)匀强磁场的磁感应强度大小。25、使用回旋加速器的实验需要把离子束从加速器中引出，离子束引出的方法有磁屏蔽通道法和静电偏转法等。质量为m速度为V的离子在回旋加速器内旋转，旋转轨道是半径为r的圆，圆心在。点，轨道在垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度为 Bo为引出离子束，使用磁屏蔽通道法设计引出器。引出器原理如图所示，一对圆弧形金属板组成弧形引出通道，通道的圆心位于。'点(O'点图中未画出)。引出离子时，令引出通道内磁场的磁感应强度降低，从而使离子从 P点进入

17、通道，沿通道中心线从Q点射出。已知 OQ长度为L, OQf OP的夹角为0 o(1)求离子的电荷量 q并判断其正负;(2)离子从P点进入，Q点射出，通道内匀强磁场的磁感应强度应降为B',求B'(3)换用静电偏转法引出离子束，维持通道内的原有磁感应强度B不变，在内外金属板间加直流电压，两板间产生径向电场，忽略边缘效应。为使离子仍从P点进入，Q点射出，求引出通道内电场强度方向和大小。26、(2016 浙江衢州一中选考)如图所示，静止于 A处的离子，经电压为 U的加速电场加速后沿图中圆弧虚线通过静 电分析器，从 P点垂直CNK入矩形区域的有界匀强电场，电场方向水平向左。静电分析器通道

18、内有均匀辐向分布的 电场，已知圆弧所在处场强为Eo,方向如图所示；离子质量为 m电荷量为q； QN= 2d、PN= 3d,离子重力不计。(1)求圆弧虚线对应的半径 R的大小；若离子恰好能打在 NQ勺中点上，求矩形区域 QNCDI匀强电场场强 E的值;QNLh,求磁场磁感应若撤去矩形区域 QNCDI的匀强电场，换为垂直纸面向里的匀强磁场，要求离子能最终打在强度B的取值范围。27、如图所示，匀强电场方向水平向右，匀强磁场方向垂直于纸面向里，一质量为m带电荷量为 q的微粒以速度 v沿与磁场垂直、与电场成 45。角的方向射入复合场中，恰能做匀速直线运动，求电场强度E的大小及磁感应强度 B的大小。28、

19、如图所示，在某空间实验室中，有两个靠在一起的等大的圆柱形区域，分别存在着等大反向的匀强磁场，磁感应2强度B= 0.10 T,磁场区域的半径 r = 3 6 m,左侧区域圆心为 O,磁场方向垂直纸面向里，右侧区域圆心为磁场方向垂直纸面向外，两区域切点为 C。今有质量为 m= 3.2 x 1026 kg、带电荷量为q= 1.6 x 1019 C的某种离子，从左侧区域边缘的 A点以速度v= 106 m/s正对O的方向垂直磁场射入，它将穿越C点后再从右侧区域穿出。求：(1)该离子通过两磁场区域所用的时间;(侧移距离指垂直初速度方向上移动的距离)(2)离子离开右侧区域的出射点偏离最初入射方向的侧移距离为

20、多大?参考答案、计算题1、BD【名师解析】在开始运动后"内，物体向右减速运动，木板向右加速运动，对物体，由牛顿第二定律，mg=ma由速度图像可知，ai=1m/s2,联立解得：科=0.1.选项B正确。对木板，由牛顿第二定律，F+科mg=Ma由速度图像可知，a2=4m/s2,联立解得：M=2kg,选项A错误。经过时间t ,两者达到共同速 度，则vo- a it= a2t ,解得：t=1.2s。共同速度 v= a 2t =4.8m/s。0 + 4.8此时物体的相对位移为:说明物体未脱离木板， 当两者达到共同速度后， 假设两者相对静止一起加速，由牛顿第二定律可得：=7代入数据解得：7/，=咫

21、%=>= 1对物体由牛顿第二定律可得：所以物体相对木板还是要相对滑动,对木板由牛顿第二定律可得：,代入数据解得：成时，木板的速度为4843x(2-1.2)-72/ ,故选项c错 口正确。考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像；物体的弹性和弹力【名师点睛】本题考查图象的应用；图象题是高考的热点问题，关键从图象中获取信息，能够通过图象得出物体的运 动规律。2、物体落地的速度大小为20&m/s,方向与水平方向的夹角为45度3、(1)交流电压表的示数为400七%.400V(2)从图示位置开始，转过 30°时感应电动势的瞬时值为4、( 1)理想变压器次级线圈两端电压的有效值为(

22、2)此变压器原、副线圈的匝数之比为11: 15、(1)7 m/s (2)24 J (3)25 J解析： (1)根据机械能守恒定律Ep= m mA 1 1 1(2)由动能定理得一mg-2R W = 2 mv22 2 mVl”22小球恰能通过最高点，故mg= m衣由得W= 24 J(3)根据机械能守恒定律mg- 2R= R- m mv22 由得Ek=25 J6、解析：(1)根据牛顿第二定律有：FF阻1=maF 阻=kmg= 0.1 mg解得：a=槐=2 m/s 2v2 602900 m(2)设飞机安全起飞过程滑行的距离为x,则x= " = m(3)波音777以900 km/h匀速巡航时，

23、此时推力等于空气阻力，则F 阻 2= 3 X 105X 2X 0.90 N =5.4 X 105 Nv 90 900 km/h =250 m/s此时发动机的功率：P= Fv' = F阻2v' = 5.4 X 105X 250 W= 1.35 X 108 W(或单发动机的功率 P单= 6.75 X 107 W)产&必mJf通7、(1) 上 (2) V (3)2 Tt vO/3解析： (1)根据平抛运动知识tan a = vOvOto/S解得g'= 二(2)物体绕星球表面做匀速圆周运动时万有引力提供向心力，则有v2G 贪2 = m&又因为G-二二 = mg&

24、#39;联立解得v= $式"艮=V £(3)人造卫星绕该星球表面做匀速圆周运动时，运行周期最小，则有T=-i11所以T= 2ti R巾°如初/)I。阳/解析： (1)对卫星A,由牛顿第二定律解得：v=GMR对卫星巳设它到地面高度为h,同理 G勘q2解得:2/ZTR+ h)h=一 R9、(1)8 m/s (2)37 °2 715m/s解析:(1)车沿平直路面做匀速运动时，小球处于平衡状态，传感器的示数为Fo= mg= 4 N得到 m= 0.4 kg该货车在此圆弧形弯道上做匀速圆周运动时,地面对其摩擦力提供向心力,为了防止侧滑，向心力不能超过最大静摩擦力，即

25、mg> 支 代入数据得：Vm< J，U 城 =8 m/s小球受力如图，一个重力mg= 4 N,方向竖直向下，一个拉力F= 5 N,二者的合力沿水平方向提供向心力，根据几何关系得到代入数据得v = m/s = 2m/s<8 m/s所以没有侧滑，运动半径不变tan得到37°10、3R解析:两个小球在最高点时， 受重力和管壁的作用力， 这两个力的合力作为向心力,离开轨道后两球均做平抛运动,A B两球落地点间的距离等于它们平抛运动的水平位移之差。v2A对A球：3m什mg= m友 va=得 xa XB= 3Ro11、 (1)16.33 m/s (2)1.5解析： (1)若石块

26、恰能落到 。点，Vo最小，则ACCos 0 = VotAQin 0 = g gt2解得：Vo= 16.33 m/s。(2)斜面与水平方向夹角。=37° ,若小石子落到斜面上时，速度方向与水平方向的夹角为一穿2,2点tan 0vOf =tan a = v0所以：tan a = 2tan 0 =1.5。12、 (1)4 N (2)42 m解析： (1)第一次飞行中，设加速度为ai由 H= a a1t 21 得：a = 2 m/s 2由牛顿第二定律得：F mg- Ff = ma解得R = 4 No(2)第二次飞行中，设失去升力时的速度为w,上升的高度为 X1X1= a a1t 22 = 3

27、6 m, V1=a1t2 = 12 m/s设失去升力后的加速度为&,上升的高度为 X2由牛顿第二定律得：m什Ff = ma2解得 32= 12 m/s又因为X2 =2& 2=6 m,所以 h= X1 + X2= 42 m。%13、 (1) mgan 0(2)解析：取物体B为研究对象，B受重力mg支持力R。由题意知，B和A一起向左做匀加速运动，加速度的方向水平向左。由F合=m软口，B的合力方向水平向左。根据力的合成知识，可用一个直角三角形把这几个力的大小关系表 不出来，如图所不。(1)由以上分析可知，B物体所受的合力 F合=ma= mgan 0mg 斜面对B的支持力Fn=85/U

28、 o由牛顿第三定律知，B对斜面的压力Fn',方向垂直于斜面向下14、 1 N、2 N 或 1 N、1 N解析：由图象可求得 a、b两条图线对应的加速度大小：22aa=- 3 m/s 2, ab=- 3 m/s 2。由于两种情况都是减速运动，当推力与速度同向时受推力时加速度较小。由牛顿第二定律得:F+ Ff = ma,Ff= ma,解得 F= 1 N , Ff = - 2 N o当推力与速度反向时，受推力时加速度较大，由牛顿第二定律得：F' +Ff' =maFf' = ma解得：F' = - 1 N , F=- 1 N o故推力和摩擦力的大小分别为1 N、

29、2 N或1 N、1 No15、 (1)设斜面倾角为0 ,斜面长为 L,由牛顿第二定律得：mgsinmgcos 0 = ma由运动学公式得：v2与=2aL,又因为 Lsin 9=(H- h), Leos 0 = L,.5十衿c L7由以上四式得：vb=，.1(2)由平抛运动公式：水平方向x = VBt,竖直方向h=2gt2,把V0代入后面解得：x = 2 J'H/d ,£故当 h= ( (HI L)时，smax= L+ H H.(3)代入数据 x=2 m, H= 4 m, L=5 m, =0.2,邛芷则可得到 hi= 2 m2.62 m , h2= 2m0.38 m.16、解：

30、(1)当导体棒速度为v时，导体棒上的电动势为E,电路中的电流为I .由法拉第电磁感应定律：E=BLv E由欧姆定律：i= R+1导体棒所受安培力F=BIL 解得：F安=R+r (2)由图可知：导体棒开始运动时加速度a1=5m/s2,初速度v0=0 ,导体棒中无电流.由牛顿第二定律知：F f=ma1解得：F=2N 由图可知：当导体棒的加速度a=0时，开始以v=3m/s做匀速运动此时有：F-f-F安=0l(F-n (R+r)J解得：B=带入数据解得：B=1T(3)设ef棒此过程中，产生的热量为Q,2由功能关系知：(F-f) s=Q+?mv2带入数据解得Q=6J2v17、解：(1)根据牛顿第二定律得

31、，mg N=mR解得先露101根据牛顿第三定律知，7车对桥的压力为8 X 103 N .j 2v(2)根据 mg=m R解得/ 勾/f/i诉而祗m/s.答：(1)汽车到达桥顶的速度为10m/s时对桥的压力是8X103 N .(2)汽车的速度为IDjGm/s时，汽车对桥顶无压力.18、 (1)3 42 Hel26c+ A E (2)1.165 X 10 12 J (3)7.28 MeV解析(1)3 -二 He-1 二r；C+ A E。(2) A m= 3X 4.002 6 u - 12.000 0 u =0.007 8 u ,A m= 0.007 8 X 1.66 X 10 27 kg = 12

32、.948 X 10 30 kg , 212 .AE=A mc=1.165 X 10 J。1 165f)1012(3) A E= 1.6131019 eV = 7.28 X 106 eV = 7.28 MeV。19、 (1)1.03 X 10 7 m (2)3.28 X 1015 Hz (3)3 种 6.58 X 10 7 mhe解析(1) x = 551 =1.03 x 10 7 m。(2) y = k =3.28 X1015 Hz。hehc E3(3)3种，其中波长最长的是从n=3至|J n = 2所放出光子，入=忑3£2 =4 =6.58 X 10 7 m20、解析(1)下滑过程

33、中机械能守恒，有：J_ 1mghi= m mv2 m m/1解得w=22琐=2#)m/s(2)在物体C冲上小车B到与小车相对静止的过程中，两者组成的系统动量守恒，以水平向右为正方向，由动量守恒 定律有 m2= ( m+ M v。. 22。丫-2/2得：v= =2040 m/s = 3 出 m/s(3)设物体C冲上小车后，相对于小车板面滑动的距离为l ,由功能关系有：mgl = m m02 - 2( mn M) v22代入数据解得：l = 3 m21、解析 (1) ab、cd棒组成的系统动量守恒，最终具有共同速度v,以水平向右为正方向，则nwo m>bv0= (md+ m>b) vv

34、 = 1 m/s(2)根据能量转化与守恒定律，产生的焦耳热：v20t2Q= A Ek 减=(md + mb)上=1.2 J 对cd棒利用动量定理： BIL At = md( v- vo)BLq= md( v。一 v)f/n blj/s又q=龙医之=式出2解得：A s= 1.5 m22、解析 (1)当两球相距最近时两球速度相同，即 va= vb= 4 m/s由动量守恒定律可得：RBvbd= mvA + mvB代入数据解得 vbd= 9 m/s。x=L-d,由功能关系可得:(2)两球从开始相互作用到它们之间距离最近时它们之间的相对位移AIllF - a x= m mv2B0 m mv2/l 2 m

35、v2B代入数据解得 F= 2.25 N o(3)设两球从开始相互作用到两球相距最近时的时间为t,根据动量定理，对A球有：Ft = mVA 0代入数据解得t= k =3.56 s o23、 (1)0.1 N (2)0.5 A (3)23 Q解析 (1)金属棒静止在金属导轨上受力平衡，如图所示F s； = msin 30 ° ,代入数据得 F安= 0.1 N o(2)由 F s！=BIL,得 I = *L = 0.5 A。E_(3)设滑动变阻器接入电路的阻值为R,根据闭合电路欧姆定律得：E= I(R+ r),解得-r = 23 Q。72E24、 (1)2 e d (2) SvO vOavO解析 (1)带电粒子的运动轨迹如图所示。由题意知，带电粒子到达 y轴时的速度v= 0vo,这一过程的时间 匕=22d=丫0 ,电场中