2020-2021年中考物理分类汇编欧姆定律

1、2020-2021年中考物理分类汇编欧姆定律一、欧姆定律选择题1 .如图是一个油量表的示意图，滑动变阻器规格为“20 Q 1 A”。闭合开关，当浮球最低时滑片P滑到a端，电流表示数为 0.3 A,当浮球最高时，滑片 P滑到b端，电流表示数为 0.5 Ao下列说法错误的是 （）A.电源电压为15 VB1阻R的阻值为30 QC.电阻R最小功率为7.5Wr D.在加满油后，1 min内电阻R产生的热量为 450 J【答案】C【解析】【解答】根据 门=刀和电源电压不变的特点，利用电路的两种状态，可得关系式：解得R为30，代入得：/ &品X 30c =故电源电压为15 V, AB选项正确，但不符

2、合题意；电阻R最小功率时，即电流最小时的功率，0小一-丁斤征招/X 3g 上煞，c错误，符合题意；在加满油后，滑片位于 b端，电流最大，1 min内电阻R产生的热量为：。=叮划=1加x a网*旗 频,d正确，但不符合题意。【分析】，R与R'串联，电流表测电路中的电流；当滑片位于a端时，电阻 R的功率最小，根据P=I2R求出其大小；在加满油后，滑片位于 b端，根据Q=I2Rt求出1min内电阻R 产生的热量.B端有一个可自由转2 .在一次物理实验中，小于同学连接了如图所示的电路，电磁铁的动的小磁针，闭合开关后，下列说法错误的是（A.电磁铁的A端为N极B.小磁针静止时，N极水平指向左C.利

3、用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机D.当滑动变阻器滑动片 P向右端移动，电磁铁磁性增强【答案】C【解析】 【解答】解：A、由图知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则 可知，电磁铁的 A端是N极，B端是S极，A不符合题意；N极，即NB、电磁铁的B端是S极，由磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是 极水平指向左，B不符合题意；C、该实验表明了电能生磁,利用这一现象所揭示的原理可制成电磁铁,C错误，符合题心、，D、当滑动变阻器滑动片 大，则电磁铁的磁性变强, 故答案为：CoP向右端移动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变D不符合题意；【分析】首先利用安培定则判断螺线管的

4、磁极，再由磁极间的作用规律判断小磁针的指 向；电磁感应是发电机的原理；由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可 得出螺线管中磁场的变化.3 .我国刑法规定，从 201年5月1日起，驾驶员醉酒后驾车要负刑事责任.为了打击酒驾行为，交警常用酒精浓度监测仪对驾驶人员进行酒精测试，如图甲所示是一款酒精浓度监测仪的简化电路图，其电源电压保持不变，Ro为定值电阻，R为酒精气体浓度传感器（气敏电阻），R的阻值与酒精浓度的关系如图乙所示.当接通电源时，下列说法正确的是（）A.当酒精浓度减小时，R的阻值减少B.当酒精浓度增大时，电压表的示数与电流表的示数的比值变大A错误;C.当酒精浓度增大时，电压表的

5、示数变大 D.当酒精浓度增大时，电流表的示数变小 【答案】C【解析】【解答】解：根据图象可知酒精气体的浓度越小传感器的电阻越大，故 由电路图可知，定值电阻与传感器的电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压，所以电压表的示数与电流表的示数的比值为定值电阻的阻值，它是不变的，故 B错误；由题知，酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的增大而减小，测试到的酒精气体浓度越大，酒精气体传感器的电阻越小，根据欧姆定律可知，电路电流越大，定值电阻两端的电压越大，即电压表示数越大；故C正确；当酒精气体浓度增大时，酒精气体传感器的电阻减小，根据欧姆定律可知，电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大，故D错误.故选C.【

6、分析】由电路图可知，定值电阻与传感器的电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电 压；根据图象可知酒精气体的浓度越小传感器的电阻越大，由欧姆定律可知电路中的电流 的变化、定值电阻两端电压的变化，再由串联电路的电压特点可知传感器两端的电压变 化.4 .某兴趣小组为了研究电子温控装置，连接成如图所示电路，Ri为热敏电阻，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，闭合开关，当温度降低时，下列说法中正确的是（）比1'A.电压表V2和电流表A示数均变大C.电压表V2和电流表A的乘积不变 比不变【答案】DB电压表Vi和电流表A示数之比不变D电压表V2变化量和电流表 A变化量之【解析】【解答】解：由电路图可知，R

7、与心并联后再与R0串联，电压表Vi测并联部分的电压，电压表 V2测R0两端的电压，电流表测干路中的电流.（1）因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，所以，当温度降低时，热敏电阻Ri的阻值变大，并联部分的电阻变大，电路中的总电阻变大，1.由1=彳可知，干路中的电流变小，即电流表 A的示数变小，由U=IR可知，Ro两端的电压变小，即电压表 V2的示数变小，故 A错误；由电压表V2示数变小、电流表 A示数变小可知，电压表 V2和电流表A的乘积变小，故 C 错误； 因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以，并联部分的电压变大，即电压表Vi的示数变大，由电压表Vi的示数变大、电流表 A示数变小可知，电压表

8、 Vi和电流表A示数之比变大, 故B错误；（2）设温度变化前后，干路中的电流分别为Ii、|2 ,则电压表V2示数的变化量：£照 U2=|2氐|iR0= （|2Ii） Ro=A IRo ,即 j=R0 ,且 Ro 的阻值不变，所以，电压表 V2变化量和电流表 A变化量之比不变，故 D正确.故选D.【分析】由电路图可知，Ri与R2并联后再与R0串联，电压表 Vi测并联部分的电压，电压表V2测R0两端的电压，电流表测电路中的电流.（1）根据热敏电阻阻值与温度的关系得出当温度降低时其阻值的变化，进一步可知并联部分的电阻变化和电路中总电阻的变化， 根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ro两端的电

9、压变化，然后得出电压表V2和电流表A的乘积变化；根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点可知电压表Vi的示数变化，然后得出电压表 Vi和电流表 A示数之比变化；（2）设出温度变化前后电路中的电流，根 据欧姆定律得出电压表示数和电流表示数与Ro的阻值关系，然后得出电压表V2变化量和电流表A变化量之比的变化.5.如图所示，电源电压不变，下列说法正确的是（）t &A.只闭合Si ,将P向左移动，电流表示数变小，电压表示数变大 B.闭合Si、S2 ,断开9 ,将P向左移动，Ri消耗的功率增大 C.开关都闭合，将 P向左移动，电压表的示数为零，电流表示数变小 D.开关都闭合，将 P向左移动，L

10、消耗的功率不变，R2消耗的功率变小 【答案】B【解析】【解答】解A只闭合Si,Ri、R2串联，电压表测R2电压，P向左移动，R2电阻变小，总电阻变小，电流变大，根据串联电路的分压规律知电压表示数变小，A不符合题意；（2）闭合S、S2 ,断开S3 , Ri与灯并联后与 R2串联，将P左移，R2电阻变小，根 据分压原理，R2的电压变小，根据串联电路电压的规律，并联部分的电压变大，根据P=g 升,R消耗的功率增大，B符合题意；（3） （4）开关都闭合，R2短路，所以滑片移动对电 路无影响CD不符合题意。故答案为：B.【分析】分析开关在不同状态下电路结构，结合串联电路特点和欧姆定律分析判断将P向左移动

11、时两电表变化量比值的变化情况；由并联电路特点、欧姆定律和电功率公式分析判 断电表示数及两者功率变化 .6.如题图所示，电源电压保持不变，闭合开关时，滑动变阻器的滑片P从b端滑到a端，电压表示数 U与电流表示数I的变化关系如题图所示，下列说法不正确的是（）A.电源电压是9V1 B.定值电阻R的阻值是6 aC.滑动变阻器的阻值范围是018aD.若定值电阻 R出现接触不良时，电流表示数为0,电压表示数为9V【答案】C【解析】【解答】当滑片 P位于a端时，电路为 R的简单电路，由图象可知，电路中的最L大电流1.5A时，电压表的示数为9V,即电源的电压为 9V;由'7可得，定值电阻 R的U 9V

12、R 二&0阻值： I 上财 ;当滑片P位于b端时，定值电阻 R与滑动变阻器的最大阻值串联，由图象可知，电路中的最小电流Ii=0.5A,此时定值电阻两端的电压 U=3V,滑动变巴竺阻器分得电压为 U2=U-Ui=9V-3V=6V,所以滑动变阻器的最大阻值：Rmax=；7=；五4=12 0,滑动变阻器的阻值范围是 0120。若定值电阻R出现接触不良时，电路出现断路，电压表被串联在电路中，所以电流表示数为0,电压表示数为9V。故答案为：Co【分析】当滑片在 a端时，电路中只有定值电阻，此时电流最大，电压表的示数就是电源电压，利用欧姆定律求得定值电阻阻值；当滑片在b端时，电路中电阻最大，电流最

13、小，此时电压表的示数为定值电阻两端的电压，根据分压关系可知滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律解滑动变阻器的最大值；定值电阻R出现接触不良时，电路出现断路，电路中的电流为0,电压表的示数为电源电压。7 .对于某一确定的导体，影响该导体电流大小的物理量是（）A.通电时间B.电荷量 C.电压iiD.质量【答案】C【解析】【解答】解：（1）由欧姆定律可知，对于某一导体，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，所以对于某一确定的导体，通过导体电流大小决定于导体两端的电压，故C正确；（2）导体电阻和电压决定了通过导体的电流大小，即在一定时间内通过导体横截面的电荷量的多少，电流的大小与质量无关，故ABD错误.

14、故选C.【分析】对于某一导体，电阻一定，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，据此分析 选择.8 .如图所示的电路中，电源电压不变，开关s闭合，滑片P移动到b点时，R消耗的功率为 P1； 滑片P移到小中点时，R消耗的功率为口卜出；0 =2:9，滑片P在b点和在中点时，自消耗 的功率之比为（）B. 2:5C. 2:9D. 4:9【解析】【解答】设滑片P移到变阻器b点和中点时电路中的电流分别为Ii、I2；已知Pi：Pi'=2:9，由 P=I2R 可得:中点和在b端时,R2消耗的功率之比: 故答案为：D.,设滑动变阻器R2的最大阻值为咫承方苏乂火 424410P.R,滑片P在【分析】根据电路

15、图可知，电阻Ri与变阻器R2串联，电压表测量Ri两端电压，电流表测量电路中的电流，结合电功率的计算方法P=2R即可求得比值9.如图所示的电路中，闭合开关，滑动变阻器滑片向右滑动的过程中（）A.灯泡Li变亮、匕亮度不变II BT泡Li变亮、L2变暗C.灯泡Li亮度不变、L2变亮 D丁泡Li变暗、L2变亮【答案】D【解析】 【解答】由图可知是混联电路图，当滑动变阻器的滑片向右滑动时电阻变大，滑动变阻器和灯泡并联，此处的总电阻变大，分压变大，灯泡L2变亮，灯泡Li分压减小，变暗，D符合题意，ABC不符合题意。故答案为：D.【分析】根据混联电路的特点，并联处电阻变大分压变大，串联时，分压互相影响。i0

16、.如图甲所示的电路中， Ri为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数 U的变化关系如图乙所示，则卜列判断错误的是（）A.电源电压为6VC. R2消耗的电功率先变大后变小D.电路的最大总功率为3.6 WB.图乙中C点表示滑片位于中点时的状态【解析】【解答】由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流.当滑片位于 a端时，接入电路的电阻为0以 电路为Ri的简单电路，电路中的电流口最大，由图象可知，Ia= 0.6A,由1=7可得，电源的电压 U=IaRi = 0.6AX很,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路

17、中的电流最小，电压表的示数最大，由图象可知，Ib= 0.2A, Ub=4V,Ub 4V则滑动变阻器的最大阻值：R,= ib0.2A = 20 Q,因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压 U= IbRi+Ub = 0.2A X淤4V,因电源的电压不变，所以，0.6A X很= 0.2A X儡4V,解得：Ri = 10Q,电源白电压 U= IaRi=0.6A X 10=S6V, A符合题意，不符合题意；电路的最大总功率： P最大=UIa=6VX 0.6A= 3.6W, D符合题意，不符合题意；（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻一半时，电路| U

18、 _ 6V必如Q历平匚/四十一中的电流：I中= 二一 =0.3A由图象可知，对应与 D点，B不正确，符合题意；（3）电路中的电流：I=的一/0G +用，滑动变阻器消耗的电功率：6V &(乂阑G当 R2 = 0Q 时，Pa = 0W,当 R2 = 20Q 时，Pb="口 '二= 0.8W,综上可知，滑片P从a端移动到bR2消耗的电功率先变大后变小，C符合题意，不符合题意.故答案为：B.【分析】两电阻串联，电压表测K两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑片位于a端时，接入电路的电阻为 0Q,电路为Ri的简单电路，电路中的电流最 大，根据欧姆定律表示出电源的电压；当滑

19、动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据欧 姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压， 利用电源的电压不变求出Ri的阻值和电源的电压，根据P=UI求出电路的最大总功率；(2)根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻一半时电路中的电流，然后结合图象判断对应的点；(3)根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，进一步判断 R2消耗的电功率变化.11.如图甲所示，电源电压恒为12V,闭合开关 S,当滑片 P在a端时，电流表示数为0.1A, R2消耗的电功率为1W;图乙、丙分

20、别是变阻器滑片P从a端滑到b端的过程中两组物理量的关系图象，则()A.滑片P在a端时，R的阻值为200消耗的电功率为 2WB.滑片P在b端时，电路消耗的总功率为1.2WC.图乙反映的是电压表与电流表示数的关系D.图丙反映的R2与R1的电功率比值k与Rz的关系【答案】DR2的电压，电流表测电路中的电【解析】 【解答】解：由图知，两电阻串联，电压表测 流,当滑片P在a端时，电流表示数为 0.1A, R2消耗的电功率为1W, 根据串联电路电流的规律及P= I2R,P故R 滑大= F =仅"产=100Q;AC、P在a端时，变阻器连入电路中的电阻最大，由分压原理，R2的电压最大，即电压表示数最

21、大，电路中的电流最小；P滑到b端时，变阻器连入电路中的电阻为0, R2的电压为0,电路中的电流最大，故乙图反映的是变阻器的电流随电压的变化关系，即电流表与电压表示数的关系，C选项中，因果关系搞反了， C不符合题意；当P在a端时，由图乙知，电压表示数为 10V,根据串联电路电压的规律，R的电压为：U1= 12V- 10V=2V,.I Ui 根据分压原理， 元赢=旗，Ri=位刃 R滑大=10 x 10020Q;Ri消耗的电功率为：馈（2V）2Pi=杷=二崂。=0.2W, A不符合题意；B、滑片P在b端时，电路中的电流为 0.6A,电路消耗的总功率为：P=UI = 12VX 0.6A= 7.2W;

22、B 不符合题意；D、根据串联电路电流的规律及 P=I2R, R2与Ri的电功率比值：上图检k=I/=' ,将 Ri = 20 代入得：k= 20Q ,即k与R2成正比，为过原点的直线，当 R2=100 时，k= 5,即图丙反映的是 R2与Ri的电功率比值k与R2的关系，D符合题意。故答案为：D【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路电流的规律及P=2R得出R滑大；P在a端时，变阻器连入电路中的电阻最大，根据分压原理，即电压表示数最大，电路中的电流最小；P滑到b端时，变阻器连入电路中的电阻为0, R2的电压为0,电路中的电流最大，可确定乙反应的是变阻器的电流随

23、电压的变化关系当P在a端时，由图乙知电压表示数，根据串联电路电压的规律求出Ri的电压，根据分压原理求出Ri；由P=7求出Ri消耗的电功率；滑片 P在b端时可知电路中的电流，根据 P=UI求出电路消耗的总功率；根据串联电路电流的规律及P=2R得出R2与Ri的电功率比值，将Ri=20 代入表达式，结合数学知识分析 .12 .如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列说法正确的是（）rfe?A.两个电流表的示数都变大n皿个电流表的示数都变小C.电流表Ai示数不变，电流表 A2示数变大hD.电流表Ai示数不变，电流表 A2示数变小【答案】D【解析】【解答】解：（i

24、）由图知，两电阻并联，电流表 Ai测Ri的电流，A2测并联电路 总电流。因为并联电路各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过定值电阻Ri的电流不变，即电流表Ai示数不变，AB不符合题意；（2）当滑动变阻器的滑片 P向右滑动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律可知，通过变阻器的电流变小，因通过Ri的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，总电流变小，即电流表A2示数变小，D符合题意，C不符合题意。 故答案为：Do【分析】两电阻并联，电流表Ai测Ri的电流，A2测总电流：并联电路各支路独立工作、互不影响，故电流表 Ai示数不变；当滑动变阻器的滑片 P向右滑动时，变阻器连入电路中 的电阻变大

25、，由欧姆定律分析通过其的电流变化，因通过Ri的电流不变，根据串联电路电流的规律，分析电流表 A2示数变化.13 .如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是螺线管。闭合开关，待弹簧测力计示数稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动的过程中，下列说法正确的是( )A.电压表示数变大，电流表示数也变大叫B.电压表示数变小，电流表示数也变小C.螺线管上端是 N极，弹簧测力计示数变小“D.螺线管上端是 S极，弹簧测力计示数变大【答案】C【解析】【解答】由图知道，定值电阻Ro与滑动变阻器、螺线管串联，电压表测量的是R两端的电压；当将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，滑动变阻器R阻值变小，由串联电路电阻的

26、特点可知，则电路中的总电阻变小，电路的电流变大，由串联电路分压特点得电压 表示数变小，通电螺线管的磁性增强，由右手螺旋法则判断螺线管的上端为N极，和上面的磁极相互排斥，通电螺线管的磁性增强，排斥力变大，弹簧测力计示数变小。故答案为：Co【分析】(D影响电磁铁磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯。线圈 的匝数一定，电流越大磁性越强；(2)运用安培定则(用右手握螺线管，让四指弯向螺线管中电流方向，则大拇指所指的那 端就是螺线管的北极)判断通电螺线管的极性；(3)磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。(4)当变阻器 R的滑片缓慢向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根

27、据欧姆定律和串联电路电压的特点可知电路电流表和电压表示数的变化在滑动变阻器滑片向上移动过程中14 .如图所示，电源电压U恒定，闭合开关和 S2()A.灯泡L的亮度不变 B.两端的电压变大C.电流表A2的示数变大D.电流表的示数变大【答案】A【解析】 【解答】根据电路图，当开关都闭合时，电路中只有灯泡和电流表串联，在移动滑片时，灯泡亮度不变，A符合题意。故答案为：A.【分析】根据连入电路中的电阻情况，分析当改变电阻时，电流或电压变化情况。15 .有两个电阻类电路元件 A、B,流过元件的电流与它两端的电压关系如图甲所示，把它们串联在4.5V电路中，如图乙所示，下列说法错误的是（）A.元件A的电阻是

28、定值电阻，大小为 5 aB.元件B的电阻随温度的升高而减小C.把它们并联在1V电路中时，电路总功率为 0.3WD.把它们串联在 4.5V电路中时，元件 B的电功率为1.8W【答案】D【解析】【解答】解：A由图象可知，通过 A的电流与两端的电压成正比，则 A是定值 电阻；由图象可知，A两端的电压为2V时，通过的电流依次为 0.4A, /由i= 7可得：以 ' 2V IRA= =*=5A符合题意；B、由图象可知，B两端的电压为 IV、2.5V、3V时，通过的电流依次为0.1A、0.4A、0.6A,b L由1=a可得R=b可知，乙对应的电阻依次为10Q、6.25 Q 5Q,由于通过电阻的电流

29、越大时元件的温度升高，所以，元件 B的电阻随温度的升高而减小，B符合题意；C、并联在电压为1V的电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，它们两端的电压Ua'=Ub'= U'= 1V,由图象可知，Ia=0.2A, Ib= 0.1A, 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流：I = Ia+Ib= 0.2A+0.1A=0.3A, 电路的总功率：P = U'4'1VX 0.3A= 0.3W, C符合题意；D、把它们串联在 4.5V电路中时，由于串联电路的电流处处相等，则由图象可知，电路 1 = 0.2A时，A两端的电压 Ua=2V,

30、B两端的电压 Ub=2.5V时符合，所以，PB= " Bb'=2.5V X 0.2A0.5W, D 不符合题意。故答案为：D【分析】AB、根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻电阻的电流与两端两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；由图象可知A的电压和对应的电流值，根据欧姆定律即可求出电阻；C、元件A、B并联在电压为1V的电路中时，它们两端的电压相等，根据图象读出通过它 们的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用P=UI求出电路的总功率；D、元件A、B串联在电压为 4.5V的电路中时，通过它们的电流相等，电源的电压等于两 电阻两端的电压之和，根据图象读出符合题意

31、的电流和电压，根据欧姆定律求出它们的阻 值之比。16 .如图所示，电源电压恒定不变，闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P从中点向b端移动一段距离，电压表Vi、V2示数的变化量分别为 Ui、AU2 ,电流表示数的变化量为 I,阻值相同的定值电阻Ri、R2消耗电功率的变化量分别为 Pi、AP2 ,则下列判断正确的是（）A. Pi+A P2=A I2 .(Ri+R2)B. |AUi| >| U2|C. | 4 F |+| 工 | =Ri+R2D. |AUi| < | AU2|【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，R与Rd、R2串联，电压表Vi测Rd与R2两端的电压之和，电压表 V2测R

32、2两端的电压，电流表测电路中的电流。（ D将滑动变阻器的滑片 P从中点向b端移动一段距离，设移动前后电路中的电流分别为Ii、I2 ,由1 =可得，电压表 V2示数的变化量： U2=U2 U2'= IlR2- I2R2= (IL I2)R2= AIR2 ,则 |U2|=|I囹， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电压表 Vi示数的变化量： Ui = Ui Ui'= (U I1R1) (U I2R1) = ( I2 Ii) Ri = IRi ,则| Ui| = | IRi| , 因Ri、R2的阻值相同，所以，1U” =| 4U2I , BD不符合题意；由|4| = Ri、

33、|=R2可知，|+|= Ri+R2,C符合题意；(2)定值电阻Ri、R2消耗电功率的变化量分别为 Pi、AP2 ,则Pi+4P2=(Ii2I22)(Ri + R2)= ( Ii I2)(Ii + I2)(R+R2)= I (Ii + I2)(Ri+R2), A不符合题意。故答案为：Co【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，将滑动变阻器的滑片P从中点向b端移动一段距离，设出移动前后电路中的电流，根据欧姆定律表示出电压表V2示数的变化量，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表V,示数的变化量，然后结合Ri、R2的阻值相同比较Ui|与IUzI的大小关系；根据 P=I2R表示出

34、定值电阻 Ri、 R2消耗电功率的变化量.i7.如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯 Li、12都能正常发光，甲、乙两个电表的示数之比是 2: 3.此时灯Li、L2的电阻之比是()Li LiA. 2: i1 1 B. 3: 2C. 2: 31 1 D. i: 2【答案】D【解析】 【解答】如果甲乙任何一个为电流表，将会形成短路，因此甲乙都为电压表，此时灯Li、匕串联连接，电压表甲测量 L2两端电压，电压表乙测量电源电压；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，并且甲、乙两个电表的示数之比是2: 3,所以灯Li、L2两端电压之比： Ui: U2= (3-2) : 2=i: 2;又因为串联

35、电路电流相等，即Ii=I2；blh也由同可得，Ri： R2=U = =Ui: U2=i: 2.故选D.【分析】根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中确定甲乙仪表的种类，然后根据 串联电路的特点和欧姆定律求出两灯泡的电阻之比.18.如图所示的电路.电源电压保持不变.Ri=10 闭合开关 S,滑动变阻器滑片 P在最右端 时.电流表的示散为 0.25A;把滑片P移到中点时.电流表的示教为 0.4A。则下列选项正确的 是（）4|"（=upRi KTA.滑片P在最右端时.通过Ri、R2的电流之比为5: 8B.滑片P在最右端时，Ri、R2两端电压之比为 3: 1C.滑动变阻器的最大阻值为 4

36、0 QD.电源电压为10V【答案】D【解析】【解答】 闭合开关S,滑动变阻器滑片 P在最右端时，定值电阻 Ri和变阻器R2 串联，根据U总总R总得到：U总=0.25A X（10Q+R）；1当滑片P移到中点时，定值电阻 R1和变阻器 二R2串联，1根据U总总R总得到：U总=0.4A X （10Q + E电） ；解得：R2=30 Q, U总=10V,故C错误，D正确；滑片P在最右端时，定值电阻R1和变阻器R2串联；因为串联电路各处电流都相等，所以通过R、R2的电流之比为1: 1,故A错误；串联电路中，电压与电阻成正比，那么 R、R2两端电压之比：U1 ： U2=R1 : R2=10 Q:30 a

37、=1 3,故B错误。故选D。【分析】（1）闭合开关 S,滑动变阻器滑片 P在最右端时，定值电阻R和变阻器R2串联；当滑片P移到中点时，定值电阻 R1和变阻器串联；根据U总=1总R总列出方程组，然后计算得到变阻器的最大阻值和电源电压;(2)串联电路中各处电流都相等；(3)串联电路中，电压与电阻成正比。19.如图所示的电路中，电流表Ai的示数为0.5A, A2的示数为 0.3A,电阻 R2的阻值为10 Q下列说法正确的是()A.通过电阻Ri的电流为0.5A B.电源电压为5VC.电阻Ri的阻值为15 a笳断开开关S2 ,电流表Ai示数变大【答案】C【解析】【解答】由电路图可知，两电阻并联，电流表A

38、2测R2支路的电流，电流表 Ai测干路的电流；开关 G控制整个电路，开关及控制电阻Ri；因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻R的电流：力=工 上，-仪5N 0.3A = O.Ai , a不符合题意；又因为并联电路中各支路两端的电压相等，故根据欧姆定律可得，电源的电压：订=伤I曲仪3A X 1QQ 31 , b不符合题意；电阻Ri的阻值：U 3V的:一-;-15004, C符合题意。若断开开关 S2 ,电流表Ai只测量R2的电流，电流表Ai示数变小，D不符合题意。故答案为：Co【分析】根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和，结合欧姆定律计算电路中的电压 和电阻.20 .如图I

39、所示，电源电压恒为 6V, R为热敏电阻，其阻值随温度变化如图2所示，R0是阻值为10a的定值电阻，闭合开关S,通过分析，下列说法错误的是()拈就噌是A.图1中的R0有保护电路的作用C.温度为40c时，电流表的示数为 0.2AB温度升高时，电压表的示数会变小D.温度降低时，电压表与电流表示数的比值变小【答案】 【解析】过小时,合题意;【解答】解：A、由图可知，R与&串联在电路中，当热敏电阻随温度的升高而电路中的总电阻R -R+R0而不致过小，因此 R0起到保护电路的作用，故 A不符B、由图2而知，当温度升高时， R会变小，根据串联电路的分压特点可知，热敏电阻两端的电压会变小，即电压表示

40、数会变小，故B不符合题意;C、由图可知，温度为 40c时，热敏电阻的值为R=20Q,则电流表示数6y |=02 = 0.2 =0.2A,故C不符合题意；D、由图可知，电压表测R两端电压U,电流表测电路电流即 R电流I,由欧姆定律可知,=R,即电压表与电流表示数的比值表示的是热敏电阻的值，当温度降低时，由图D符合题意.知，其阻值变大，即电压表与电流表的示数比值变大，故 故选D.【分析】（1）根据图1中的电路连接方式，由图 2可知，热敏电阻随温度的升高而减小，此时电路中的电流会增大，据此分析；（2）温度升高时，由图 2分析热敏电阻的变化，再判断电路中总电阻的改变，由欧姆定律判断电压表示数变化情况；

41、（3）由图2中的数据，根据串联电路的特点进行计算；（4）分析电压表与电流表示数比值所表示的量，结合图 2进行判断.21 . 一只小灯泡标有 “3.8V?样，额定功率模糊不清，某同学设计了如图甲所示的电路进行测量，电源电压恒为 6V,电压表、电流表使用的量程分别为 0-3V、0-0.6A,滑动变阻 器的规模为“10Q1A”，他根据实验数据作出电压表、电流表示数的U- I图象，如图乙所示，则以下判断正确的是（）0.88WA.小灯泡的额定功率为 亮B滑片向左移时电压表示数变大，小灯泡变C.变阻器允许连入电路的最大阻约为8.82 Q iD.小灯泡正常发光 2s内，变阻器产生的电热为3.04J【解析】【

42、解答】解：由电路图可知，灯泡 两端的电压，电流表测电路中的电流：L与滑动变阻器 R串联，电压表测滑动变阻器(1)因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压 Ul=3.8V时滑动变阻器两端的电压：Ur=U Ul=6V- 3.8V=2.2V,由图象可知，电路中的电流 I=0.4A, 小灯泡的额定功率：Pl=UlI=3.8V X0.4A=1.52WA 错误；2s内变阻器产生的电热：QR=WR=URlt=2.2V X 0.4A X 2s=1.75JD 错误；(2)滑片向左移时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，电路中的电流变大， 由图象可知，滑动变阻器两端的电压变小，灯泡两端的电

43、压变大，灯泡的实际功率变大， 即电压表的示数变小，小灯泡变亮，故B错误；(3)当电压表的示数最大 Ur，=3V,滑动变阻器接入电路中的电阻最大， 由图象可知，电路中的电流 I ' =0.34A 则滑动变阻器接入电路中的最大电阻：R大=。,3口& =8.82,0M C 正确。故选Co【分析】由电路图可知，灯泡 L与滑动变阻器 R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压， 电流表测电路中的电流：(1)额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据串联电路 的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据图象读出电路中的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率，根据Q=W=UIt求出2s内变阻器产生的

44、电热；(2)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知接入电路中电流的变化，根据图象可知灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，根据 P=UI可知灯 泡实际功率的变化，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断其亮暗的变化；（ 3）当 电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大电阻。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是从图象中读出电压和电流的对应值。22.小灯泡L的额定电压为3V,它的I- U图象如图甲所示，把小灯泡接入如图乙所示的电路中，先将滑动变阻

45、器的滑片P移至B端，闭合开关 S,电压表示数为1.5V;再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V.已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌上标有10S2A”.下列说法中错误的是（）甲乙A.电源电压为4.5VB.小灯泡的额定功率为 1.5W3a2.5WP移至B端时，滑动变阻器的最大阻值C.小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为D.小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为【答案】D【解析】【解答】解：（1）当滑动变阻器的滑片 和灯泡串联，由图象可知，当电压表示数为 1.5V时，电路中的电流I=0.3A, b由I=彳可得，滑动变阻器两端的电压：U 滑=IR ?t=0.3A X 10Q = 3V因串联

46、电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=Ul+U滑=1.5V+3V=4.5V,故A正确，不符合题意；（2）由图象可知，灯泡两端的电压为3V时，电路中的电流 I ' =0.5A因额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，所以，灯泡的额定功率：Pl额=Ul额I ' =3VX 0.5A=1,5W B正确，不符合题意；此时滑动变阻器两端的电压：U 滑'=UUl额=4.5V- 3V=1.5V,滑动变阻器接入电路中的电阻: 滑动变阻器消耗的电功率：=3 Q,故C正确，不符合题意;P 滑=U I' =1.5V X 0.5A=0.75VD不正确，符合题意.故选：D.【分析】（1）当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑