2022-2023学年吉林省白城市第十四中学物理高三上期中联考模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，位于竖直平面内的固定光滑圆环轨道与水平面相切于M点，与竖直墙相切于A点，竖直墙上另一点B与M的连线和水平面的夹角为60，C是圆环轨道的圆心，已知在同一时刻a、b两球

2、分别由A、B两点从静止开始沿光滑倾斜直轨道AM、BM运动到M点；c球由C点自由下落到M点，则（）Aa球最先到达M点Bb球最先到达M点Cc球最先到达M点Db球和c球都可能最先到达M点2、如图所示是某质点做简谐运动的振动图象关于质点的运动情况，下列描述正确的是（）At1.5s时，质点正沿x轴正方向运动Bt1.5s时，质点的位移方向为x轴负方向Ct2s时，质点的速度为零Dt2s时，质点的加速度为零3、如图所示，O为两个等量异种电荷连线的中点，P为连线中垂线上的一点，对O、P两点的比较正确的是（ ）AOP，EOEPBOP，EO=EPCO、P两点所在直线为等势面D负电荷在P点的电势能大4、津京城际列车“

3、复兴号”在2018年8月8号实现350公里时速运行，这样，从天津站到北京南站的时间就控制在三十分钟以内以下四个运动图线，能基本表示“复兴号”列车在津京段运动规律的是（ ）ABCD5、某运动物体做匀加速直线运动，加速度大小为，那么此物体：（ ）A在任意1s内末速度一定等于初速度的0.6倍B任意1s的初速度一定比前1s的末速度大0.6m/sC在每1s内的速度变化大小为0.6m/sD在任意1s内通过的位移大小为0.3m6、下列说法不正确的是A亚里士多德认为力是维持物体运动的原因B牛顿三大定律都可以通过实验来验证C做曲线运动的物体其合力可以是恒力D卡文迪许利用扭秤实验测出了引力常量G的数值二、多项选择

4、题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b是近地轨道卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则Aa的向心加速度等于重力加速度g，c的向心加速度大于d的向心加速度B在相同时间内b转过的弧长最长，a、c转过的弧长对应的角度相等Cc在4小时内转过的圆心角是/3，a在2小时内转过的圆心角是/6Db的运动周期一定小于d的运动周期，d的运动周期一定小于24小时8、如图所示，光滑长

5、铁链由若干节组成，全长为L，圆形管状轨道半径为远大于一节铁链的高度和长度铁链靠惯性通过轨道继续前进，下列判断正确的是A在第一节完成圆周运动的过程中，第一节铁链机械能守恒B每节铁链通过最高点的速度依次减小C第一节与最后一节到达最高点的速度大小相等D第一节回到最低点至最后一节进入轨道的过程中铁链的速度保持不变9、如图所示,一质量为m的小球置于半径为R的光滑竖直圆轨道最低点A处,B为轨道最高点,C、D为圆的水平直径两端点轻质弹簧的一端固定在圆心O点, 已知弹簧的劲度系数为k=mg/R，原长为L=2R，弹性限度内，若给小球一水平初速度v0,已知重力加速度为g,则（ ）A无论v0多大，小球均不会离开圆轨

6、道B若在则小球会在B.D间脱离圆轨道C只要，小球就能做完整的圆周运动.D只要小球能做完整圆周运动,则小球与轨道间最大压力与最小压力之差恒为6mg10、如图甲所示，质量为m2的长木板静止在光滑的水平面上，其上静止一质量为m1的小滑块，现给木板施加一随时间均匀增大的水平力F，满足F=kt（k为常量，t代表时间），长木板的加速度a随时间t变化的关系如图乙所示。已知小滑块所受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是（）A在02s时间内，小滑块与长木板间的摩擦力增大B小滑块与长木板间的动摩擦因数Cm1与m2之比为1：3D当小滑块从长木板上脱离时，其速度比长木板小0.5m/s三、实验题：本题共2小

7、题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）利用如图甲所示的实验电路图测量两节干电池组成的电源的电动势和内阻 甲 乙（1）在实验操作正确的情况下测得数据记录在下表中，请在图乙中作出U-I图像_（2）根据U-I图像，可得该电池组的电动势E=_V，内阻r=_（结果均保留两位有效数字）（3）本实验存在系统误差，原因是_（选填“电压表分流”或“电流表分压”），由此造成电源内阻测量值_（选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值12（12分）在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系时，采用如图所示的实验装置，小车及车中的砝码质量用M表示，盘及盘中的砝码质量用m表示，小车

8、的加速度可由小车后拖动的纸带上由打点计时器打出的点计算出：（1）当M与m的大小关系满足_时，才可以认为细线对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力（2）一组同学在保持盘及盘中的砝码质量一定的情况下，探究加速度与小车质量的关系，以下做法正确的是_A平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细线绕过定滑轮系在小车上B每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源D小车运动的加速度可用天平测出m和M，直接用公式a求出（3）在保持小车及车中的砝码质量M一定，探究加速度与所受合外力的关系时，由于平衡摩擦力时操作不当，两位同学得到的aF关系分别如图中甲、乙所示（a是小车的加速度

9、，F是细线作用于小车的拉力）其原因分别是：甲图：_；乙图：_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）质量为的小车静止于光滑水平面上，小车的上表面由光滑的圆弧和光滑平面组成，弧半径为，车的右端固定有一不计质量的弹簧，如图所示。现有一质量为的滑块从圆弧最高处无初速下滑，与弹簧相接触不栓接并压缩弹簧。重力加速度求：弹簧具有的最大的弹性势能；当滑块与弹簧分离时小车的速度。14（16分）如图所示，质量m的小球套在半径为R的固定光滑圆环上，圆环的圆心为O，原长为0.8R的轻质弹簧一端固定于O点，另一端与小球相连，弹簧与圆

10、环在同一竖直平面内，圆环上B点在O的正下方，当小球在A处受到沿圆环切线方向的恒力F作用时，恰好与圆环间无相互作用，且处于静止状态已知： ， ，弹簧处于弹性限度内， ， ，重力加速度g=10m/s1求：（1）该弹簧的劲度系数k；（1）撤去恒力，小球从A点沿圆环下滑到B点时的速度大小vB；（3）小球通过B点时，圆环对小球的作用力大小NB 15（12分）长木板A放在光滑的水平面上,质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板A的表面,由于A、B间存在摩擦,之后A、B速度随时间变化情况如图所示,求:（1）系统损失的机械能为多少;（2）木板A的最小长度为多少;（3）A、B间的

11、动摩擦因数为多少参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】如图所示令圆环半径为R，则c球由C点自由下落到M点用时满足所以对于a球令AM与水平面成角，则a球下滑到M时满足解得同理b球从B点下滑到M点用时也满足上式中r为过B、M且与水平面相切于M点的竖直圆的半径，rR，综上所述可得故C正确，ABD错误。故选C。2、D【解析】在t=1.5s时刻，图象切线的斜率为负，说明质点是从x的最大位移处向平衡位置方向运动的，运动的方向沿x的负方向，故A错误由图可知，1.5s末质点的位移大于0，质点的位移方向为x轴正方向，故B错误

12、由图可知，在t=2s时刻，质点的位移为0，则速度为最大，故C错误由图可知，在t=2s时刻，质点的位移为0，则恢复力等于0，根据牛顿第二定律可知加速度等于0，故D正确故选D.点睛：此题关键是知道位移时间图象的斜率等于速度，从而分析质点的速度方向质点通过平衡位置时速度最大，加速度最小；通过最大位移处时加速度最大3、C【解析】等量异种点电荷连线的中垂线电势为零，所以o=P，由等量异种点电荷的电场线的分布，可得O点的电场线最密，P点的较疏。所以EoEp，故AB错误；等量异种点电荷连线的中垂线是等势线，因此负电荷在P点的电势能与O点相同，故C正确，D错误；故选C。【点睛】虽然电场线不是实际存在的，但电场

13、线的疏密可以体现电场强度的强弱；可以根据电场线方向来确定电势的高低；同时还考查了等量异种点电荷的电场线的分布，电场线与等势线相互垂直。4、C【解析】A、由x-t图线知，列车开始匀速运动，中间静止，最后反向匀速运动，最后回到初位置，这与列车的实际运动不符合，故A错误B、由x-t图线知，列车开始匀速运动，紧接着就反向匀速运动，最后回到初位置，这与列车的实际运动不符合，故B错误C、由v-t图线可知，列车开始匀加速运动，然后匀速运动，最后做加速度逐渐减少的减速运动，平稳的到达北京南站，故C正确D、由v-t图线可知，列车开始匀加速运动，然后匀速运动，最后还是做匀加速运动，显然与实际运动不符合，故D错误故

14、选C5、C【解析】AC物体做匀加速直线运动，加速度大小为0.6m/s2，知任意1s内的速度的增量为0.6m/s，所以在任意1s内末速度不一定等于初速度的0.6倍。故A不符合题意，C符合题意。B物体在某1s初和前1s末是同一时刻，速度相等。故B不符合题意。D物体做匀加速运动，根据，可知每秒通过的位移不一定都是0.3m。故D不符合题意。6、B【解析】A力是维持物体运动的原因是亚里士多德的观点，A正确，不符合题意；B牛顿第一定律是理想实验，不受外力作用，但在现实中不可能实现，所以不能够通过实验进行验证，B错误，符合题意；C平抛运动是曲线运动，物体只受重力作用，C正确，不符合题意；D卡文迪许利用扭秤实

15、验测出了引力常量，D正确，不符合题意。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】卫星a随地球自转做匀速圆周运动向心力由万有引力的分力提供：，可知其向心加速度小于重力加速度g，故A错误；对b、c、d万有引力提供向心力：，可得轨道半径越大，线速度、角速度越小，a、c两颗卫星角速度相等，再结合v=r可知c的线速度大于a的线速度，所以四个卫星中b的线速度最大，故B正确；a、c周期相等都是24小时，c在4小时内(即T/6)转过的圆心角是/3，2小时是T/12，a转过的圆心

16、角是/6，所以C正确；根据可知，轨道半径越大，周期越大，b、c、d三颗卫星，d的周期最大，b的周期最小，故d的周期大于24小时，所以D错误8、CD【解析】A、铁链、火车、绳等由完全相同的各部分构成连接体，各部分之间有弹力作用，若选一节研究，有除重力或弹簧弹力的其他外力做功，机械能不守恒；但选取真个系统为对象时，各部分的力属于内力，做功抵消，系统只有重力做功，机械能守恒，A错误B、D、当系统的重心上升到圆心处，重力势能增大，由系统机械能守恒知动能减小；以后每下降一节，后面上升一节，系统的机械能不变，则速度相等，故B错误，D正确C、第一节到达最高点和最后一节到最高点时系统的重心位置相同，由知重力势

17、能相等时动能相等，则每一节的速率相等，C正确故选CD【点睛】本题以竖直平面内的圆周运动为模型，考查了机械能守恒定律的一种应用：由完全相同的各部分构成的连接体模型，明确机械能守恒定律的条件是系统内只有重力或弹簧弹力做功9、ACD【解析】AB弹簧的劲度系数为，原长为L=2R，所以小球始终会受到弹簧的弹力作用，大小为F=k（L-R）=kR=mg，方向始终背离圆心，无论小球在CD以上的哪个位置速度为零，重力在沿半径方向上的分量都小于等于弹簧的弹力（在CD以下，轨道对小球一定有指向圆心的支持力），所以无论v0多大，小球均不会离开圆轨道。故A符合题意，B不符合题意。C小球在运动过程中只有重力做功，弹簧的弹

18、力和轨道的支持力不做功，机械能守恒，当运动到最高点速度为零，在最低点的速度最小，有，解得：所以只要，小球就能做完整的圆周运动，故C符合题意。D在最低点时，设小球受到的支持力为N，根据牛顿第二定律有：，解得：运动到最高点时受到轨道的支持力最小，设为N，设此时的速度为v，由机械能守恒有：，此时合外力提供向心力，有：，可得：。联立可得压力差为：N=6mg，与初速度无关。故D符合题意。10、AD【解析】A在02s时间内，小滑块与长木板相对静止，它们之间为静摩擦力，对小滑块有Ff=ma1a1在增大，所以静摩擦力Ff也在增大，A正确；BC长木板的加速度a在3s时突变，所以小滑块在3s时脱离长木板，对长木板

19、在3s时刻前、后的运动分析，由牛顿第二定律可得F3Ff3=m2a前=m2（2m/s2）F3=m2a后=m2（3m/s2）解得Ff3=m2（1m/s2）在02s时间内F=（m1+m2）a1=kt所以在23s时间内FFf3=m2a2所以由图线斜率可知解得m1=m2BC错误；D在2s时刻，小滑块与长木板的速度相同，在23s时间内小滑块的速度的变化量为v1=1m/s长木板的速度变化量为v2=1.5m/s所以3s时，长木板比小滑块的速度大0.5m/s，D正确。故选AD。【点睛】三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 3.0 1.0 电压表分流 小于

20、 【解析】由题中“利用如图甲所示的实验电路图测量两节干电池组成的电源的电动势和内阻”可知，本题考查电源电动势和内阻的测量，根据闭合电路欧姆定律和U-I图像可解答本题。【详解】（1）1根据表中数据可得下图（2）2 根据U-I图像，可得该电池组的电动势即为U轴交点即E=3.0V；3图像斜率表示，所以内阻；（3）4由于电路采用内接法，因此电压表分流是导致误差的主要原因；5因为采用内接法，所以电流表测量值比电源电流要小，因此电源内阻测量值偏小。12、mM B 木板的倾角过大 没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足 【解析】（1）1对盘及盘中砝码：mgFma；对小车：FMa联立可得：aFmg只有当mM时，才可认为Fmg.（2）2平衡摩擦力时，先去掉盘、盘中砝码和细线，只让小车在重力沿斜面方向的分力作用下向左运动，当小车能匀速运动时，重力沿斜面方向的分力和摩擦力平衡，A不正确；调好后，当再次改变小车质量时，无需再平衡摩擦力，B正确；实验时，要先接通打点计时器的电源，使打点计时器正常工作，再释放小车，C不正确；小车的加速度是通过处理纸带确定的，D不正确（3）12.由甲图可看出F0时，a0，说明木板的倾角过大，重力沿斜面方向的分力大于摩擦力由乙图可看出