2021-2022学年高一（下）期末物理模拟卷（常州市使用）（word版含答案）

1、试卷第 =page 6 6页，共 =sectionpages 6 6页试卷第 =page 1 1页，共 =sectionpages 3 3页高一（下）期末物理试题（常州市使用）一、单选题1下列物理量中，属于矢量的是A时间B功率C电势能D加速度2目前,在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转,其中一些卫星的轨道可近似为圆,且轨道半径逐渐变小若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中,只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用,则下列判断不正确的是()A由于地球引力做正功,引力势能一定减小B卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小C卫星的动能逐渐减小D气体阻力做负功,地球引力做正功,但机械能减小3关于对电流的理解，下

2、列说法中正确的是()A只有自由电子的定向移动才能形成电流B电流是一个矢量，其方向就是正电荷定向移动的方向C同一段电路中，相同时间内通过各不同横截面的电荷量不同D在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位“安培”是基本单位4下列说法中，正确的是（）A牛顿第一定律是在大量实验事实的基础上，通过进一步推理而概括总结出来的B牛顿第一定律是以伽利的理想实验为基础的，因此可用实验来直接验证C汽车刹车时，乘客的身子会向前倾倒，是因为汽车有惯性D只有做匀速直线运动的物体和静止的物体才有惯性5如图所示，A、B是平行板电容器的两个极板，分别带有等量异种电荷，A板带负电荷，B板接地若将A板向上平移到虚线位置，在A

3、、B两板中间的一 点P的电场强度E和电势的变化情况是（）AE 不变，变大BE 不变，不变CE 变大，不变DE 变小，变小6如图所示是两个电阻的I-U关系图线，图线1和2对应的导体电阻分别为R1和R2，下列结论中正确的是（）ABC将R1与R2串联后接于电源上，则电压比D将R1与R2并联后接于电源上，则电流比7如图所示，在光滑绝缘水平面上， A、B两小球质量分别为2m、m，带电量分别为+q、+2q某时刻 A有指向B的速度v0而B球速度为零，之后两球在运动中始终未相碰，当两小球从该时刻开始到第一次相距最近的过程中，下列判断不正确的是()A任意时刻A、B两小球的加速度大小之比均为1:2B两小球构成的系

4、统电势能增加CA球减少的机械能大于B球增加的机械能D电场力对A球做功的大小为82018年，在我国西昌卫星发射中心，由中国航天科技集团总负责研制的嫦娥四号中继星“鹊桥”搭乘长征四号丙运载火箭升空。卫星由火箭送入近地点约200公里、远地点约40万公里的地月转移轨道1。在远地点40万公里处点火加速，由椭圆轨道变成高度为40万公里的圆轨道2，在此圆轨道上飞船运行周期等于月球公转周期。下列判断错误的是（）A卫星在轨道1上Q点的速率大于在轨道2上P点的速率B卫星在轨道1的运行周期小于在轨道2的运行周期C卫星在轨道2上P点向心加速度大于轨道1上的P点的向心加速度D卫星在轨道2上运行的速率小于同步卫星绕地球运

5、行的速率9为了确定一个标有“3.8V，0.3A”的小灯泡的电阻，小明和小华两位同学分别采用了不同的方法：小明同学用多用电表的欧姆挡测量，测量结果R12；小华同学由计算可得其阻值R213。小明同学的操作过程无误，但R1和R2存在明显差异。对此，下列说法正确的是（）A小明同学的方法错误，因为测量时没有电流通过小灯泡B小华同学的方法错误，因为小灯泡的电阻不能用来计算C两位同学的方法都正确，因为小灯泡的工作状态不同导致电阻不同D两位同学的方法都正确，因为多用电表的欧姆挡的精确度不够10某电场的电场线如图所示，一带正电的点电荷仅在电场力的作用下从M点运动到N点。若其在电场中M、N两点运动的加速度大小分别

6、为和，所具有的动能分别为和，所具有的电势能分别为和，则下列说法中正确的是（）A，B，C，D，二、多选题11A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图所示.设A、B两点的电场强度分别为EA、EB，电势分别为A、B，则（）AEA=EBBEAEBCABDAB三、实验题12如图1所示，螺旋测微器的示数为_mm，如图2所示，游标卡尺的示数为_mm13用如图甲所示装置验证机械能守恒定律按要求安装好装置，正确操作得到如图乙所示的一条纸带，O点是起始点，A、B、C是使用电源频率户50Hz的电火花计时器连续所打的三个点重物质量

7、m=100 g，当地重力加速度g=9.8 m/s2回答下列问题：(1)B点与O点之间的距离是_ cm(2)从O点到B点，重物动能变化量Ek= _J（保留3位有效数字）(3)设从O点到A、B、C点的距离分别为hA、hB、hC，并测得读数则在误差允许范围内，将测得的物理量和已知的物理常量数值带入表达式_（选用测得的物理量和已知的物理常量符号表示），计算得到的结果与在(2)中计算得到的Ek相等，即验证了机械能守恒定律四、解答题14一探险队员在探险时遇到一山沟，山沟的一侧竖直，另一侧的坡面呈抛物线形状。此队员从山沟的竖直一侧，以速度v0沿水平方向跳向另一侧坡面。如图所示，以沟底的O点为原点建立坐标系O

8、xy。已知，山沟竖直一侧的高度为h，坡面的抛物线方程为y=，探险队员的质量为m。人视为质点，忽空气阻力，重力加速度为g。（1）求此人落到坡面时的动能；（2）此人水平跳出的速度为多大时，他落在坡面时的动能最小？动能的最小值为多少？15一个人用一根长，只能承受拉力的绳子，拴着一个质量为的小球，在竖直面内作圆周运动，已知转轴离地面高为，如图所示。（取）。（1）小球做圆周运动到最低点的速度达到多少时方能使小球到达最低点时绳子拉断；（2）若绳恰好在最低点被小球拉断，求小球落地点与抛出点的水平距离多大。16如图所示的电路中，两很大平行金属板A、B水平正对放置，两板间的距离d=2.0cm，电源的电动势E=1

9、5V，内阻为r=1，电阻R1=4，R2=10，闭合开关S一段时间后，电路稳定。（1）求电容器两端的电压U；（2）求金属板AB间的电场强度E；（3）此后若断开开关S，请判断是否有电流流过电阻R2，若有，说明电流方向。17如图所示，带有等量异种电荷的平行金属板M、N竖直放置，M、N两板间存在电场强度为E的匀强电场，距离d，现将一质量m、电荷量未知的带正电小球从两极板上方的A点以v0的初速度水平抛出，之后小球恰好从靠近M板上端处以速度方向（为速度方向与水平方向的夹角）沿直线运动碰到N板上的C点，该直线与曲线的末端相切，不计空气阻力，重力加速度为g。求：（1）带电小球的电荷量；（2）小球到达C点时的动

10、能。答案第 = page 9 9页，共 = sectionpages 9 9页答案第 = page 1 1页，共 = sectionpages 2 2页参考答案：1D【详解】A、B、C、时间、功率和电势能只有大小没有方向，是标量，故A、B、C错误D、加速度既有大小又有方向，是矢量，故D正确故选D本题要能抓住矢量与标量的区别：矢量有方向，标量没有方向，能正确区分物理量的矢标性2C【详解】A在卫星运动的过程中轨道半径逐渐减小故引力做正功，故引力势能减小，A正确；B卫星受阻力小于引力的大小，故卫星克服阻力做的功小于引力做的功， B正确；C根据动能定理，合外力做正功，动能增大， C错误；D气体阻力做负

11、功，地球引力做正功，根据功能关系可知，机械能减小，D正确。故选 C。3D【详解】A、自由电子带负电，它的定向移动可以形成电流，但正电荷的定向移动也能形成电流，故A错误；B、电流的方向就是正电荷定向运动的方向，但电流运算时遵守的代数加减法则，所以电流不是矢量，是标量，故B错误；C、根据知，同一段电路，电流相等，则相同时间内通过不同截面处的电量相等，故C错误；D、在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位“安培”是基本单位，故D正确；故选D电流是电荷的定向移动形成的，电流的方向与正电荷定向移动的方向相同，与负电荷定向移动的方向相反；在国际单位制中，电流是基本物理量，单位安培（A）是基本单位，电流

12、是标量4A【详解】A牛顿第一定律是在大量实验事实的基础上，忽次要因素，抓住主要因素，通过进一步推理而概括总结出来的。A正确；B牛顿第一定律是以伽利的理想实验为基础的，由于实际实验不能满足实验条件，所以不能用实验来直接验证，B错误；C汽车刹车时，乘客的身子会向前倾倒，是因为乘客有惯性。C错误；D任何运动状态的物体都有惯性。D错误。故选A。5B由题知，电容器所带电量不变，根据、E=U/d结合分析E的变化由U=Ed分析P点与下板间电势差的变化，分析P点的电势如何变化【详解】据题，电容器所带电量Q不变根据、得，则知电场强度E不变P与下板间的距离不变，E不变，则由U=Ed分析P点与下板间电势差不变，下板

13、电势为零，所以不变故B正确故选B本题是电容器动态变化分析问题，关键要掌握、，也可以根据推论可知E不变6C【详解】AB根据电阻的定义式，有图像可知，当电流都为1A时，电阻之比为所以AB选项均错误；C根据公式，当两段导体串联电路中电流相等时，他们之间的电压之比为所以C选项正确，D根据公式，当两段导体并联电路中电压相等时，他们之间的电流之比为所以D选项错误。故选C。7D【详解】A.A、B两球所受的合力为它们之间的作用力与反作用力，小球所受合力F大小相等，根据牛顿第二定律，故两球的加速度之比：，故A不符合题意；B.两球组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，从A开始运动到两球距离最近过程，两球间的距离

14、减小，电场力（库仑力）做负功，系统电势能增加，故B不符合题意；C.由上可知，系统的电势能增加根据能量守恒定律，A的部分机械能转化为系统电势能，故A球减少的机械能大于B球增加的机械能，故C不符合题意；D.两球距离最近时，两球速度相等，由动量守恒定律得：，解得：，由动能定理可知，电场力对A做功大小，故D符合题意.故选D。8C【详解】A在轨道1近地点Q的速率大于该点处匀速圆周运动轨道的速率，而相同圆轨道，半径大的速率小，所以卫星在轨道1近地点Q的速率大于轨道2上P点的速率，A说法正确，不满足题意要求；B由开普勒第三定律得轨道1的半长轴小于轨道2的半径，故卫星在轨道1的运行周期小于在轨道2的运行周期，

15、B说法正确，不满足题意要求；C卫星在轨道运动时只受到地球的万有引力，根据牛顿第二定律解得由于、都相等，且两轨道在P点受到的万有引力都与该位置的速度方向垂直，故卫星在轨道2上P点向心加速度等于轨道1上的P点的向心加速度，C说法错误，满足题意要求；D圆轨道2距离地表40万公里，同步卫星轨道距离地表约36万公里，可知圆轨道2的半径大于同步卫星的轨迹半径，根据万有引力提供向心力解得可知卫星在轨道2上运行的速率小于同步卫星绕地球运行的速率，D说法正确，不满足题意要求。故选C。9C【详解】由题意可知，小明同学用多用电表的欧姆档测量，此时为冷态电阻，阻值较小；而小华同学采用伏安法进行测量，此时电阻中有电流，

16、灯泡的电阻较大，所以导致电阻测量值差异较大，但两人的方法均是正确的。故选C。10D【详解】由电场线的疏密反映电场强度的大小知因为所以电场中、两点运动的加速度大小满足从到电场力做正功，根据动能定理知动能增大，所以电势能减小故选D。11AD【详解】AB由速度图象看出，电子做匀加速直线运动，加速度不变，由牛顿第二定律分析得知，电子所受电场力不变，则电场强度也保持不变，即有EA=EB故A正确，B错误；CD从A运动到B电子做匀加速直线运动，说明电子所受电场力方向由A指向B，电场强度方向由B指向A，则B的电势高于A的电势，即有AB故C错误，D正确。故选AD。12 6.125mm 10.50mm【详解】螺旋

17、测微器的固定刻度为6mm，可动刻度为12.30.01mm=0.123mm，所以最终读数为6mm+0.123mm=6.123mm，由于需要估读，最后的结果可以在6.1226.125之间游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为100.05mm=0.50mm，所以最终读数为：10mm+0.50mm=10.50mm13 12.50 0.120 mghB【详解】（1）通过刻度尺可读出B点与O点之间的距离是12.50cm，读数时要注意读到最小分度值的下一位，即需要估读一位（2）根据纸带可求出，所以动能的该变量：（3）根据机械能守恒定律，即重力势能减小量等于动能增加量，物体机械能守恒，所以表达式是重力势能减小量：14（1）；（2），【详解】(1)设探险队员跳到坡面的水平位移为x，竖直位移为H，由位移公式可得由动能定理可得由几何关系可得坡面的抛物线方程为y=联立可解得(2)将(1)中的结论改写为当满足时，即落在坡面时的动能最小，代入数据可得，动能的最小值为15（1）；（2）【详解】（1）设小球经过最低点的速度为时，绳子刚好被拉断，则由牛顿第二定律得解得（2）小球脱离绳子的束缚后，将做平抛运动