福建省福州四中2022-2023学年高三物理第一学期期中调研模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，人造卫星M、N在同一平面内绕地心O做匀速圆周运动，已知M、N连线与M、O连线间的夹角最大为，则M、

2、N的运动速度大小之比等于（）AB CD 2、中国航天科工集团虹云工程，将在2023年前共发射156颗卫星组成的天基互联网，建成后WiFi信号覆盖全球。假设这些卫星中有一颗卫星绕地球做匀速圆周运动的周期为，（T0为地球的自转周期），已知地球的第一宇宙速度为v，地球表面的重力加速度为g，则该卫星绕地球做匀速圆周轨道半径为（）ABCD3、天然放射现象中可产生、三种射线。下列说法正确的是（）A射线是高速的质子流B92238U经过一次衰变，变为90234ThC射线的穿透能力比射线的穿透能力强D放射性元素的半衰期随温度升高而减小4、用不同频率的紫外线分别照射钨和锌的表面而产生光电效应,可得到光电子的最大初

3、动能Ek随入射光频率变化的Ek-图像,已知钨的逸出功是3.28 eV,锌的逸出功是3.34 eV,若将二者的图线画在同一个Ek-坐标系中,图中用实线表示钨,虚线表示锌,则正确反映这一过程的是()ABCD5、一物体受绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改做匀速运动，再改做减速运动，则下列说法中正确的是()A加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力B减速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力C只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等D不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等6、美国的NBA篮球赛非常精彩，吸引了众多观众。经常能看到这样的场面：在终场前0.1s的时候

4、，运动员把球投出且准确命中，获得比赛的最后胜利。已知球的质量为m，运动员将篮球投出，球出手时的高度为h1、动能为Ek、篮筐距地面高度为h2。不计空气阻力。则篮球进筐时的动能为AEk+mgh1-mgh2BEk+mgh2-mgh1Cmgh1+mgh2-EkDmgh2-mgh1-Ek二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在光滑水平面上，动能为E0、动量的大小为p0的小钢球1与静止小钢球1发生碰撞，碰撞前后球1的运动方向相反将碰撞后球1的动能和动量的大小分别记为E1、p1，球1

5、的动能和动量的大小分别记为E1、p1则必有( )AE1E0Bp1p0CE1E0Dp1p08、如图所示，可以看作质点的小球从末端水平的圆弧轨道上最高点由静止开始沿轨道下滑，并沿水平方向抛出，小球抛出后落在斜面上已知轨道高度为h，斜面的倾角为=30，斜面上端与小球抛出点在同一水平面上，下端与抛出点在同一竖直线上，斜面长度为3h，斜面上M、N两点将斜面长度等分为三段空气阻力不计，重力加速度为g若小球落在斜面上M点，则（ ）A小球在空中飞行时间为B小球抛出的速度为C小球从轨道上最高点释放到落在斜面上M点的过程中重力做功为mghD小球从轨道上最高点释放到落到斜面上M点的过程中克服摩擦力做的功为9、质量分

6、别为2kg和3kg的物块A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今对物块A、B分别施以方向相反的水平力F1、F2，且F120 N、 F210 N，则下列说法正确的是 ( )A弹簧的弹力大小为16NB如果只有F1作用，则弹簧的弹力大小变为12NC若把弹簧换成轻质绳，则绳对物体的拉力大小为零D若F110 N、 F220 N，则弹簧的弹力大小不变10、质量为m的物体由静止开始下落，在空气阻力的影响下物体下落的加速度为g，在物体下落高度为h的过程中，下列说法正确的是A物体的动能增加了mghB物体的机械能减少了mghC物体克服阻力所做的功为mghD物体的重力势能减少了mgh三、实验题：本题共2

7、小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）小明对2B铅笔芯的导电性能感兴趣，于是用伏安法测量其电阻值：（1）图1是部分连接好的实物电路图，请用电流表外接法完成接线并在图1中画出_；（2）小明用电流表内接法和外接法分别测量了一段2B铅笔芯的伏安特性，并将得到的电流、电压数据描到UI图上，如图2所示在图中，由电流表外接法得到的数据点是用_（填“”或“”）表示的；（3）请你选择一组数据点，在图2上用作图法作图，并求出这段铅笔芯的电阻为_。12（12分）在实验室里为了验证动量守恒定律，一般采用如图甲、乙两种装置：若入射小球质量为，半径为；被碰小球质量为，半径为，则

8、要求_A.B.C. D.设入射小球的质量为，被碰小球的质量为，则在用甲装置实验时，验证动量守恒定律的公式为_用装置图中的字母表示若采用乙装置进行实验，以下所提供的测量工具中必须有的是_A.毫米刻度尺游标卡尺天平弹簧秤秒表在实验装置乙中，若小球和斜槽轨道非常光滑，则可以利用一个小球验证小球在斜槽上下滑过程中的机械能守恒。这时需要测量的物理量有：小球静止释放的初位置到斜槽末端的高度差，小球从斜槽末端水平飞出后平抛运动到地面的水平位移s、竖直下落高度则所需验证的关系式为_。不计空气阻力，用题中的字母符号表示四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方

9、程式和演算步骤。13（10分）一轻弹簧的下端固定在水平面上，上端连接质量为m的木板处于静止状态，此时弹簧的压缩量为，如图所示一物块从木板正上方距离为的A处自由落下，打在木板上并与木板一起向下运动，但不粘连，它们到达最低点后又向上运动若物块质量也为m时，它们恰能回到O点；若物块质量为时，它们到达最低点后又向上运动，在通过O点时它们仍然具有向上的速度，求：质量为m时物块与木板碰撞后的速度；质量为2m时物块向上运动到O的速度14（16分）在水平地面上有一质量为2kg的物体，在水平拉力F的作用下由静止开始运动，10s后拉力大小减为零，该物体的运动速度随时间t的变化规律如图所示(g取10m/s2)求：(

10、1)前10s内物体的加速度和位移大小(2)物体与地面之间的动摩擦因数(3)物体受到的拉力F的大小15（12分）如图所示，倾角为a的斜面底端固定挡板P，质量为m的小物块A与质量不计的木板B叠放在斜面上，A位于B的最上端且与P相距L已知A与B、B与斜面间的动摩擦因数分别为1、2，且1tan2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A与挡板相撞没有机械能损失木板B与挡板相碰后速度瞬间变为零且不与挡板P粘连将A、B同时由静止释放，求：（1）A、B释放时，物块A的加速度大小；（2）若A与挡板不相碰，木板的最小长度l0；（3）若木板长度为l，整个过程中木板运动的总路程参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分

11、，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】当M和N的连线与地球和N的连线垂直时，M、N连线与M、O连线间的夹角最大值为，此时有：sin=；根据公式： 可得：，故：，故ABD错误，C正确，故选C点睛：此题关键是理解何时“M、N连线与M、O连线间的夹角最大”，根据几何关系确定两星做圆周运动的半径关系即可解答.2、D【解析】绕地球表面旋转的卫星对应的速度是第一宇宙速度，此时重力提供向心力，设卫星的质量为m，即得出 而卫星在高空中旋转时，万有引力提供向心力，设地球的质量为M，此高度的速度大小为v1，则有其中GM=R2g解得：该卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径 A.

12、 与分析不符，故A项错误；B. 与分析不符，故B项错误；C. 与分析不符，故C项错误；D. 与分析相符，故D项正确。3、B【解析】A、射线的实质是衰变中产生的电子，故A错误；B、衰变过程中，一个原子核释放一个粒子（由两个中子和两个质子形成的氦原子核），并且转变成一个质量数减少4，核电荷数减少2的新原子核。所以92238U经过一次衰变，变为90234Th,故B正确；C、三种射线分别是氦核、电子、电磁波，三种射线的穿透能力逐渐增强，所以射线的穿透能力比射线穿透能力弱，故C错误；D、半衰期是由原子核内部性质决定的，与温度无关，所以升高放射性物质的温度，不能缩短其半衰期。故D错误；故选：B。点睛：要了

13、解三种射线的本质及特性，并利用好特性解题。4、A【解析】由光电效应方程可知直线的斜率表示普朗克常量，所以两条直线平行，CD错；直线与横坐标的交点为金属的极限频率，根据两种材料的溢出功可知A对；5、D【解析】不管物体做减速运动、匀速运动还是加速运动，绳拉物体的力和物体拉绳的力是一对作用力和反作用力，作用力和反作用力总是大小相等，与物体运动状态无关A. 加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力，与结论不符，选项A错误；B. 减速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力，与结论不符，选项B错误；C. 只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等，与结论不符，选项C错误；D. 不管物体如何前进，绳

14、拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等，与结论相符，选项D正确；6、A【解析】篮球机械能守恒，有mgh1+Ek=mgh2+Ek2，解得Ek2=Ek+mgh1-mgh2，A正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】根据碰撞过程中总动能不增加，必有 E1E2，E1E2，根据可知，P1P2否则就违反了能量守恒定律。故AB正确，C错误；根据动量守恒定律得：P2=P1-P1，得到P1=P2+P1，可见，P1P2故D正确。故选ABD.8、BD【解析】根据几何知识，小球做平

15、抛运动的竖直分位移为：则时间：，故选项A错误；B、根据几何知识，小球做平抛运动的水平分位移为：则：，故选项B正确；C、根据重力做功的特点：，故选项C错误；D、在圆弧轨道运动的过程中，根据动能定理：，则：，故选项D正确点睛：本题主要考查了平抛运动的基本公式及动能定理得直接应用，关键要运用数学知识得到平抛运动水平位移应满足的条件9、AB【解析】两物体一起向左做匀加速直线运动，对两个物体整体由牛顿第二定律有:F1-F2=（mA+mB）a再对物体A受力分析，运用牛顿第二定律，得到：F1-F=mAa联立两式解得：F=16N故A正确如果只有F1作用，整体向左匀加速运动，则有：对B研究得：弹簧的弹力大小为F

16、=mBa=mBF1mA+mB=3202+3N=12N，故B正确若把弹簧换成轻质绳，同理根据牛顿第二定律列式得到绳对物体的拉力大小也是16N，故C错误若F1=10N、F2=20N，则F1-F2=（mA+mB）a；再对物体B受力分析，运用牛顿第二定律，得到：F2-F=mBa，联立解得：F=14N故D错误故选AB.10、ABD【解析】A、物体所受的合力F合=ma=mg，根据动能定理，合力做功等于动能的变化量，则动能增加量为mgh，故A正确B、由牛顿第二定律可知，物体下落过程中空气阻力为Ff=mg，物体克服空气阻力做的功为mgh，所以物体的机械能减少了mgh，故B正确，C错误D、重力做功mgh，所以重

17、力势能减小mgh，故D正确故选：A、B、D三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 用“”连线求得电阻约为1.11.3；用“”连线求得电阻约为1.51.7 【解析】（1）1实物电路如图：（2）2因用电流表的外接法，电压的测量值偏小，同一电流值，电压值较小，由图知得到的数据点是用“”表示的；（3）3电流表的外接法测量数据为用“”表示的，可求其连线直线的斜率约为1.11.3；用“”连线求得电阻约为1.51.7。12、C； ； AC； ； 【解析】（1）为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量。为了使两球

18、发生正碰，两小球的半径相同；（2）（3）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度。将需要验证的关系速度用水平位移替代。根据表达式确定需要测量的物理量。（4）验证小球在斜槽上下滑过程中的机械能守恒，即验证在斜槽滑下动能的增加量与重力势能的减小量是否相等。【详解】（1）在小球碰撞的过程中水平方向动量守恒，则：在碰撞过程中机械能守恒，则：则碰后，入射小球的速度变为要碰后入射小球的速度为：则只要保证即可，故选C。（2）（3）P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前

19、入射小球的速度为：碰后入射小球的速度为：碰后被碰小球的速度为：根据动量守恒：，由于平抛运动的时间相等，可得；故需要的工具有刻度尺天平。（4）根据平抛运动的规律有：，解得平抛运动的初速度为则动能的增加量为：重力势能的减小量为：则需验证：即为：。【点睛】本题考查验动量守恒定律的实验，要注意本实验中运用等效思维方法，平抛时间相等，用水平位移代替初速度，这样将不便验证的方程变成容易验证；在学习中要注意理解该方法的准确应用。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、；【解析】设物块与木板碰撞时，物块的速度为，由能量守恒得到：解得：

20、设物块与木板碰撞后一起开始向下运动的速度为，因碰撞时间极短，动量守恒：，解得：设质量为时物块与木板刚碰撞时弹簧的弹性势能为，当它们一起回到O点时，弹簧弹性势能为零，且此时物块与木板速度恰好都为零，以木板初始位置为重力势能零点，由机械能守恒得到：设表示质量为时物块与木板碰撞后一起开始向下运动的速度，由动量守恒得到：此后物块与木板碰撞后向上运动通过O点时，木板和物块具有相同的速度，由机械能守恒得到：联立可以得到：【点睛】物体的碰撞瞬间，我们应该考虑到动量守恒定律；对于简谐运动，我们要运用该运动的特殊位置物理量的特点以及对称性；动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量，特别是可以去求变力功14、（1）18 m/s2；41米 （2）12 （3）26牛【解析】试题分析：（1）前11s内物体的加速度a1=vt=810=0.8m/s2前11s内物体的位移大小x1=12108m=40m（2）撤去外力后的加速度a2=vt=814-10=2m/s2根据牛顿定律a2=mgm=g解得=12（3）有拉力作用时，根据牛顿定律：F-m