眉山市重点中学2022-2023学年物理高三上期中调研试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最底端向上滑动时A电源的效率变小.B经过R2的电流变大C电容器所带的电荷量变大D电阻R3消耗的功率变大2、如图所示，一只小鸟沿着较粗且均匀的树枝从右向左缓慢爬行，在小鸟从A运动到B的过程中A树枝对小鸟的作用力先减小后增大B树枝对小鸟的摩擦力先增大后减小C树枝对小鸟的弹力先增大后减小D树枝对小鸟的弹力保持不变3、如图所示，在光滑水平面上有一轻质弹簧左端固定，右端与一质量为m的小球相连，构成一个水平弹簧振子，弹簧处于原长时小球位于O点现使小球以O点为平衡位置，在A、B两点间沿光滑水平面做简谐运动

3、，关于这个弹簧振子做简谐运动的过程，下列说法中错误的是（ ）A小球从O位置向B位置运动过程中做减速运动B小球每次通过同一位置时的加速度一定相同C小球从A位置向B位置运动过程中，弹簧振子所具有的势能持续增加D小球在A位置弹簧振子所具有的势能与在B位置弹簧振子所具有的势能相等4、在讨论地球潮汐成因时，地球绕太阳运行轨道与月球绕地球运行轨道可视为圆轨道。已知太阳质量约为月球质量的倍，地球绕太阳运行的轨道半径约为月球绕地球运行的轨道半径的400倍。关于太阳和月球对地球上相同质量海水的引力，以下说法正确的是（ ）A太阳引力与月球引力相差不大B太阳引力比月球引力的大100倍以上C月球对不同区域海水的吸引力

4、大小相等D地球潮汐成因与月球对不同区域海水的吸引力无关5、关于速度和加速度下列说法中正确的是（ ）A物体的速度变化快，则加速度一定大B物体的速度变化大，则加速度一定大C物体的速度大，则加速度一定大D物体的速度为零，则加速度一定为零6、如图所示为甲乙两物体做直线运动的x-t图像，对于0t1时间内两物体的运动，下列说法中正确的是A甲物体速度方向与加速度方向相同B乙物体加速度方向与速度方向相反C甲物体的平均速度大于乙物体的平均速度D乙物体位移变小，速度变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有

5、选错的得0分。7、如图所示，小球从A点以初速度V0沿粗糙斜面向上运动，到达最高点B后返回A，C为AB的中点下列说法中正确的是（） A小球从A出发到返回A的过程中，位移为零，外力做功为零B小球从A到C过程与从C到B过程，速度的变化量相等C小球从A到C过程与从C到B过程，减少的动能相等D小球从A到C过程与从C到B过程，损失的机械能相等8、如图所示的电路中，电源电动势E=6 V，其内阻可忽略不计，电阻的阻值分别为R1=2.4 k、R2=4.8 k。闭合开关S，待电流稳定后，用电压表测R1两端的电压，其稳定值为1.5 V。则下列说法正确的是（ ）A该电压表的内阻为4.8 kB电压表接入时，电流表有向右

6、的电流C由于电压表接入，电容器的带电量减小D断开电键，电流表瞬间有向右的电流9、如图所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为m的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接，弹簧的另一端连接在墙上，且处于原长状态，现让圆环由静止开始下滑，已知弹簧原长为L，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L（未超过弹性限度），则在圆环下滑到最大距离的过程中（ ）A圆环的机械能守恒B弹簧弹性势能变化了C圆环下滑到最大距离时，所受合力不为零D圆环重力势能与弹簧弹性势能之和先增大后减小10、质量为m的子弹，以水平速度v0射入静止在光滑水平面上质量为M的木块，并留在其中。在子弹进入木块的过程中，下列说法正确的是（）A子弹动

7、能减少量等于木块动能增加量B子弹动量减少量等于木块动量增加量C子弹动能减少量等于子弹和木块内能增加量D子弹对木块的冲量大小等于木块对子弹的冲量大小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学为探究“合力做功与物体动能改变的关系”设计了如下实验，他的操作步骤：(1)按图摆好实验装置，其中小车质量M0.20 kg，钩码总质量m0.05 kg. (2)释放小车，然后接通打点计时器的电源(电源频率为f50 Hz)，打出一条纸带 (3)他在多次重复实验得到的纸带中取出自认为满意的一条，如图所示把打下的第一点记作0，然后依次取若干个计数点，相邻

8、计数点间还有4个点未画出，用厘米刻度尺测得各计数点到0点距离分别为d10.041m，d20.055m，d30.167m，d40.256m，d50.360m，d60.480m，他把钩码重力(当地重力加速度g10 m/s2)作为小车所受合力，算出打下0点到打下第5点合力做功W_J(结果保留三位有效数字)，用正确的公式Ek_(用相关数据前字母列式)把打下第5点时小车的动能作为小车动能的改变量，算得Ek0.125 J. (4)此次实验探究的结果，他没能得到“合力对物体做的功等于物体动能的增量”，且误差很大通过反思，他认为产生误差的原因如下，其中正确的是_（双项选择题）A钩码质量太大，使得合力对物体做功

9、的测量值比真实值偏大太多B没有平衡摩擦力，使得合力对物体做功的测量值比真实值偏大太多C释放小车和接通电源的次序有误，使得动能增量的测量值比真实值偏小D没有使用最小刻度为毫米的刻度尺测距离也是产生此误差的重要原因12（12分）某同学用如图2所示的实验装置研究小车在斜面上的运动实验步骤如下：a安装好实验器材b、接通电源后，让拖着纸带的小车沿平板斜面向下运动，重复几次选出一条点迹比较清晰的纸带，舍去开始密集的点迹，从便于测量的点开始，每两个打点间隔取一个计数点，如图3中0、1、21点所示c、测量1、2、31计数点到0计数点的距离，分别记作：s1、s 2、s 3s 1d、通过测量和计算，该同学判断出小

10、车沿平板做匀速直线运动e、分别计算出s1、s 2、s 3s 1与对应时间的比值、f、以为纵坐标、t为横坐标，标出与对应时间t的坐标点，划出图线结合上述实验步骤，请你完成下列任务：实验中，除打点及时器（含纸带、复写纸）、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在厦门的仪器和器材中，必须使用的有_和_（填选项代号）A、电压合适的50Hz交流电源 B、电压可调的直流电源 C、刻度尺 D、秒表 E、天平 F、重锤将最小刻度为1mm的刻度尺的0刻线与0计数点对齐，0、1、2、5计数点所在位置如图4所示，则s2=_cm，s5=_cm该同学在图5中已标出1、3、4、1计数点对应的坐标，请你在该图中标出与2、5两个

11、计数点对应的坐标点，并画出图线_根据图线判断，在打0计数点时，小车的速度v0=_m/s；它在斜面上运动的加速度a=_m/s2四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一物块在一个水平拉力作用下沿粗糙水平面运动，其vt图象如图甲所示，水平拉力的Pt图象如图乙所示，g10 m/s2，求： （1）物块与水平面间的动摩擦因数； （2）物块运动全过程水平拉力所做的功W；（3）物块在02s内所受的水平拉力大小F14（16分）汽车A在水平冰雪路面上行驶。驾驶员发现其正前方停有汽车B，立即采取制动措施，但仍然撞上了汽车B。两车碰

12、撞时和两车都完全停止后的位置如图所示，碰撞后B车向前滑动了，A车向前滑动了。已知A和B的质量分别为和。两车与该冰雪路面间的动摩擦因数均为0.10，两车碰撞时间极短，在碰撞后车轮均没有滚动，重力加速度大小，求(1)碰撞后的瞬间B车速度的大小；(2)碰撞前的瞬间A车速度的大小。15（12分）如图所示，质量M=2.0kg的长木板静止在光滑水平面上，在长木板的右端放一质量m=1.0kg的小滑块（可视为质点），小滑块与长木板之间的动摩擦因数=0.20.现用水平恒力F=8.0N向右拉长木板，使小滑块与长木板发生相对滑动，经过t=1.0s撤去拉力F.小滑块在运动过程中始终没有从长木板上掉下.求：（1）撤去力

13、F时小滑块和长木板的速度各为多少（2）运动中小滑块距长木板右端的最大距离是多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A电源效率知滑动变阻器的滑动触头P从最底端向上滑动时，电阻增大，外电阻增大，故电源效率增大，故A错误；B滑动变阻器的滑动触头P从最底端向上滑动时，总电阻增大，根据欧姆定律知总电流减小，内电压减小，电阻R1电压增大，流过电阻R1的电流增大，则经过R2的电流变小，故B错误；C根据知，干路电流I减小，路端电压增大，并联电路的电压增大，电容器两端电压增大，Q=CU增大，故C正确；D电阻R3处于干路，

14、经过的电流变小，根据P=I2R3知电阻R3消耗的功率变小，故D错误。故选C。2、C【解析】树枝对小鸟的作用力与小鸟的重力等值反向，所以树枝对小鸟的作用力大小不变，故A错误；小鸟所受的摩擦力，从A到B的过程中，先减小后增大，则摩擦力先减小后增大，故B错误；小鸟所受的弹力，从A到B的过程中，先减小后增大，则弹力先增大后减小，故C正确，D错误【点睛】小鸟缓慢爬行，合力为零，受重力、支持力和静摩擦力处于平衡，根据平衡得出摩擦力的变化和弹力的变化；解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意小鸟所受的摩擦力为静摩擦力3、D【解析】小球在O点弹簧弹性势能是0，所以小球的动能最大，小球从O

15、位位置向B位置运动过程中受到弹簧的向左的拉力，与小球速度的方向相反，所以小球做减速运动故A正确；小球每次通过同一位置时的回复力，F=-kx都是相等的，所以加速度一定相同，故B正确；小球从A位置向O位置运动过程中，速度增大，所以动能逐渐增大，弹簧振子所具有的势能逐渐减小，从O位置向B位置运动过程中，速度减小，所以动能逐渐减小，弹簧振子所具有的势能逐渐增大，故C错误；小球在运动的过程中，动能与弹性势能相互转化由于小球在A点与在B点的速度都是0，所以小球在A位置弹簧振子所具有的势能与在B位置弹簧振子所具有的势能相等，故D正确；4、B【解析】A、B由万有引力定律， ，即 所以太阳引力比月球引力的大10

16、0倍以上，故A项错误，B正确；C、由于月球到不同区域海水的距离不同，所以引力大小有差异，故C项错误。D、由于月球到不同区域海水的距离不同，所以产生的引力大小也不同，而地球潮汐成因是因为月球对不同区域海水的吸引力不同造成；故D错误;综上所述本题答案是：B5、A【解析】A.物体的速度变化快，则加速度一定大，速度变化快慢就是加速度，所以A正确；B.物体的速度变化大，其加速度不一定大，还要看时间，所以B错误；C.物体的加速度大，说明速度变化快，但速度不一定大，所以C错误；D.速度为零，则速度可以变化，则加速度不一定为零，所以D错误；故选A；6、B【解析】x-t图像的斜率等于速度，可知甲物体速度逐渐减小

17、，做减速运动，加速度方向与速度方向相反，选项A错误；由图像可知乙物体速度逐渐减小，做减速运动，加速度方向与速度方向相反，选项B正确；由图像可知，两物体在时间t1内的位移大小相同，则平均速度大小相同，选项C错误；乙物体位移变小，速度变小，选项D错误；故选B.点睛：本题要抓住位移图象与速度图象物理意义的区别，从斜率、面积等数学意义进行识别和理解，特别注意不能把x-t图象当成v-t图象处理二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】要求动能的减少量可以根据动能定理求合外

18、力对物体所做的功；要求速度的变化量可以根据公式v=at来求，而机械能的变化等于除重力和弹簧弹力以外的其他力所做的功；【详解】A、位移是从初位置指向末位置的有向线段，故小球从A出发到返回A，位移为0，但整个过程中摩擦力的方向与小球运动的方向始终相反，故整个过程中摩擦力对物体做负功，即外力做功不为零，故选项A错误；B、故AC段的平均速度vAC=vA+vC2，CB段的平均速度vCB=vc+vB2由于vAvCvB，故vACvCB，由于sAC=sCB，而且s=vt，可知tACtCB根据v=at可知：vACvCB故B错误；C、设A到C的高度和从C到B的高度为h，AC的距离为s，斜面的倾角为，则从A到C或从

19、C到B，根据动能定理：-mgh-mgscos=EK可知小球从A到C过程中与从C到B过程合外力对物体做的功相同，故小球减少的动能相等，故C正确；D、根据功能关系可知：除重力和弹簧弹力以外的力做功等于机械能的变化，则根据-mgscos=E可得小球从A到C过程与从C到B过程，损失的机械能相等，故D正确。【点睛】解决本题的关键灵活运用运动学公式、动能定理以及功能关系，注意方法的运用，本题目综合性很强，考查的知识点很多，在平时学习过程中加强训练。8、AB【解析】A令电压表的内阻为RV，测得R1两端的电压为U1，R1与RV并联后的总电阻为R。电路稳定时，电阻R1与电压表电阻RV分得电压为 U1=1.5V，

20、可得电阻R2分得电压为： U2=E-U1=6.0-1.5=4.5V根据串联电压分压规律可得：即，解得：RV=4.8k故A正确。BC电压表的接入，总电阻减小，干路电流增大，电容器两端电压增大，电容器充电，左极板为正极板，则电流表有向右的电流。故B正确，C错误。D断开电键，电容器放电，电流表瞬间有向左的电流。故D错误。9、BC【解析】A、圆环沿杆滑下过程中，弹簧的拉力对圆环做功，圆环的机械能不守恒，故A错误.B、图中弹簧水平时恰好处于原长状态，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L，可得圆环下降的高度为h=L，根据系统的机械能守恒得：弹簧的弹性势能增大量为：EP=mgh=mgL，故B正确.C、当圆

21、环所受合力为零时，速度最大，此后圆环继续向下运动，则弹簧的弹力增大，圆环下滑到最大距离时，所受合力不为零，故C正确；D、根据圆环与弹簧组成的系统机械能守恒，即圆环的重力势能与圆环的动能还有弹簧弹性势能三种能量总和守恒.在圆环下滑到最大距离的过程中，圆环的速度是先增大后减少，圆环的动能也是先增大后减少，那么圆环重力势能与弹簧弹性势能之和就应先减少后增大，故D错误故选B、C【点睛】对物理过程进行受力、运动、做功分析，是解决问题的根本方法要注意圆环的机械能不守恒，圆环与弹簧组成的系统机械能才守恒.10、BD【解析】AC子弹克服阻力做的功一部分是转化为内能，一部分给了木块，故机械能不守恒，子弹动能减少

22、量等于子弹和木块内能增加量以及木块增加的动能之和，故AC错误；B水平面光滑，则系统在水平方向的动量守恒，由动量守恒定律可知，子弹动量减少量等于木块动量增加量，故B正确；D由于系统在水平方向的动量守恒，所以子弹对木块的冲量大小等于木块对子弹的冲量，故D正确。故选BD。【点睛】子弹和木块所受水平作用力大小相等，但二者的位移大小不同，根据动能定理，子弹克服阻力做功等于系统产生的内能和木块的动能，系统机械能不守恒。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.180 AB 【解析】（1）根据题意物体所受合外力为：F=mg=0.0510=0.50N，根

23、据功的定义可知：W=Fs=mgh=0.180J；根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度可以求出第5个点的速度大小为： （其中t=5T=）动能公式为：（2）A设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：对小车：F=Ma ; 对钩码有：mg-F=ma解得：，由此可知当Mm时，钩码的重力等于绳子的拉力，因此当钩码质量太大时，会造成较大误差，故A正确；实验中要进行平衡摩擦力操作，若没有平衡摩擦力直接将钩码重力做的功当做小车合外力做的功，会造成较大误差，故B正确；释放小车和接通电源得次序有误是偶然误差，不是该实验得主要误差，距离的测量产生的误差是偶然误差，不是该实验产生的主要误差，

24、故D错误故选AB12、A C 2.98(2.972.99) 13.20(13.1913.21) 0.19 4.70 【解析】1打点计时器由交流电工作，则必须使用的电压合适的50Hz交流电源，故选A2纸带处理需要量出位移，需要用到刻度尺，故选C毫米刻度尺的最小刻度为1mm，需估读到1mm的下一位3根据读数规则可读得：s2=2.98cm(2.972.99)4根据读数规则可读得：s5=13.20cm(13.1913.21)5描出2、5两个点，用平滑的直线连接各点，如图所示：1根据图线与纵轴的交点，得出在打0计数点时，小车的速度v0=0.19m/s7由于表示中间时刻速度，所以图线的时间扩大为原来的两倍，根据图线的斜率求出它在斜面上运动的加速度a=4.70m/s2四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.1（2）24J（3）3.0N【解析】（1）由甲乙两图比较可知，在第5s-9s内，物块做匀减速运动加