2023届江苏省扬州市邗江区瓜洲中学物理高三上期中考试试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在物理学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）A伽利略利用“理想斜面”得出“力是维持物体运动的原因”的观点B牛顿提出了行星运动的三大定律C英国物理

2、学家卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了万有引力常量D开普勒从理论和实验两个角度，证明了轻、重物体下落一样快，从而推翻了古希腊学者亚里士多德的“小球质量越大下落越快”的错误观点2、如图所示，正在考试中的小明，胳膊不小心把课桌边缘的橡皮碰到，橡皮竖直下落，落地的瞬时速度最接近（ ）A2m/sB4m/sC6m/sD8m/s3、将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v-t图象如图所示以下判断正确的是A前3s内货物处于失重状态B前3s内与最后2s内货物的平均速度相同C最后2s内货物只受重力作用D第3s末至第5s末的过程中，货物的机械能守恒4、一同学从楼的窗口处，两只手一高

3、一低同时释放两个铁球，忽略空气的影响，则两球在落地 前的运动情况，下列叙述正确的是（ ）A下落过程中两球间的距离逐渐增大B下落过程中两球间的距离保持不变C下落过程中两球间的距离逐渐减小D两球落地时的速度相等5、一个重为G的均质光滑小球，放在倾角的斜面及挡板间当挡板垂直斜面（如图甲）和竖直（如图乙）时，小球对挡板的压力分别为和，则为（ ）A1BCD6、如图所示，A、B两球分别套在两光滑无限长的水平直杆上，两球通过一轻绳绕过一定滑轮（轴心固定不动）相连，某时刻连接两球的轻绳与水平方向的夹角分别为、，A球向左的速度为v，下列说法正确的是A此时B球的速度为B此时B球的速度为C当增大到等于时，B球的速度

4、达到最大，A球的速度也最大D在整个运动过程中，绳对B球的拉力一直做正功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一列简谐机械横波沿x轴正方向传播，波速为2m/s.某时刻波形如图所示，a、b两质点的平衡位置的横坐标分别为xa2.5m，xb4.5m，则下列说法中正确的是（）A质点b振动的周期为 4 sB平衡位置x10.5m处的质点 （图中未画出）与a质点的振动情况总相同C此时质点a的速度比质点 b 的速度大D质点a从图示开始在经过个周期的时间内通过的路程为 2cmE.如果该波在

5、传播过程中遇到尺寸小于 8m 的障碍物，该波可发生明显的衍射现象8、如图所示，光滑定滑轮固定在天花板上，一足够长的细绳跨过滑轮，一端悬挂小球b，另一端与套在水平粗糙圆形直杆上的小球a（球中心孔径比杆的直径大些）连接。已知小球b的质量是小球a的2倍。用一水平拉力作用到小球a上，使它从图示虚线（最初是竖直的）位置开始缓慢向右移动一段距离，在这一过程中 A当细绳与直杆的夹角达到30时，杆对a球的压力为零B天花板对定滑轮的作用力大小逐渐增大C直杆对a球的摩擦力可能先减小后增加D水平拉力一定逐渐增大9、下列说法中不正确的是（ ）A根据F=pt，可把牛顿第二定律表述为：物体动量的变化率等于它所受的合外力B

6、作用在静止物体上的力的冲量一定为零C物体的动能发生改变，其动量一定发生改变D物体的动量发生改变，则合外力一定对物体做了功10、如图所示，倾角为30的光滑斜面底端固定一轻弹簧，点为原长位置。质量为的滑块从斜面上点由静止释放，物块下滑并压缩弹簧到最短的过程中，最大动能为。现将物块由点上方处的点由静止释放，弹簧被压缩过程中始终在弹性限度内，取，则下列说法正确的是（）A点到点的距离小于B从点释放后滑块运动的最大动能为C从点释放滑块被弹簧弹回经过点的动能小于D从点释放弹簧最大弹性势能比从点释放增加了三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所

7、示为探究牛顿第二定律的实验装置该装置由气垫导轨、两个光电门、滑块和沙桶等组成光电门可以测出滑块通过光电门的时间，导轨标尺可以测出两个光电门间的距离，另用天平测出滑块(含遮光片）和沙桶（含沙子）的质量分别为M和m(1)在探究牛顿第二定律的实验中，使用气垫导轨的主要目的是_A减小噪声B减小滑块速度C减小摩擦力D增加摩擦力(2)如果滑块上的遮光板宽度为d，通过1、2两个光电门时的挡光时问分别为t1和t2，测量出两个光电门之间的距离s，那么滑块运动的加速度a的计算式是a=_12（12分）某物理课外小组利用图（a）中的装置探究物体加速度与其所受合外力之间的关系图中，置于实验台上的长木板水平放置，其右端固

8、定一轻滑轮，轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小滑车相连，另一端可悬挂钩码本实验中可用的钩码共有个，每个质量均为实验步骤如下：（1）为了平衡小车与木板间的摩擦力，将个钩码全部放入小车中，在长木板左下方垫上适当厚度的小物快，使小车（和钩码）可以在木板上_（填“匀速”、“加速”、“减速”）下滑（2）从小车上取个钩码挂在轻绳右端，其余个钩码仍留在小车内；用手按住小车并使轻绳与木板平行由静止释放小车，同时用传感器记录小车在时间内相对于其起始位置的位移，则小车的加速度 _（用和表达）（3）依次改变的值，分别测出小车相应的加速度，得到图像如图（b）所示，已知该直线的斜率为，重力加速度为，则小车（不含钩码）的

9、质量为_（用、表达）（4）若以“保持木板水平”来代替步骤（1），下列说法正确的是_(填正确答案标号)A图线不再是直线B图线仍是直线，该直线不过原点C图线仍是直线，该直线的斜率变大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，竖直平面内的 圆弧形光滑轨道半径为R，A端与圆心O等高，AD为与水平方向成45角的斜面B端在O的正上方一个小球在A点正上方由静止开始释放，自由下落至A点后进入圆形轨道并恰能到达B点，求：（1）释放点距A点的竖直高度；（2）小球落到斜面上C点时的速度大小14（16分）如图所示，一玻璃球体的

10、半径为，为球心，为直径来自 点的光线在点射出出射光线平行于，另一光线恰好在点发生全反射已知，求玻璃的折射率球心O到BN的距离 15（12分）如图所示，在平面直角坐标系xoy中的第一象限内存在磁感应强度大小为B，方向垂直于坐标平面向里的有界圆形匀强磁场区域(图中未画出)：在第二象限内，存在与x轴负方向成=30的匀强电场，一粒子源固定在X轴上坐标为(-L，0)的A点。粒子源沿y轴正方向释放出质量为m，电荷量为-q，速度大小为v的带电粒子，粒子垂直y轴通过C点进入第一象限，又经过磁场偏转后垂直x轴进入第四象限(带电粒子的重力不计)。求:(1)匀强电场的电场强度E的大小；(2)带电粒子离开电场时的速度

11、大小；(3)圆形匀强磁场的最小面积.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：伽利略利用“理想斜面”得出“力不是维持物体运动的原因”的观点，A错误；开普勒提出了行星运动的三大定律，B错误；英国物理学家卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了万有引力常量，C正确；伽利略从理论和实验两个角度，证明了轻、重物体下落一样快，从而推翻了古希腊学者亚里士多德的“小球质量越大下落越快”的错误观点，D错误；故选C考点：物理学史【名师点睛】2、B【解析】课桌的高度大约为h=0.8m，由 v2=2gh 代入数据解得故选B

12、。3、B【解析】A.前3s内货物向上做匀加速直线运动，加速度向上，处于超重状态，A错误；B.前3s内的平均速度，后2s内的平均速度，这两段时间内的平均速度相同，B正确；C.最后2s内物体减速向上，物体的加速度为，加速度大小为3m/s2，小于g，根据牛顿第二定律可知货物受重力和拉力两个力作用，C错误；D.第3s末至第5s末，货物匀速上升，重力势能增加，动能不变，机械能增加，D错误4、B【解析】根据两小球的运动情况去分析两球下落的距离，从而找出它们相隔的距离【详解】同时释放的两个小球做自由落体运动，运动情况完全一样，它们之间的高度在落地前就是释放时的距离。故下落过程中两球间的距离保持不变；选项B正

13、确，AC错误；由于开始下落的高度不同，则两球落地时的速度不相等，选项D错误；故选B。【点睛】本题考查自由落体运动的规律，因为两小球是同时释放的，故两小球在空中运动完全相同，故一直保持开始的距离不变5、C【解析】甲图中：受力分析如图所示：根据平衡条件得，挡板对小球的弹力大小：F1=mgsin；乙图中：受力分析如图所示：根据平衡条件得，挡板对小球的弹力大小F2=mgtan；则小球对挡板的压力F1：F2=cosA. 1故A项错误；B.故B项错误；C.故C项正确；D.故D项错误6、A【解析】AB将物块A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向，在沿绳子方向的分速度等于B沿绳子方向的分速度。在沿绳子方向

14、的分速度为v绳子=vcos所以故A正确，B错误；C当增大到等于时，B球的速度沿绳子方向的分速度等于0，所以A沿绳子方向的分速度也是0，而cos不等于0，所以A球的速度为0；此时A的动能全部转化为B的动能，所以B球的速度达到最大，故C错误；D在增大到的过程中，绳子的方向与B球运动的方向之间的夹角始终是锐角，所以绳对B球的拉力一直做正功，在继续增大的过程中拉力对B球做负功，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABE【解析】A、由图能直接读出波长，由波速公式，该波

15、的周期，则质点a振动的周期为4s，A正确；B、处的质点与a质点相距一个波长，步调总是一致，振动情况总是相同，B正确；C、质点a离平衡位置比b远，所以此时质点a的速度比b的速度小，C错误；D、图象时刻，质点a向上运动，速度减小，再经过个周期，质点a通过的路程小于一个振幅，即小于2cm，D错误；E、此列波的波长，尺寸小于 8m 的障碍物满足发生明显衍射的条件，所以该波可发生明显的衍射现象，E正确；故选ABE8、AC【解析】A、设a的质量为m，则b的质量为2m；以b为研究对象，竖直方向受力平衡，可得绳子拉力始终等于b的重力，即T=2mg，保持不变；以a为研究对象，受力如图所示，设绳子与水平方向夹角为

16、，支持力FN=2mgsin-mg=2mg12-mg=0，故A正确；B、向右缓慢拉动的过程中，两个绳子之间的拉力夹角逐渐增大，绳子的拉力不变，所以绳子的合力减小，则绳子对滑轮的作用力逐渐减小，根据共点力平衡的条件可知，天花板对定滑轮的作用力大小逐渐减小，故B错误；C、向右缓慢拉动的过程中，支持力FN=2mgsin-mg，由于从90开始逐渐减小，支持力先减小后反向增加，所以直杆对a球的摩擦力f=FN=(2mgsin-mg)先减小后增加，故C正确；D、向右缓慢拉动的过程中，水平方向：F=f+2mgcos=2mgcos+(2mgsin-mg)=2mg(cos+sin)-mg，由于：cos+sin=2+

17、1(sincos+cossin)=2+1sin(+)，由于从90开始逐渐减小，可知水平拉力先减小后增大，故D错误； 故选AC。【点睛】以b为研究对象可得绳子拉力始终保持不变，再以a为研究对象，根据共点力的平衡条件列方程求解摩擦力和拉力F的变化情况；随着a的右移，分析绳子与竖直方向的夹角变化情况，再分析两段绳子合力变化情况即可。9、BD【解析】冲量等于力与时间的乘积，是力在时间上的积累，是矢量，冲量的方向与力的方向相同，根据动量定理可知合力冲量的方向与动量变化量的方向相同；【详解】A、由动量定理可得：Ft=P，则F=Pt，由此可知，物体动量的变化率等于它所受的合外力，故A正确；B、根据P=Ft，

18、知冲量是力在时间上的积累，与物体是否静止无关，所以作用在静止物体上力的冲量不为零，则B错误；C、物体的动能发生改变，则速度的大小一定变化，则动量一定发生改变，则C正确；D、动量发生变化，可能是速度方向变化而大小不变，则合外力对物体做功为0，则D错误。【点睛】本题考查对动量定理的掌握情况，要求知道动量定理、动量与冲量的定义式，应用动量定理即可正确解题，明确冲量的意义，注意各物理量的矢量性。10、AB【解析】A若点到点的距离等于3.2m时。由机械能守恒定律得：滑块到O点的动能物块从O点时开始压缩弹簧，弹力逐渐增大，开始阶段弹簧的弹力小于滑块的重力沿斜面向下的分力，物块做加速运动,后来弹簧的弹力大于

19、滑块的重力沿斜面向下的分力，物块做减速运动，所以物块先做加速运动后做减速运动，弹簧的弹力等于滑块的重力沿斜面向下的分力时物块的速度最大。最大动能就大于8J，与题设不符，所以A点到O点的距离小于3.2m，故A正确；B设物块动能最大时弹簧的弹性势能为Ep，从A释放到动能最大的过程，由系统的机械能守恒得从B释放到动能最大的过程，由系统的机械能守恒得所以得从B点释放滑块最大动能为故B正确；C根据能量守恒可知，从从点释放滑块被弹簧弹回经过点时故C错误；D根据物块和弹簧的系统机械能守恒知，弹簧最大弹性势能等于物块减少的重力势能，由于从B点释放弹簧的压缩量增大，所以从B点释放弹簧最大弹性势能比从A点释放增加

20、为故D错误。故选B。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 【解析】(1) 在探究牛顿第二定律的传统实验装置中，我们需要抬高木板的一端，使得小车重力沿斜面得分力等于小车受到的摩擦力，即平衡小车受到的摩擦力使用气垫导轨后，可以大大减小滑块与导轨之间的摩擦力所以使用气垫导轨的主要目的是减小摩擦力，故C正确；(2) 因为较短时间内的平均速度可以表示瞬时速度，滑块经过光电门1时的速度表达式 同理得：根据运动学的公式：解得：12、匀速 BC 【解析】（1）平衡摩擦力的原理是利用重力沿斜面向下的分力等于摩擦力，使得小车的合力为零，做匀速直线运动；（2）初速度为零，经历的时间为t，位移为s，所以根据公式可得（3）对小车和n个钩码组成的整体分析