广西桂林市、防城港市2022-2023学年物理高三上期中监测模拟试题(含解析)_第1页
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文档简介

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回2答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题,必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他答案作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效5如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是

2、符合题目要求的。1、2019年春晚在舞春海中拉开帷幕如图,五名领舞者在钢丝绳的拉动下以相同速度缓缓升起,下列说法中正确的是( )A观众欣赏表演时可把领舞者看作质点B2号和4号领舞者的重力势能一定相等C3号领舞者的重力势能可能为负值D她们在上升过程中机械能守恒2、测量万有引力常量,并检验万有引力定律的科学家是A亚里士多德B伽利略C牛顿D卡文迪什3、质量为m的物体放在A地的水平面上,用竖直向上的力F拉物体,物体的加速度a与拉力F的关系如图线所示,质量为m的另一物体在B地做类似实验,测得a-F关系如图线所示,设A,B两地的重力加速度分别为g和g,则( )Am=m,ggBmm,g=gDm=m,gg4、

3、一根细线一端系一小球(可视为质点),另一端固定在光滑圆锥顶上,如图所示,设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为,细线的张力为FT,则FT随2变化的图象是()ABCD5、如图所示的电路中,电源电动势为E,内电阻为r,闭合电键S,当滑动变阻器的滑动触头P从最底端向上滑动时A电源的效率变小.B经过R2的电流变大C电容器所带的电荷量变大D电阻R3消耗的功率变大6、如图所示,匀强磁场的方向垂直纸面向里,一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入,沿曲线dpa打到屏MN上的a点,通过pa段用时为t.若该微粒经过P点时,与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒,最终打到屏MN上若两个微粒所受重力均忽略

4、,则新微粒运动的 ( )A轨迹为pb,至屏幕的时间将小于tB轨迹为pc,至屏幕的时间将大于tC轨迹为pa,至屏幕的时间将大于tD轨迹为pb,至屏幕的时间将等于t二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、冰壶比賽是在水平冰面上进行的体有项目为使冰壶滑行得更远,运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面,使冰壶与冰而间的动摩擦因数减小。在某次训练中,运动员两次以相同的速度推出冰壶,第一次,在冰壶滑行至10m处擦冰2m,冰壶从推出到停止滑行的距离为25m,滑行时间为8s,第二次在冰壶滑

5、行至15m处擦冰2m,冰壶整个过程滑行的距离为滑行时间为t,则Ax=25mBx25mCt8s8、质量为m的物体静止在粗糙的水平地面上,从t=0时刻开始受到方向恒定的水平拉力F作用,F与时间t的关系如图甲所示。物体在t0时刻开始运动,其v-t 图象如图乙所示,若可认为滑动摩擦力等于最大静摩擦力,则A物体在t0时刻的加速度大小为B物体与地面间的动摩擦因数为C物体所受合外力在 t0 时刻的功率为D水平力F 在t0 到2t0这段时间内的平均功率为9、A、B为一电场中x轴上的两点,如图甲。一正试探电荷仅在电场力作用下沿x轴运动,该试探电荷的电势能随其坐标变化的关系如图乙。下列正确的是A该电场有可能是点电

6、荷形成的电场B电场方向沿x轴正向CA、B两点电势的关系为D试探电荷在A、B两点的动能大小关系为10、在恶劣的雾霾天气中,能见度不足100m甲、乙两汽车在一条平直的单行道上,乙在前,行驶速度是15m/s,甲在后,行驶速度是25m/s,二车同向行驶某时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示,同时开始刹车,结果两辆车发生了碰撞如图所示为两辆车刹车过程的vt图象,由此可知()A两辆车刹车时相距的距离一定等于112.5mB两辆车刹车时相距的距离一定小于l00mC两辆车可能是在刹车后的20s之后的某时刻发生相撞的D两辆车要避免相撞,后车甲应该增大刹车的加速度三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写

7、在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11(6分)某位同学用如图所示装置,通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律。(1)实验中必须满足的条件是_。A斜槽轨道尽量光滑以减小误差B斜槽轨道末端的切线必须水平C入射球A每次必须从轨道的同一位置由静止滚下D两球的质量必须相等(2)测量所得入射球A的质量为mA,被碰撞小球B的质量为mB,图中O点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影,实验时,先让入射球A从斜轨上的起始位置由静止释放,找到其平均落点的位置P,测得平抛射程为|OP|;再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放,与小球B相撞,分别找到球A和球B相撞后的平均落点M、N,测得平抛射程分别为

8、|OM|和|ON|。当所测物理量满足表达式_时,即说明两球碰撞中动量守恒;如果满足表达式_时,则说明两球的碰撞为弹性碰撞。12(12分)某同学“验证平行四边形定则”实验时,把橡皮条的一端用图钉固定于A点,同时用两个弹簧测力计将橡皮条的另一端拉到位置O,如图甲所示,记录相关数据;再用一个弹簧测力计把它拉到同一位置O,记录相关数据在白纸上根据实验数据做出力的图示,画出的实验结果如图乙所示(1)本实验采用的研究方法是_A理想实验法B等效替代法C控制变量法D建立物理模型法(2)如果没有操作失误,图乙中的F与F两力中,方向一定沿AO的是_四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处

9、,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13(10分)如图所示为演示“过山车”原理的实验装置,该装置由两段倾斜直轨道与一圆轨道拼接组成,在圆轨道最低点处的两侧稍错开一段距离,并分别与左右两侧的直轨道平滑相连。某研学小组将这套装置固定在水平桌面上,然后在圆轨道最高点A的内侧安装一个薄片式压力传感器(它不影响小球运动,在图中未画出)。将一个小球从左侧直轨道上的某处由静止释放,并测得释放处距离圆轨道最低点的竖直高度为h,记录小球通过最高点时对轨道(压力传感器)的压力大小为F。此后不断改变小球在左侧直轨道上释放位置,重复实验,经多次测量,得到了多组h和F,把这些数据标在F-h图中,并用一条直线拟合

10、,结果如图所示。为了方便研究,研学小组把小球简化为质点,并忽略空气及轨道对小球运动的阻力,取重力加速度g=10m/s2。请根据该研学小组的简化模型和如图所示的F-h图分析:(1)当释放高度h=0.20m时,小球到达圆轨道最低点时的速度大小v;(2)圆轨道的半径R和小球的质量m;(3)若两段倾斜直轨道都足够长,为使小球在运动过程中始终不脱离圆轨道,释放高度h应满足什么条件。14(16分)如图所示,和两轻绳共同悬挂一质量为m的物体,若保持绳的方向不变,与竖直方向的夹角为60,改变绳的方向,试求:(1)物体能达到平衡时,角的取值范围.(2)在090的范围内,求绳上拉力的最大值和最小值.15(12分)

11、甲、乙两车分别在A、B两条平直并列的双车道上,乙车停在B车道某位置处,当甲车从后方经过乙车旁时,甲车立即刹车以初速度v120.0m/s,加速度a12.0m/s2做匀减速直线运动,同时乙车立即以加速度a20.5m/s2与甲同向做匀加速直线运动。求:(1)甲、乙两车相遇前相距的最大距离;(2)乙车追上甲车经历的时间。参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.观众欣赏表演时不可把领舞者看作质点,因为如果看领舞者看作质点,则没法欣赏,故A错误;B. 2号和4号领舞者的重力势能不一定相等,因为两者的质量可能不一样,尽

12、管高度相同,故B错误;C.如果把3号领舞者的上方规定为参考平面,则3号领舞者的重力势能可能为负值,故C正确;D.因为缓缓升起过程,钢丝线对她们做了功,所以她们在上升过程中机械能不守恒,故D错误2、D【解析】卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量并检验万有引力定律,故D正确。故选D。3、C【解析】根据牛顿第二定律得,F-mg=ma则知图线的斜率表示质量的倒数,纵轴截距的大小表示重力加速度。从图象上看,图线的斜率小于图线的斜率,则mm,纵轴截距相等,则g=g A m=m,gg,与结论不相符,选项A错误;Bmm,g=g,与结论相符,选项C正确;Dm=m,gg,与结论不相符,选项D错误;4、C【解析】

13、由题知小球未离开圆锥表面时细线与竖直方向的夹角为,用L表示细线长度,小球离开圆锥表面前,细线的张力为FT,圆锥对小球的支持力为FN,根据牛顿第二定律有FTsinFNcosm2LsinFTcosFNsinmg联立解得FTmgcos2mLsin2小球离开圆锥表面后,设细线与竖直方向的夹角为,根据牛顿第二定律有FTsinm2Lsin解得FTmL2故C正确。故选C。5、C【解析】A电源效率知滑动变阻器的滑动触头P从最底端向上滑动时,电阻增大,外电阻增大,故电源效率增大,故A错误;B滑动变阻器的滑动触头P从最底端向上滑动时,总电阻增大,根据欧姆定律知总电流减小,内电压减小,电阻R1电压增大,流过电阻R1

14、的电流增大,则经过R2的电流变小,故B错误;C根据知,干路电流I减小,路端电压增大,并联电路的电压增大,电容器两端电压增大,Q=CU增大,故C正确;D电阻R3处于干路,经过的电流变小,根据P=I2R3知电阻R3消耗的功率变小,故D错误。故选C。6、C【解析】试题分析:由动量守恒定律可得出粒子碰撞后的总动量不变,由洛仑兹力与向心力的关系可得出半径表达式,可判断出碰后的轨迹是否变化;再由周期变化可得出时间的变化带电粒子和不带电粒子相碰,遵守动量守恒,故总动量不变,总电量也保持不变,由,得:,P、q都不变,可知粒子碰撞前后的轨迹半径r不变,故轨迹应为pa,因周期可知,因m增大,故粒子运动的周期增大,

15、因所对应的弧线不变,圆心角不变,故pa所用的时间将大于t,C正确;【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时,洛伦兹力充当向心力,从而得出半径公式,周期公式,运动时间公式,知道粒子在磁场中运动半径和速度有关,运动周期和速度无关,画轨迹,定圆心,找半径,结合几何知识分析解题,二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AD【解析】两种情况下,初速度相同,在擦冰处匀速运动的位移相同,减速运动的位移也相同,所以总位移相同,速度时间图象如图所示:根据图象可知,t8s。故选AD。8、AD【解析

16、】A由v-t图线可知,物体在时刻开始有速度,此时最大静摩擦力等于,当时刻时,对物体受力分析可知此时在水平方向上物体的合力为,由牛顿第二定律可得此时加速度为,A正确;B当物体与地面之间的摩擦达到最大时,最大静摩擦力为F0,则解得B错误;C物体在t0时刻的合外力为故所受合外力在t0时刻的功率为F0v0,选项C错误;D2t0时刻物体的速度在t0到2t0这段时间内的平均速度为水平力F在t0到2t0这段时间内的平均功率为D正确。9、CD【解析】A. 根据功能关系可知,克服电场力做功等于电势能的增加量,则有:=Eqx根据数学知识可知,图线的斜率k=qE,因E、q均保持不变,说明电场强度不变,所以该电场一定

17、是匀强电场,故A错误。BC.从A到B电势能变大,而粒子带正电, ,所以,沿电场线电势降低,电场方向沿x轴负向,故B错误C正确。D.根据能量守恒可知,从A到B电势能变大,动能变小,故D正确。10、BD【解析】AB、由图可知,两车速度相等时经历的时间为20s,甲车的加速度为,乙车的加速度为020s内甲车的位移 020s内乙车的位移由于两辆车发生了碰撞,所以两辆车刹车时相距的距离一定小于故A项错误,B项正确C:因为速度相等时,若不相撞,接下来两者的距离又逐渐增大,可知两辆车一定是在刹车后的20s之内的某时刻发生相撞的,故C项错误D:两辆车要避免相撞,后车甲应该增大刹车的加速度,使其速度减得更快,故D

18、项正确点睛:避碰类问题要分析速度相等时的位置关系,确认此时是否发生碰撞且判断碰撞能否发生三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、BC mA|OP|mA|OM|mB|ON| mA|OP|2mA|OM|2mB|ON|2 【解析】(1)1. A.斜槽轨道没必要必须光滑,只要小球到达低端的速度相同即可,选项A错误;B.斜槽轨道末端的切线必须水平,以保证小球到达低端时速度方向水平,选项B正确;C.入射球A每次必须从轨道的同一位置由静止滚下,以保证小球到达低端的速度相同,选项C正确;D.为保证小球碰后不被反弹,入射小球的质量必须大于被碰小球的质量,选项

19、D错误;(2)2.小球离开轨道后做平抛运动,由于小球抛出点的高度相同,它们在空中的运动时间t相等,它们的水平位移x与其初速度成正比,可以用小球的水平位移代替小球的初速度,若两球相碰前后的动量守恒,则有:mAv0=mAv1+mBv2又|OP|=v0t,|OM|=v1t,|ON| =v2t,整理得:mA|OP|mA|OM|mB|ON|3.若碰撞是弹性碰撞,则机械能守恒,由机械能守恒定律得:将|OP|=v0t,|OM|=v1t,|ON| =v2t,整理得:mA|OP|2mA|OM|2mB|ON|2;12、使两次力的作用效果相同 F 【解析】实验在实验中F和分别由平行四边形定则及实验得出,明确理论值和实验值的区别即可正确答题,本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则,因此采用“等效法”,注意该实验方法的应用【详解】(1)本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同,采用的科学方法是等效替代法;故选B;(2)图乙中的F与中,F是由平行四边形得出的,而是通过实验方法得出的,其方向一定与橡皮筋的方向相同,F是力和的合力的理论值.【点睛】本实验采用的是“等效替代”的方法,即一个合力与几个分力共同作用的效果相同,可以互相替代,明确“理论值”和“实验值”的区别四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的

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