2023届甘肃省高台一中物理高三第一学期期中统考模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面若鱼缸和桌布、桌布和桌面之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中（ ）A若猫减小拉力，鱼缸不会滑出桌面B鱼缸在

2、桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C若猫增大拉力，鱼缸受到的加速度将增大D桌布对鱼缸摩擦力的方向向左2、建筑工人用简单的定滑轮装置将工件从地面提升并运送到楼顶如图所示，设当重物提升到一定高度后，工人甲拉紧绳索不动，乙通过一始终保持水平的轻绳将工件缓慢拉到楼顶，不计滑轮的摩擦力，则工件在向左移动过程中（ ）A楼顶对乙的摩擦力不变B绳索对甲的拉力不断减小C楼顶对甲的支持力不变D楼顶对甲的摩擦力大于楼顶对乙的摩擦力3、下列说法不正确的是A亚里士多德认为力是维持物体运动的原因B牛顿三大定律都可以通过实验来验证C做曲线运动的物体其合力可以是恒力D卡文迪许利用扭秤实验测出了引力常量G的数值4、测速仪安装有超

3、声波发射和接受装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始作匀加速直线运动。当B接收到反射回来的超声波信号时，AB相距355m，已知声速为340m/s，则汽车的加速度大小为（ ） A20m/s2B10m/s2C5m/s2D无法确定5、一个带正电的质点，电荷量q=2.0109C，在静电场中由a点移到b点，在这过程中，除静电力外，其他力做的功为2.0105 J，质点的动能增加了8.0105 J，则a、b两点间的电势差为（ ）A3.0104 VB1.0104 VC4.0104 VD7.0104 V6、一直导线平行于通电螺线管的轴线放置在螺线管的上方，如

4、图所示如果直导线可以自由地运动且通以由a到b的电流，则导线ab受磁场力后的运动情况为()A从上向下看顺时针转动并靠近螺线管B从上向下看顺时针转动并远离螺线管C从上向下看逆时针转动并远离螺线管D从上向下看逆时针转动并靠近螺线管二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一质点做匀速圆周运动，其线速度大小为4 m/s，转动周期为2 s，则下列说法正确的是（ ）A角速度为0.5 rad/sB转速为0.5 r/sC轨迹半径为 mD加速度大小为4 m/s28、如图是一汽车在平直路面上启

5、动的速度-时间图像，t1时刻起汽车的功率保持不变由图像可知（ ）A0t1时间内，汽车的牵引力增大，加速度增大，功率不变B0t1时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变，功率增大Ct1t2时间内，汽车的牵引力减小，加速度减小Dt1t2时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变9、如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态，现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x的关系如图乙所示（g10m/s2），下列结论正确的是（ ）A物体的质量为3kgB弹簧的劲度系数为500N/mC物体的加速度大小为5m/s2D物体与弹

6、簧分离时，弹簧处于原长状态10、如图所示，链球上面安有链子和把手运动员两手握着链球的把手，人和球同时快速 旋转，最后运动员松开把手，链球沿斜向上方向飞出，不计空气阻力关于链球的运动, 下列说法正确的有A链球脱手后做匀变速曲线运动B链球脱手时沿金属链方向飞出C链球抛出角度一定时，脱手时的速率越大，则飞得越远D链球脱手时的速率一定时，抛出角度越小，一定飞得越远三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在追寻科学家研究足迹的过程中，某同学为探究恒力做功和物体动能变化间的关系，采用了如图1所示的实验装置（1）实验时，该同学用钩码的重力表示小车受

7、到的合力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为应该采取的措施是_A保证钩码的质量远大于小车的质量B选取打点计时器所打第1点与第2点间的距离约为2 mm的纸带来处理数据C把长木板不带滑轮的一端适当垫高以平衡摩擦力D必须先接通电源再释放小车（2）如图2所示是实验中得到的一条纸带，其中A，B，C，D，E，F是连续的六个计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，相邻计数点间的距离已在图中标出，测出小车的质量为M，钩码的总质量为m从打B点到打E点的过程中，合力对小车做的功是_，小车动能的增量是_（用题中和图中的物理量符号表示）12（12分）某高一同学寒假时，在教材中查到木质材料与金属材料间的动摩擦因数为0.

8、2，为了准确验证这个数据，他设计了一个实验方案，如图甲所示，图中长铝合金板水平固定。（1）下列哪些操作是必要的_A调整定滑轮高度，使细绳与水平铝合金板平行B将铝合金板垫起一个角度C选尽量光滑的滑轮D砝码的质量远小于木块的质量（2）如图乙所示为木块在水平铝合金板上带动纸带运动时打出的一条纸带，测量数据如图乙所示，则木块加速度大小a_m/s2（电火花计时器接在频率为50Hz的交流电源，结果保留2位有效数字）。（3）该同学在实验报告中，将测量原理写为：根据mgMgMa，得 其中M为木块的质量，m为砝码盘和砝码的总质量，a为木块的加速度，重力加速度为g。判断该同学的做法是否正确，如不正确，请写出的正确

9、表达式：_。（4）若m70g，M100g，则可测得_（g取9.8m/s2，保留2位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，两根足够长的固定的光滑平行金属导轨位于倾角=30的固定斜面上，导轨上、下端分别接有阻值R1=10和R2 =30的电阻，导轨自身电阻忽略不计，导轨宽度L=2m,在整个导轨平面内都有垂直于导轨平面向上的匀强磁场，质量m=0.kg.电阻r=2.5的金属棒ab在较高处由静止释放，金属棒ab在下滑过程中始终与导轨垂直且与导轨接触良好。当金属棒ab下滑距离s=6m时，速度恰好达到最大值

10、vm=5m/s. (g=10m/s2)求:(1)磁感应强度B的大小;(2)该过程中在整个电路上产生的焦耳热Q; (3)该过程中通过电阻R1的电荷量q。14（16分）传送带与平板紧靠在一起，且上表面在同一水平面内，两者长度分别为L12.5 m、L22 m传送带始终保持以速度v匀速运动现将一滑块（可视为质点）轻放到传送带的左端，然后平稳地滑上平板已知：滑块与传送带间的动摩擦因数0.5，滑块与平板、平板与支持面的动摩擦因数分别为10.3、20.1，滑块、平板的质量均为m2 kg，g取10 m/s2.求：（1）若滑块恰好不从平板上掉下，求滑块刚滑上平板时的速度大小；（2）若v6 m/s，求滑块离开平板

11、时的速度大小15（12分）如图，一个质量为m=0.6kg的小球以某一初速度从P点水平抛出，恰好从光滑圆弧ABC的A点的切线方向进入圆弧(不计空气阻力，进入圆弧时速度不变)，已知圆弧的半径R=0.5m，=53，小球到达A点时的速度vA=5m/s(sin53=0.8，cos53=0.6,取g=10m/s2).求：(1) P点与A点的水平距离和竖直高度；(2)小球到达圆弧最高点C时对轨道的压力。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】猫减小拉力时，桌布在桌面上运动的加速度减小，则运动时间变长；因此鱼缸加速时间变长，

12、桌布抽出时的位移以及速度均变大，则有可能滑出桌面；故A错误；由于鱼缸在桌面上和在桌布上的动摩擦因数相同，故受到的摩擦力相等，则由牛顿第二定律可知，加速度大小相等；但在桌面上做减速运动，则由v=at可知，它在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等；故B正确；若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力仍是滑动摩擦力，由于动摩擦因数与正压力没变，因此摩擦力也不变，鱼缸的加速度将不变，故C错误；桌布向右拉出时，鱼缸相对于桌布向左运动，故鱼缸受到的滑动摩擦力向右，故D错误；故选B.【点睛】本题考查摩擦力的类型，及影响滑动摩擦力的因素，分析判断鱼缸受到的摩擦力是解题的关键，同时还要注意拉力减小后，鱼缸可能由滑动摩擦力变为静

13、摩擦力2、D【解析】当乙把工件拉开一个小角度后，工件的受力如图：A. 绳子与竖直方向夹角为，则有，当角增大，则F1增大，绳子对乙的拉力增大，则乙受到楼顶的摩擦力也增大，故A错误；B. 开始的时候绳子对甲的拉力大小等于物体重力,后来当角增大，绳子对甲的拉力，增大，故B错误；C. 甲在楼顶受到重力、楼顶的支持力和摩擦力、以及绳子的拉力，竖直方向楼顶对甲的支持力加上绳子对甲的拉力在竖直方向的分力与重力大小相等方向相反，由于绳子对甲的拉力增大，楼顶对甲的支持力减小，故C错误；D. 可用极端法,先分析乙在图上位置f=0,再分析乙在甲位置f乙=f甲,所以在移动的过程中,是始终小于f甲的故D正确；故选D点睛

14、：对工件进行受力分析，然后根据受力平衡，及平行四边形定则即可求解两个绳子拉力的变化，然后分别对甲和乙进行受力分析即可3、B【解析】A力是维持物体运动的原因是亚里士多德的观点，A正确，不符合题意；B牛顿第一定律是理想实验，不受外力作用，但在现实中不可能实现，所以不能够通过实验进行验证，B错误，符合题意；C平抛运动是曲线运动，物体只受重力作用，C正确，不符合题意；D卡文迪许利用扭秤实验测出了引力常量，D正确，不符合题意。4、B【解析】设汽车运动的加速度为a，时间为t，则=355335=20m 超声波来回的时间也为t，超声波做匀速直线运动，所以单程的时间为，汽车做初速度为零的匀加速运动，所以在单程时

15、间内，汽车开过的位移5m，则超声波追上汽车时，经过的位移x=335+5=340m所以将t=2s代入=355335=20m 解得a=10m/s2故B正确，ACD错误。故选B。5、A【解析】质点在电场中移动，根据动能定理有：得a、b两点间的电势差故选A。6、D【解析】试题分析：通电导线因放在通电螺线管的磁场中故受到磁场力，因左右两侧磁场方向不同，故可以分左右两边分别分析研究，画出两侧的磁场方向，则由左手定则可判出磁场力的方向，根据受力情况可判出物体的转动情况当导体转动后，我们可以认为电流向右偏内，受力也将发生变化，为了简便，我们可以判断导体转动到向里的位置判断导体的受力情况，再判出导体的运动情况解

16、：通电螺线管的磁感线如图所示，则由图示可知左侧导体所处的磁场方向斜向上，右侧导体所处的磁场斜向下，则由左手定则可知，左侧导体受力方向向外，右侧导体受力方向向里，故从上向下看，导体应为逆时针转动；当导体转过90时，由左手定则可得导体受力向下，故可得出导体运动为逆时针转动的同时还要向下运动即为a端转向纸外，b端转向纸里，且靠近通电螺线管，故D正确，ABC错误；故选D【点评】解决本题的关键（1）清楚通电螺线管的磁场，应看到左右两边磁场的不同；（2）能准确地应用左手定则判断磁场与电流不垂直的情况；（3）会找到一些有代表性的特殊位置求解二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四

17、个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】A.角速度，A错误。B.转速，B正确。C.根据线速度方程：，解得：，C正确。D.加速度，D正确。8、BC【解析】考点：功率、平均功率和瞬时功率分析：由图可知，汽车从静止开始做匀加速直线运动，随着速度的增加，汽车的功率也要变大，当功率达到最大值之后，功率不能在增大，汽车的牵引力就要开始减小，以后就不是匀加速运动了，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值解答：解：A、0t1时间内，汽车的速度是均匀增加

18、的，是匀加速运动，所以汽车的牵引力不变，加速度不变，功率增大，所以A错误B、由A的分析可知，B正确C、t1t2时间内，汽车的功率已经达到最大值，功率不能再增加，所以汽车的牵引力在减小，加速度也要减小，所以C正确D、由C的分析可知，D错误故选BC点评：这题考的知识点是汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动本题属于恒定加速度启动方式，由于牵引力不变，根据p=Fv可知随着汽车速度的增加，汽车的实际功率在增加，此过程汽车做匀加速运动，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值9、BCD【解析】A初始，物体静

19、止在弹簧上面，弹簧弹力与重力平衡，施加F后即为合力，所以有此后物体匀加速上升，弹力逐渐变小，当弹簧恢复原长后，物块和弹簧分离，合力为联立两式，整理得物体重力质量A错误；B由图可知，从初始弹簧弹力等于重力到弹簧恢复原长，位移为4cm，即弹力等于重力时，弹簧形变量为 劲度系数B正确；C当弹簧恢复原长后，物块和弹簧分离，合力为，则物体的加速度大小为C正确；D因为力F随弹簧形变量在不断变化，有图像分析可知物体与弹簧分离时弹簧恢复原长，D正确。故选BCD。10、AC【解析】链球脱手后做，将沿着链球速度方向飞出，做斜上抛运动，只受重力作用，加速度为g，保持不变，故链球做匀变速曲线运动，故A正确，B错误；设

20、链球脱手时的速率为发，抛出的角度为，则竖直方向上有，水平方向上有，当链球抛出角度一定时，脱手时的速率越大，则飞得越远；当链球脱手时的速率v一定时，由公式可知当时x最大，即飞得最远，故C正确，D错误；选AC.【点睛】链球脱手后，链球将沿着该点的切线方向飞出，做斜上抛运动，只受到重力作用，做匀变速曲线运动，链球脱手后做斜上抛运动，根据斜上抛运动的特点求得运动的水平位移.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C mgs 【解析】（1）1小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力； 设绳子上拉力为，

21、对小车根据牛顿第二定律有： ，钩码有：解得：由此可知当时，够码的重力等于绳子的拉力即为小车是合外力，故适当垫高长木板右端，以平衡摩擦力，使钩码的质量远小于小车的质量。先接通电源再释放小车是打点计时器实验的正确做法，对减小本题中的实验误差无影响。故选C。（2）2把钩码的重力当做合外力，则从到点合外力做功为。3利用中点时刻的速度等于平均速度可求得 ； 小车动能的增量是：12、AC 3.0 0.18 【解析】（1）实验过程中，电火花计时器应接在频率为50Hz的交流电源上，调整定滑轮高度，使细线与长木板平行，同时选尽量光滑的滑轮，这样摩擦阻力只有木块与木板之间的摩擦力，故AC是必要;本实验测动摩擦因数

22、，不需要平衡摩擦力，B项不必要；本实验没要求砝码的重力大小为木块受到的拉力大小，D项不必要。选AC（2）由纸带可知，两个计数点的时间，根据推论公式，得.（3）对M、m组成的系统，由牛顿第二定律得：，解得，（4）将，代入，解得：.【点睛】依据实验原理，结合实际操作，即可判定求解；根据逐差法，运用相邻相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度的大小；对系统研究，运用牛顿第二定律求出动摩擦因数的表达式，代入数据求出其大小.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.5T（2）1.75J（3）【解析】(1)切割产生的感应电动势E=BLv，外电路总电阻R外= 7.5根据闭合电