2023届吉林省蛟河高级中学高三物理第一学期期中经典模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和

2、答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,矩形的四个顶点a、b、c、d是匀强电场中的四个点，ab=2bc=2L，电场线与矩形所在的平面平行，已知a点电势为18 V，b点电势为10 V，c点电势为6 V，一质子从a点以速度v0射入电场，v0与ab边的夹角为45，一段时间后质子经过ab的中点e，不计质子重力，下列判断正确的是 Ad点电势为12VB质子从a到b电势能增加了6 eVC电场强度大小为D质子从a到e所用时间为2、一质量为0.5kg的质点从静止开始沿某一方向做匀加速直线运动，它的动量p随位移x变化的关

3、系为（各量均取国际单位），则此质点（ ）A加速度为2m/s2B前2s内动量增加8kgC在连续相等时间内，动量增加量越来越大D在通过连续相等的位移时，动量增量可能相等3、在学校体育器材室里，篮球水平放在如图所示的球架上已知球架的宽度为0.15m，每个篮球的质量为0.4kg，直径为0.25m，不计球与球架之间的摩擦，则每个篮球对球架一侧的压力大小为（重力加速度g=10m/s2）A4NB5NC2.5ND3N4、光滑水平地面上有一质量为m的平板小车，小车上放一质量也为m的木块。现给小车施加水平向右的恒力F，使小车与木块相对静止、一起向右运动。运动一段距离后，小车与竖直墙壁发生碰撞，且速度立刻减为零。已

4、知木块与小车之间的动摩擦因数为，重力加速度为g。则A该碰撞前木块不受摩擦力作用B该碰撞前木块所受的摩擦力大小为mgC该碰撞后短时间内，木块所受的摩擦力大小为mgD该碰撞后短时间内，木块所受的摩擦力大小为2mg5、如图甲、乙所示为某物体在0t时间内运动的xt图线和vt图线，由图可知，在0t1时间内（）A物体做的是曲线运动B物体做加速度越来越小的运动C图甲中时刻，图线的斜率为Dx1x0t16、如图所示，A是一质量为M的盒子，B的质量为，用细绳相连，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角为=30的斜面上，B悬于斜面之外，处于静止状态.现在向A中缓慢地加入沙子，整个系统始终 保持静止，则在加入沙子的过程中下列说

5、法错误的是A绳子拉力大小不变，恒等于BA对斜面的压力逐渐增大CA所受的摩擦力逐渐增大DA所受的摩擦力先减小后增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，内壁光滑的细圆管一端弯成半圆形APB，与光滑的直轨道 BC连接，水平放置在桌面上并固定半圆形APB半径R=1.0m，BC长L=1.5m，桌子高度h=0.8m，质量1.0kg的小球以一定的水平初速度从A点沿过A点的切线射入管内，从C点离开管道后水平飞出，落地点D离点C的水平距离s=1m，不计空气阻力，g取10m/s1则

6、以下分析正确的是：（）A小球做平抛运动的初速度为10m/sB小球在圆轨道P点的角速度=10rad/sC小球在P点的向心加速度为a=15m/s1D小球从B运动到D的时间为0.7s8、如图所示，质量相等的物块A和B叠放在水平地面上，左边缘对齐。A与B、B与地面间的动摩擦因数均为。先水平敲击A，A立即获得水平向右的初速度vA，在B上滑动距离L后停下。接着水平敲击B，B立即获得水平向右的初速度vB，A、B都向右运动，左边缘再次对齐时恰好相对静止，相对静止前B的加速度大小为a1，相对静止后B的加速度大小为a2，此后两者一起运动至停下。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A

7、BvA=CD从左边缘再次对齐到A、B停止运动的过程中，A和B之间没有摩擦力9、如图所示为一列沿轴负方向传播的简谐横波，实线为时刻的波形图，虚线为时的波形图，波的周期，则以下说法正确的是（ ）A波的周期为0.8sB在时，P点沿y轴正方向运动C至，P点经过的路程为0.4mD在时，Q点到达波峰位置10、如图甲所示，倾角为的光滑斜面固定在水平面上，劲度系数为k的轻弹簧，下端固定在斜面底端，上端与质量为m的物块A连接，A的右侧紧靠一质量为m的物块B，但B与A不粘连。初始时两物块均静止。现用平行于斜面向上的拉力F作用在B，使B做加速度为a的匀加速运动，两物块在开始一段时间内的vt图象如图乙所示，t1时刻A

8、、B的图线相切，t2时刻对应A图线的最高点，重力加速度为g，则( )At1=2m(gsin+a)akBt2时刻，弹簧形变量为mgsinkCt2时刻弹簧恢复到原长，物块A达到速度最大值D从开始到t1时刻，拉力F做的功比弹簧释放的势能少(mgsin-ma)2k三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）关于图示力学实验装置，下列说法中正确的是_。 A用此装置“研究匀变速直线运动”时需要平衡摩擦力 B用此装置“探究小车的加速度与外力的关系”时，若用钩码的重力代替细线对小车的拉力，应保证钩码质量远小于小车质量 C用此装置“探究功与速度变化的关系”

9、时，将长木板远离滑轮一端适当垫高，且小车未拴细线，轻推小车后，通过纸带分析若小车做匀速运动，即实现平衡摩擦力12（12分）某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm，图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量l为_cm;本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是_；（填选项前的字母）A逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重B随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量l与弹力F的关系图线，

10、图线的AB段明显偏离直线OA，造成这种现象的主要原因是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）A、B、C三物块质量分别为M、m和，作如图所示的联结其中，绳子不可伸长，绳子和滑轮的质量不计，绳子和滑轮间、A物块和桌面间均光滑从图中所示位置释放后A、B、C一起作匀加速直线运动，求在作匀加速直线运动的过程中物块A与B间的摩擦力大小和绳上的拉力取14（16分）如图所示，放于光滑水平地面上的半径为的光滑四分之一圆轨道，其左侧靠于竖真墙，底端切线水平地面上紧靠轨道靠放一个长度为的长木板，木板上表面与圆轨道末端相切，木板上

11、放一个长度刚好是木板长度一半的轻弹簧，弹簧右端被固定在木板的右端（已知弹簧中储存的弹性势能与其形变间对应关系为，其中为弹簧的劲度系数），木板最左端静放一个物块（可视为质点）物块与木板间的动摩擦因数为现从高处（高于轨道顶端）无初速释放一个质量为的小球（也可视为质点），当小球经由整个光滑轨道滑下并与物块发生碰撞后，刚好能返回到处物块被碰后，沿木板上表面向右滑动，随后开始压缩弹簧，已知，当弹簧被压缩到最短时，物块刚好不会被弹簧弹开设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，物块与木板的质量为，取，试求：（1）小球到达圆轨道末端与碰撞前瞬间对轨道的压力的大小；（2）小球在圆轨道上的整个运动过程中，对轨道的水平

12、冲量的大小；（3）物体在木板上滑动过程中因摩擦而生的热15（12分）如图所示，上表面光滑的“L”形木板B锁定在倾角为37的足够长的斜面上；将一小物块A从木板B的中点轻轻地释放，同时解除木板B的锁定，此后A与B发生碰撞，碰撞过程时间极短且不计能量损失；已知物块A的质量m1 kg，木板B的质量m04 kg，板长L3.6 m，木板与斜面间的动摩擦因数为0.6，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2，sin370.6，cos370.1（1）求第一次碰撞后的瞬间A、B的速度；（2）求在第一次碰撞后到第二次碰撞前的过程中，A距B下端的最大距离（3）求在第一次碰撞后到第二次碰撞前的过程中，重力对A做

13、的功参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A. 匀强电场中平行的等间距的两点间的电势差相等，故有：即：可得点电势为：故A错误；B.，故质子从到电场力做功为：电场力做正功电势能减小了8eV，故B错误；C. 经计算可知，点和点的电势相同，故连点连线为等势线，由于，故为等腰三角形，点到直线的距离为：由电场强度与电压的关系可得，电场强度大小为：故C错误；D.连线为等势线，故质子抛出后做类平抛运动，落到点时，垂直于电场线方向的位移为，所需时间为：故D正确。2、B【解析】根据匀变速直线运动的速度位移公式和动量的表达式，

14、结合动量随位移变化的关系式求出加速度，从而求出2s内速度的变化量，得出动量的变化量；【详解】A、根据得，则动量，可知，解得质点的加速度为，故A错误；B、内物体速度的增量为，则动量的增量，故B正确；C、因为相同时间内速度的变化量相同，则动量的增加量一定相等，故C错误；D、因为相等位移内速度变化量不同，则动量的增加量不可能相等，故D错误。【点睛】本题考查动量的表达式以及运动学公式的综合运用，需掌握匀变速直线运动的规律，并能灵活运用。3、C【解析】设每个篮球对球架一侧的压力大小为N，则球架对球的支持力的大小也是N，对球进行受力分析可知，球受重力和球架对球的支持力作用，它们平衡，故球的受力情况如图所示

15、因为球的直径为D=0.25m，球架的宽度为d=0.15m，故cos=0.8m；由力的平衡知识可知2Ncos=mg，故N=2.5N，故C正确4、C【解析】AB水平地面光滑，小车和木块整体受到F作用，故做匀加速直线运动，分析木块可知，静摩擦力提供木块运动加速度，但静摩擦力不一定为mg，故AB错误；CD碰撞后，小车速度减为零，木块继续向前运动，两者间产生滑动摩擦力，根据滑动摩擦力公式可知，木块受到的摩擦力大小为mg，故C正确，D错误。5、C【解析】Axt图线和vt图线描述物体的位移与速度随时间变化的规律，不是物体的运动轨迹，由图乙可知，物体做匀减速直线运动，物体做的不是曲线运动，故A错误；B由图乙所

16、示可知，物体做匀减速直线运动，加速度保持不变，故B错误；Cxt图线的斜率表示物体的速度，由图乙所示图线可知，时刻，物体的速度为，即图甲中时刻图线的斜率为，故C正确；Dvt图线与坐标轴所围成图形的面积是物体的位移，由图乙所示图线可知，t1时间内物体的位移为故D错误。故选C。6、C【解析】A处于平衡状态，故绳子拉力等于B的重力，保持不变；故A正确，不符合题意；BA对斜面的压力等于A及沙子的总重力沿垂直于斜面的分力，随着沙子质量的增加，A对斜面的压力逐渐增大；故B正确，不符合题意；CD未加沙子时，A所受的重力沿斜面向下的分力为Mg，小于绳子的拉力，A有向上运动趋势，受向下静摩擦力；当向A中缓慢加入沙

17、子时，A的重力沿斜面的分力逐渐增大，A所受的摩擦力等于沙子的重力沿斜面向下的分力时摩擦力减小到零，随着沙子质量的增加，A所受的摩擦力逐渐增大；故A所受摩擦力先减小后增大，故C错误，符合题意；D正确，不符合题意；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】A.根据得：.则小球平抛运动的初速度为：;故A错误.B.小球在圆轨道P点的角速度为：;故B错误.C小球在P点的向心加速度为：.故C正确.D小球在BC段的时间为：，则小球从B运动到D的时间为0.3+0.4s=0.7s

18、;故D正确.8、ABC【解析】A设A、B的质量均为m。A、B相对静止前，A相对于B向左运动，A对B的滑动摩擦力向左，地面对B的滑动摩擦力也向左，则B所受的合外力大小：FB=2mg+mg=3mg。对B，由牛顿第二定律：FB=ma1解得：a1=3g相对静止后，对A、B整体，由牛顿第二定律得2mg=2ma2解得：a2=g则a1=3a2故A正确。B敲击A后，A获得速度后，向右做匀减速运动。对B来说，地面与B间的最大静摩擦力为fm=2mg=2mgA对B的滑动摩擦力为f=mg，则ffm，故B静止不动。对A，由牛顿第二定律知： 由运动学公式有：2aAL=vA2解得： 故B正确。C敲击B后，设经过时间t，A、

19、B达到共同速度v，位移分别为xA，xB，A加速度的大小等于aA，则：v=aAtv=vB-a1txA=aAt2xB=vBt-aBt2且xB-xA=L联立解得：故C正确。D从左边缘再次对齐到A、B停止运动的过程中，A、B一起做匀减速运动，A有向左的加速度，说明B对A有摩擦力，故D错误。故选ABC。9、ACD【解析】由题，简谐横波沿x轴负方向传播，波的周期，则知，得， A正确；该波的波速； 时，虚线波向左移动0.3s，即点右方7m处的波传到该点，则是P点向y轴负方向运动，B错误；经过0.4s，P点振动了半个周期，故点经过的路程为0.4cm，C正确；0.5s时，波由实物图向左移动了5m；则点波形为10

20、m处的波形，故Q点到达波峰位置，D正确选ACD10、BD【解析】由图读出，t1时刻A、B开始分离，对A根据牛顿第二定律有：kx-mgsin=ma；开始时有：2mgsin=kx1，又x1-x=12at12；联立以三式得：t1=2m(gsin-a)ak 故A错误。由图知，t2时刻A的加速度为零，速度最大，根据牛顿第二定律和胡克定律得：mgsin=kx，则得：x=mgsink，此时弹簧处于压缩状态，故B正确，C错误。由图读出，t1时刻A、B开始分离，对A根据牛顿第二定律：kx-mgsin=ma开始时有：2mgsin=kx1从开始到t1时刻，弹簧释放的势能 EP=12kx12- 12kx2从开始到t1

21、时刻的过程中，根据动能定理得：WF+EP-2mgsin（x1-x）= 122mv122a（x1-x）=v12由解得：WF-EP=-(mgsin-ma)2k；所以拉力F做的功比弹簧释放的势能少(mgsin-ma)2k，故D正确。故选BD.【点睛】本题分析时要注意：从受力角度看，两物体分离的条件是两物体间的正压力为1从运动学角度看，一起运动的两物体恰好分离时，两物体在沿斜面方向上的加速度和速度仍相等.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BC【解析】在利用该装置“研究匀变速直线运动”的实验中，摩擦力不影响研究结果，故不需要平衡摩擦力，故A错误

22、；在利用该装置来“探究物体的加速度与力、质量的关系”时，设小车的质量为M，小吊盘和盘中物块的质量为m，设绳子上拉力为F，以M为研究对象：F=Ma，以整体为研究对象有mg=（m+M）a，联立可得： ，显然要有F=mg必有m+M=M，即只有时才可以认为绳对小车的拉力大小等于小吊盘和盘中物块的重力，故B正确；利用该装置来做“探究功与速度变化的关系”实验前，木板左端被垫起一些，使小车在不受拉力作用时做匀速直线运动，这样做的目的是为了补偿阻力，使小车受到的拉力等于砝码的重力，故C正确。所以BC正确，A错误。12、6.93cm A 钩码重力超过弹簧弹力范围 【解析】乙的读数为13.66cm,则弹簧的伸长量

23、L =13.66cm5.73cm =7.93cm为了更好的找出弹力与形变量之间的规律，应逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重，A正确；弹簧超出了弹性限度，弹簧被损坏，弹簧的伸长量L与弹力F不成正比四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、物块A与B间的摩擦力大小为1.5N；绳上的拉力为4.5N【解析】以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得： ， 解得： ， 以B为研究对象，根据牛顿第二定律可得： ； 以A、B为研究对象，根据牛顿第二定律可得绳子拉力： 综上所述本题答案是：物块A与B间的摩擦