2023届北京市第156中学物理高三第一学期期中考试模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、共享单车是指企业在校园、地铁站点、公交站点等公共服务区提供自行车单车共享服务，是一种新型、便捷的公共交通方式如图1所示是某共享单车采用的无链传动系统，利用圆锥齿轮90轴交，将动力传至后轴，驱动后轮转动杜绝了传统自行车“掉链子”问题如

2、图所示是圆锥齿轮90轴交示意图，其中A是圆锥齿轮转轴上的点，B、C分别是两个圆锥齿轮边缘上的点，两个圆锥齿轮中心轴到A、B、C三点的距离分别记为rA、rB和rC(rArBrC)下列说法正确的是（ ）AB点与C点的角速度，B=CBC点与A点的线速度，vC=rBrAvACB点与A点的角速度，B=rArBADA点和C点的线速度，vA=rArCvC2、如图所示，单摆摆球的质量为m，做简谐振动的周期为T，摆球从最大位移A处由静止开始释放，运动到最低点B时的速度大小为v。则摆球从A运动到B的过程中，下列说法正确的是A摆球重力做功为12mv2B摆球受到的合力的平均功率为mv2TC摆球运动到B点时重力的瞬时功

3、率为mgvD摆球受到的合力提供圆周运动的向心力3、下列说法正确的是（ ）A、人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方B、划船时浆向后推水，水就向前推浆，因为水推浆的力大于浆推水的力，船才被推着前进C、完全失重的物体将不受到重力，所以此刻一切由重力引起的现象都将消失D、物体的运动与外界的推、拉等行为相联系，如果不再推、拉，原来的运动将停下来，这说明必须有力作用，物体才能运动4、甲、乙两汽车在同一条平直公路上同向运动，其速度时间图像分别如图中甲、乙两条曲线所示。已知两车在t1时刻并排行驶，下列说法正确的是（ ）A两车在t2时刻也并排行驶Bt2时刻甲车在后，乙车在前C乙车的加速

4、度大小先减小后增大D在t1 与t2间的中点时刻两车距离最大5、一辆汽车在平直的公路上以某一初速度运动，运动过程中保持恒定的牵引功率，其加速度和速度的倒数图像如图所示若已知汽车的质量，则根据图像所给的信息，不能求也的物理量是（ ）A汽车的功率B汽车行驶的最大速度C汽车所受到的阻力D汽车运动到最大速度所需的时间6、跳伞表演是人们普遍喜欢的观赏性体育项目，当运动员从直升机由静止跳下后，在下落过程中不免会受到水平风力的影响，下列说 法中正确的是（ ）A运动员下落时间与风力有关B运动员着地速度与风力无关C风力越大，运动员下落时间越长，运动员可完成更多的动作D风力越大，运动员着地速度越大，有可能对运动员造

5、成伤害二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在一次投球游戏中，黄同学将球水平抛出放在地面的小桶中，结果球沿如图所示的弧线飞到小桶的前方，不计空气阻力，则下次再投时，可作出的调整为（ ）A减小初速度，抛出点高度不变B增大初速度，抛出点高度不变C初速度大小不变，降低抛出点高度D初速度大小不变，提高抛出点高度8、如图为娱乐场里常见的一种简单的娱乐设施一滑道，它由一个倾斜轨道和水平轨道平滑连接而成若一名儿童自轨道顶端由静止开始下滑，到达水平轨道某处停下，儿童与整个轨道的滑动摩擦

6、因素处处相同，不计空气阻力则下列关于其路程大小x、速度大小、加速度大小a、合大小F随时间t变化的大致规律，可能正确的是（）ABCD9、如图所示,在倾角为30的斜面上,质量为1kg小滑块从点由静止下滑,到点时接触轻弹簧滑块滑至最低点后,又被弹回到点,已知重力加速度取,下列说法中正确的是A滑块滑到点时动能最大B弹簧的最大弹性势能为2JC从到弹簧的弹力对滑块做了5J的功D整个过程中滑块和弹簧组成的系统机械能守恒10、如图所示，水平地面上一轻弹簧左端固定，右端用一质量为m的滑块将弹簧压缩后锁定t=0时刻解除锁定滑块的vt图像如图所示，OAB段为曲线，A为曲线最高点，BC段为直线已知OA段与t轴围成的图

7、形面积为S1，OABC与t轴围成的图形面积为S2，重力加速度为g，则下列说法正确的是（ ）A滑块与地面间的动摩擦因数B滑块与地面间的动摩擦因数C弹簧的劲度系数（认为已求出）D弹簧的劲度系数（认为已求出）三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示为验证动量守恒的实验装置示意图若入射小球质量为，半径为；被碰小球质量为，半径为则_A.C.为完成此实验，以下所提供的测量工具中必需的是_填下列对应的字母A.直尺游标卡尺天平弹簧秤秒表设入射小球的质量为，被碰小球的质量为为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式用、及图中字母表示_成立，即表示碰

8、撞中动量守恒12（12分）为了测量电阻Rx的阻值，提供的器材有：A电流表G，内阻Rg=100，满偏电流Ig=3mAB电流表A，内阻约为5，量程为100mAC电阻箱R0(09 999，1A)D滑动变阻器R(100，1A)E.电池组E(6V，内阻不计)F.一个开关S和导线若干某同学进行了以下操作：（1）用欧姆表粗测电阻Rx的阻值，当用“100挡时发现指针偏转角度过大，应换为_（选填“10”或“1k”挡），并重新进行_，测量时指针位置如图甲所示.（2）把电流表G与电阻箱改装成量程为6V的电压表，则电阻箱的阻值应调为R0=_.（3）请用改装好的电压表设计一个测量电阻Rx阻值的实验，根据提供的器材和实验

9、需要，请将图乙中电路图补充完整。（_）（4）电阻的计算：电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的示数为I1，电流表A的示数为I2，请用已知量和测量量的字母符号写出计算电阻的表达式Rx=_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）动车从A站以a1=0.5m/s2的加速度匀加速度启动，当速度达到180km/h时开始做匀速行驶，接近B站以大小为a2=0.5m/s2的加速度匀减速刹车，静止时恰好正点到达B站某次，动车在A站因故晚出发了3min，以a1=0.5m/s2匀加速启动后，当速度达到216km/h开

10、始匀速运动，接近B站以大小为a2=0.5m/s2的加速度匀减速刹车，静止时也恰好正点到达B站求A、B两站间的距离14（16分）如图所示，半径R=0.45m的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，B为轨道的最低点，B点右侧的光滑的水平面上紧挨B点有一静止的小平板车，平板车质量M=1kg，长度L=1m，小车的上表面与B点等高，距地面高度h=0.2m质量m=1kg的物块(可视为质点)从圆弧最高点A由静止释放，经B点滑到小车上，物块与平板车上表面间的动摩擦因数=0.2，取g=10m/s2.试求：（1）物块滑到轨道上的B点时对轨道的压力大小；（2）物块落地时距平板车右端的水平距离.15（12分）如图，A、B、C

11、三个木块的质量均为m，置于光滑的水平面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触而不固连将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和C紧连，使弹簧不能伸展，以至于B、C可视为一个整体现A以初速v0沿B、C的连线方向朝B运动，与B相碰并粘合在一起以后细线突然断开，弹簧伸展，从而使C与A、B分离已知C离开弹簧后的速度恰为v0 求弹簧释放的势能参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A项：B点与C点的线速度相等，由于rBrC，所以BC，故A错误；B项：B点与C点的线速度相等，B点的角速度与A角速度相等，所以vc=rB

12、rAvA，故B正确；C项：B点的角速度与A角速度相等，所以vBrB=vArA即vB=rBrAvA，故C错误；D项：B点与C点的线速度相等，B点的角速度与A角速度相等，即vc=rBrAvA，故D错误2、A【解析】重力做功与路径无关只与高度差有关，也可以运动动能定理求解；根据公式P=Fvcos来判断瞬时功率；小球不是做匀速圆周运动，不是合力提供向心力；【详解】A、摆球从最大位移A处由静止开始释放，摆球运动到最低点B，根据动能定理得：WG=12mv2-0，故A正确；B、整个过程中只有重力做功，则合力做功的平均功率为：P=12mv214T=2mv2T，故选项B错误；C、根据瞬时功率的公式P=Fvcos

13、，摆球运动到B时的速度方向是水平的，即=900，所以重力的瞬时功率是0，故C错误；D、对小球进行受力分析，将重力分解如图所示：可知由拉力T和重力分力mgcos的合力提供向心力，故选项D错误。【点睛】本题需要区分平均功率和瞬时功率的求解方法，同时注意小球做单摆运动，不是匀速圆周运动，沿圆心方向的合力提供向心力。3、A【解析】试题分析：人在沿直线加速前进的车厢内竖直向上跳起后，水平方向人由于惯性保持原来的速度不变，而车厢在加速，故人会落在车厢的后部，故A正确；作用力与反作用力大小相等、方向相反，划船时桨向后推水，水同时给桨向前的推力，故B错误；物体处于完全失重状态，此时物体的重力并没变，只是对支持

14、物的压力为零，所以C错误；力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力，如果一个物体的运动状态发生了改变，那它一定是受到了力的作用，故选项D错误。考点：牛顿运动定律、力与运动的关系名师点睛：由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失。4、C【解析】已知在t1时刻，两车并排行驶，在t1-t2时间内，甲图线与时间轴围成的面积大，则知甲通过的位移大，可知t2时刻，甲车在前，乙车在后，两车没有并排行驶。故AB错误。图线切线的斜率表示加速度，可知甲车的加速度先减小后增大，乙车的加速度也是先减小后增大。故

15、C正确。在t1 与t2时间内甲的速度一直大于乙，则两车的距离一直变大，即t2时刻两车距离最大，选项D错误；故选C。【点睛】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，图线的切线斜率表示瞬时加速度。5、D【解析】由，可得：，对应题图可知， ，已知汽车的质量，故可求出汽车的功率P；由时，可得；再由，可求出汽车受到的阻力，但无法求出汽车运动到最大速度所需的时间故选D6、D【解析】运动员同时参与了两个分运动，竖直方向向下落和水平方向随风飘，两个分运动同时发生，相互独立；因而，水平风速越大，落地的合速度越大，有可能对运动员造成伤害，但落地时间不变，D正确二、多项选择题：

16、本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】设小球平抛运动的初速度为v0，抛出点离桶的高度为h，水平位移为x，则平抛运动的时间 水平位移x=v0t=v0 AB.由上式分析可知，要减小水平位移x，可保持抛出点高度h不变，减小初速度v0.故B错误，A正确；CD.由上式分析可知，要减小水平位移x，可保持初速度v0大小不变，降低抛出点高度h.故C正确，D错误故选AC.点睛：小球做平抛运动，飞到小桶的前方，说明水平位移偏大，应减小水平位移才能使小球抛进小桶中将平抛运动进行分解，水平方向做匀

17、速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式得出水平位移与初速度和高度的关系式，再进行分析选择8、BC【解析】儿童在斜面阶段与斜面正压力大小与重力在垂直斜面方向的分量相等，此分量小于重力，在水平轨道正压力大小等于重力，摩擦力与正压力大小呈正比，两个阶段滑动摩擦力又相等，故斜面阶段加速度要小于水平轨道阶段，因此在倾斜轨道下滑过程中，由于受力不平衡会加速下滑F=ma=mgsin-mgcos，会加速下滑的路程为，路程大小随时间变化是曲线，故A错误；加速过程v=at，其中加速度a=gsin-gcos，速度大小随时间变化是直线，在水平面上根据牛顿第二定律：F=ma=mg，可得：a=g，可知做减速运动

18、，且合外力F和F大小关系不确定，a与a之间大小关系不确定，故B可能正确；两阶段加速度大小不确定，故C可能正确；水平轨道阶段合力与斜面阶段力的方向必然相反，故D错误9、CD【解析】根据滑块的运动过程，分析斜面是否有摩擦，分析机械能的变化情况；根据受力情况确定速度最大的位置；根据功能关系分析弹性势能.【详解】小滑块从a点由静止下滑，到b点时接触一轻弹簧，滑块滑至最低点c后，又被弹回到a点，说明整个过程中系统的机械能没有损失，所以斜面光滑.A、当滑块的合力为0时，滑块速度最大，合力为零的位置应该在bc之间某一位置，故A错误.B、从a到c根据功能关系可知，物体重力势能的减少等弹性势能的增加，则EP=m

19、g（ab+bc）sin30=5J，弹簧的最大弹性势能为5J，故B错误.C、根据功能关系可知，弹簧克服弹力做的功等于弹性势能的增加，所以弹簧的弹力对滑块做了5J的功，故C正确.D、整个过程中滑块和弹簧组成的系统只有重力或弹力做功，所以系统的机械能守恒，故D正确.故选CD.【点睛】本题的关键是认真分析物理过程，把复杂的物理过程分成几个小过程并且找到每个过程遵守的物理规律，列出相应的物理方程解题同时要明确弹簧弹力做的功等于弹性势能的变化.10、AC【解析】滑块离开弹簧后做匀减速直线运动，结合速度时间图线求出匀减速直线运动的加速度大小，结合牛顿第二定律求出滑块与地面的间的动摩擦因数；由图线可知，在A位

20、置，速度最大，此时弹力和摩擦力相等，在B位置，弹簧恢复原长，结合图线围成的面积求出速度最大时弹簧的形变量，结合胡克定律求出弹簧的劲度系数；【详解】A、滑块离开弹簧后做匀减速直线运动，根据速度时间图线知，匀减速直线运动的加速度大小，而且，解得，故选项A正确，选项B错误；C、由图可知，A位置速度最大，知此时弹簧弹力和摩擦力相等，有：，形变量x等于OAB围成的面积和OA围成的面积之差，形变量，解得劲度系数，故选项C正确，D错误【点睛】本题综合考查了胡克定律、牛顿第二定律、运动学公式的综合运用，理清滑块在整个过程中的运动规律是解决本题的关键，通过速度最大时，弹力等于摩擦力，求解劲度系数三、实验题：本题

21、共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1)C(2)AC(3)【解析】（1）为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量为了使两球发生正碰，两小球的半径相同；（2）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度将需要验证的关系速度用水平位移替代【详解】（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v10，即m1

22、-m20，m1m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2，故选C（2）P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1；碰撞后入射小球的速度v2 ；碰撞后被碰小球的速度v3；若m1v1=m2v3+m1v2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，代入数据得：m1=m1+m2，所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平；故选AC（3）若关系式m1=m1+m2成立，即表示碰撞中动量守恒【点睛】本题是运用等效思维方法，平抛时间相等，用水平位移代替初速度，这样将不便验证的方程变成容易验证12、10 欧姆调零 1900 【解析】(1)1因欧姆表不均匀，要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准，当用“100”挡时发现指针偏转角度过大，说明倍率较大，所以应按“10”倍率读数；2根据多用电表的使用规则，更换倍率后，应进行欧姆调零再测量；(2)3将电流表G与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，要串联的电阻为(3)3由于题意可知，两电流表，当另电流表使用外接法，能准确测出所测电阻的电流，同时又能算出所测电阻