2023届上海市位育中学物理高三第一学期期中监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点处将小球拉至A处时，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，它运动到O点正下方B点速度为v，AB间的竖直高度差为h，则A由A到B过程合力对小球做的功等于mghB由A到B过

2、程小球的重力势能减少C由A到B过程小球克服弹力做功为mghD小球到达位置B时弹簧的弹性势能为2、如图所示为两电源的图象，则下列说法正确的是A电源的电动势和内阻均比电源小B当外接相同的电阻时，两电源的输出功率可能相等C当外接同样的电阻时，两电源的效率可能相等D不论外接多大的相同电阻，电源的输出功率总比电源的输出功率大3、A、B两个物体在水平面上沿同一直线从同一位置同时运动，它们的图象如图所示B物体仅在摩擦力作用下做匀减速运动，加速度大小为，A做匀速直线运动则A物体追上B物体所用时间是A5sBsC6sDs4、我国女子短道速滑队在2013年世锦赛上实现女子3000m接力三连冠观察发现，“接棒”的运动

3、员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，并且开始向前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出在乙推甲的过程中，忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用，则（）A甲对乙的冲量一定等于乙对甲的冲量B甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反C甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量D甲对乙做多少负功，乙对甲就一定做多少正功5、一质点沿直线Ox方向做变速直线运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=6t2t3（m），它的速度v随时间t变化的关系为v=66t2（m/s），则该质点在t=2 s时的瞬时速度、t=0到t=2 s间的平均速度、平均速率分别为（ ）A18 m/s、2 m/s、2 m/

4、sB18 m/s、2 m/s，6 m/sC2 m/s、 2 m/s、18 m/sD18 m/s、6 m/s，6 m/s6、如图所示，一水平传送带向左匀速传送，某时刻小物块P从传送带左端冲上传送带。物块P在传送带上运动的过程中，传送带对物块PA一定始终做正功 B一定始终做负功C可能先做正功，后做负功 D可能先做负功，后做正功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示光滑管形圆轨道半径为R（管径远小于R），小球ab大小相同，质量相同，均为m，其直径略小于管径，能在管中无

5、摩擦运动.两球先后以相同速度v通过轨道最低点，且当小球a在最低点时，小球b在最高点，以下说法正确的是 （ ）A当v=时，小球b在轨道最高点对轨道无压力B当小球b在最高点对轨道无压力时，小球a比小球b所需向心力大5mgC速度v至少为，才能使两球在管内做圆周运动D只要v,小球a对轨道最低点压力比小球b对轨道最高点压力都大6mg8、如图所示，MN、PQ是倾角为的两平行光滑且足够长的金属轨道，其电阻忽略不计。空间存在着垂直于轨道平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。导体棒ab、cd垂直于轨道放置，且与轨道接触良好，每根导体棒的质量均为m，电阻均为r，轨道宽度为L，与轨道平行的绝缘细线一端固定，另一端

6、与ab棒中点连接，细线承受的最大拉力Tm=2mgsin 。今将cd棒由静止释放，则细线被拉断时，cd棒的A速度大小是2mgrsinB2L2B速度大小是mgrsinB2L2C加速度大小是2gsin D加速度大小是09、一带正电粒子在正点电荷的电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动取该直线为X轴，起始点O为坐标原点，则下列关于电场强度E、粒子动能Ek、粒子电势能EP、粒子加速度a与位移X的关系图像可能的是（ ）ABCD10、如图所示，两列振幅和波长都相同而传播方向相反的机械横波，在相遇的某一时刻“突然”消失设在这一时刻两波相遇的介质里有、三个介质质点，则关于这三个质点的情况下列说法中正确的是

7、（ ）A此时质点、的位移都为零B此时质点的振动速度不为零且方向向下C此时质点的振动速度不为零且方向向下D此时质点的振动速度为零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”实验时，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始下落：(1)除了图示的实验器材，下列实验器材中还必须使用的是_（填字母代号）。A交流电源 B秒表 C刻度尺 D天平（带砝码）(2)关于本实验，下列说法正确的是_（填字母代号）。A应选择质量大、体积小的重物进行实验B释放纸带之前，纸带必须处于竖直状态C先释放纸带，后接通电

8、源(3)实验中，得到如图所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O（O点与下一点的间距接近2mm）的距离分别为hA、hB、hC。已知当地重力加速度为g，打点计时器的打点周期为T。设重物质量为m。从打O点到B点的过程中，重物的重力势能变化量Ep=_，动能变化量Ek=_（用已知字母表示）。(4)某同学用如图所示装置验证机械能守恒定律，将力传感器固定在天花板上，细线一端系着小球，一端连在力传感器上。将小球拉至水平位置从静止释放，到达最低点时力传感器显示的示数为F0。已知小球质量为m，当地重力加速度为g。在误差允许范围内，当满足关系式_时，可验证机械能守恒。12（12分

9、）如图A为“用DIS研究物体的加速度与质量的关系”实验装置（1）实验中应保持轨道_且摩擦力足够小；为了研究小车的加速度与质量的关系，应保持_不变（2）若测得小车和发射器的总质量为0.3千克，则跨过滑轮的细绳下悬挂的钩码质量最适合用 （_）A20克 B50克 C100克 D200克（3）某同学用正确的实验方法测得实验数据，作出a-m图线如图B他观察到a-m图线为曲线，于是得出物体的加速度与质量成反比你认为他的做法正确吗？如果认为正确，请说明理由如果认为不正确，请给出正确的处理方法_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（

10、10分）如图所示是利用电力传送带装运麻袋包的示意图传送带长l20 m，倾角37，麻袋包与传送带间的动摩擦因数0.8，传送带的主动轮和从动轮半径R相等，传送带不打滑，主动轮顶端与货车底板间的高度差为h1.8 m，传送带匀速运动的速度为v2 m/s.现在传送带底端（传送带与从动轮相切位置）由静止释放一只麻袋包（可视为质点），其质量为100 kg，麻袋包最终与传送带一起做匀速运动，到达主动轮时随轮一起匀速转动如果麻袋包到达主动轮的最高点时，恰好水平抛出并落在车厢底板中心，重力加速度g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，求：（1）主动轮的半径R；（2）主动轮轴与货车车厢底板中心的水

11、平距离x（3）麻袋包在传送带上运动的时间t；14（16分）两根光滑的长直金属导轨M N、M N平行置于同一水平面内，导轨间距为l，电阻不计，MM处接有如图所示的电路，电路中各电阻的阻值均为R，电容器的电容为C长度也为l、阻值同为R的金属棒ab垂直于导轨放置，导轨处于磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中ab在外力作用下向右匀速运动且与导轨保持良好接触，在运动距离为s的过程中，整个回路中产生的焦耳热为Q求（1）ab运动速度v的大小；（2）电容器所带的电荷量q15（12分）碰撞在宏观、微观世界中都是十分普遍的现象。(1)如图1所示，在水平光滑的桌面上有两个大小相同的小球A、B，质量分别是m1、m

12、2，A球以v1的速度与静止的B球相碰。碰撞后A、B的速度分别是v1、v2。如果碰撞过程中机械能守恒，这样的碰撞叫做弹性碰撞；如果碰撞过程中机械能不守恒，这样的碰撞叫做非弹性碰撞。若m1=2kg、m2=1kg，某次碰撞满足v1=2m/s、v2=2m/s。通过计算碰撞前后的机械能说明该次碰撞属于弹性碰撞还是非弹性碰撞。(2)裂变反应可以在人工控制下进行，用慢化剂中的原子核跟中子发生碰撞，使中子的速率降下来，从而影响裂变反应的反应速度。如图2所示，一个中子以速度v与慢化剂中静止的原子核发生弹性正碰，中子的质量为m，慢化剂中静止的原子核的质量为M，而且Mm。为把中子的速率更好地降下来，现有原子核质量M

13、大小各不相同的几种材料可以作为慢化剂，通过计算碰撞后中子速度的大小，说明慢化剂中的原子核M应该选用质量较大的还是质量较小的。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据动能定理，可求合外力做功，故A错误；重力做功为mgh，故重力势能减少了mgh，所以B错误；根据动能定理，所以从A到B的过程中，弹力做功为，小球克服弹力做功为，所以C错误；再根据可知，又，所以小球到达位置B时弹簧的弹性势能为，故D正确2、D【解析】A、根据闭合电路欧姆定律得，UEIr，当I0时，UE，即图线与纵轴交点表示断路状态，交点的纵坐标等于

14、电源的电动势大小，图线的斜率大小等于电源的内阻，由图看出，电源的电动势和内阻均比电源大，故A错误；BD、过原点O作出一条倾斜的直线（3），该直线与图线、的交点就表示一个相同的电阻与两电源连接时的工作状态，如图所示：由图看出，直线（3）与图线交点的两坐标的乘积大于直线（3）与图线交点的两坐标的乘积，说明不论外接多大的相同电阻，电源的输出功率总比电源的输出功率大，故B错误，D正确;C、电源的效率，当外接同样的电阻，由于内阻r不等，电源的效率不可能相等，电源的效率总大于电源的效率，故C错误3、D【解析】B减速到零所需的时间为；B减速到零经历的位移为；在这段时间内A运动的位移为；即此时A未追上B物体，

15、还需；即A物体追上B物体所用时间是，故ABC错误，D正确；故选D4、B【解析】A因为冲量是矢量，甲对已的作用力与乙对甲的作用力大小相等方向相反，故冲量大小相等方向相反，故A错误B设甲乙两运动员的质量分别为、，追上之前的瞬间甲、乙两运动员的速度分别是，根据题意整个交接棒过程动量守恒：可以解得：，即B选项正确；CD经历了中间的完全非弹性碰撞过程 会有动能损失，CD选项错误【点睛】本题主要考察能量（做功正负判断）、动量（动量定理、动量守恒）相关知识，结合弹性碰撞和非弹性碰撞的动量和能量关系展开讨论5、B【解析】该质点在t=2 s时的瞬时速度v2=6622=18 m/s（m/s）；t=0时，x0=0

16、m，t=2 s时，x2=4 m，故2 s内的位移为x=x2x0=4 m，2 s内的平均速度；当v=0时，由v=66t2（m/s），得t=1 s，此时x1=4 m，在前1 s内质点通过的路程s1=x1=4 m，在后1 s内通过的路程为s2=|x2x1|=8 m，则平均速率，选B6、D【解析】物体以某一速度放上传送带后，向右运动，受到向左的摩擦力，运动情况分几种：（1）可能小物块速度比较大，所以一直向右减速，在此过程中皮带对物块做负功，（2）小物块先向右减速，而后向左一直加速，所以皮带对物块先做负功，后做正功，（3）小物块向右减速，而后向左加速，当两者速度相等时一起匀速，所以皮带对物块先做负功后做

17、正功，然后不做功，故D对；ABC错；故选D【点睛】根据物体的速度和传送带速度之间的大小关系,确定物体的运动情况;再根据功能关系即可确定皮带对物块做功的情况二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】试题分析：当小球b在轨道最高点对轨道无压力，根据牛顿第二定律得，解得根据动能定理得mg2Rmv2mv2，解得v故A正确小球b通过最高点无压力时，速度，设小球a在最低点的速度为v，根据动能定理知，mg2Rmv2mv2，解得v所以小球a在最低点的向心力为Fn5mg，b球在最

18、高点的向心力Fnmg，小球a比小球b所需的向心力大4mg故B错误小球通过最高点的最小速度为零，根据动能定理得，mg2Rmv20，解得最小速度v=故C错误v时，最高点的速度大于等于，则小球在最高点受到向下的弹力，设小球在最高点的速度为v1，最低点的速度为v2，根据牛顿第二定律得，最高点F1+mg，最低点F2mg，则压力差FF2F12mg+m()，又mg2Rmv22mv12，解得F=6mg即只要v,小球a对轨道最低点压力比小球b对轨道最高点压力都大6mg，故D正确故选AD考点：动能定理；牛顿第二定律；圆周运动.【名师点睛】本题考查牛顿第二定律和动能定理的综合，知道圆周运动向心力的来源，以及小球通过

19、最高点的临界情况是解决本题的关键；此题是一道综合题，意在考查学生利用物理规律综合分析问题解决问题的能力8、AD【解析】当cd棒向下运动时，切割产生感应电动势，感应电流，有沿导轨向上的安培力，ab棒有沿导轨向下的安培力，结合细线的最大拉力求出细线拉断时所受的安培力大小，抓住ab和cd棒所受的安培力大小相等，根据牛顿第二定律求出cd棒的加速度，结合切割产生的感应电动势公式、闭合电路欧姆定律求出cd棒的速度。【详解】细线被拉断时，拉力达到Tm=2mgsin，根据平衡条件有Tm=FA+mgsin，可得ab棒所受安培力FA=mgsin，由于两棒的电流相等，所受安培力大小相等，由FA=BIL，I=E2r，

20、E=BLv，可得cd棒的速度v=2mgrsinB2L2，A正确，B错误；对cd棒，根据牛顿第二定律有mgsin-FA=ma，得a=0，C错误，D正确。【点睛】对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，重点是分析安培力作用下导体棒的平衡问题，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。9、CD【解析】根据公式可得电场强度是关于位移的二次函数，不是一条直线，A错误；因为只有电场力做功，所以根据动能定理可得，而E不是匀强电场，所以不是关于x的一次函数，故B错误；电场力做正功，电势能减小，故C正确；加速度，D正确

21、【点睛】做本题时根据点电荷的场强公式分析电场强度随x的变化情况，根据动能定理分析动能随x的变化情况，根据电势能与x图线的斜率分析其图象的正误，根据牛顿第二定律分析加速度随x的变化图线的正误10、ABD【解析】两列波相遇时，质点同时参与了两列波的振动，位移等于两列波引起位移的矢量和所以a、b、c质点的位移都为零，A正确；向右传播的波引起a质点的振动方向向下，向左传播的波引起a质点的振动方向向下，所以此时a振动速度不为零，方向向下，B正确；向右传播的波引起c质点的振动方向向上，向左传播的波引起a质点的振动方向向上，所以c质点振动的速度不为零，方向向上，C错误；两列波引起b质点振动的速度都为零，所以

22、质点b振动速度为零，D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AC AB F0 = 3mg 【解析】(1)1A打点计时器需要接交流电源，A正确；B打点计时器本身就是计时工具，不需要秒表，B错误；C需要用刻度尺测量纸带上打点之间的距离，C正确；D重物下落过程中，若满足机械能守恒定律，则等式两边将重物质量约去，不需要天平测量重物质量，D错误。故选AC。(2)2A应选择质量大、体积小的重物进行实验，可以减小阻力带来的误差，A正确；B释放纸带之前，纸带必须处于竖直状态，使重物竖直下落，减小纸带与打点计时器之间的摩擦，B正确；C为了有效利用纸带，

23、应先接通电源，后释放纸带，C错误。故选AB。(3)3重力做正功，重力势能减小所以从到，重力势能的变化量为4在点，根据匀变速直线运动的规律可知则动能变化量为(4)5若小球运动过程中机械能守恒，则满足小球运动到最低点解得即需要验证的表达式为12、（1）水平； 小车所受拉力 （或钩码个数）； （2）A； （3）某同学做法不正确正确的处理方法是计算质量的倒数，然后作出a图线，如所得图线为过原点的直线，则a与m成反比否则则a与m不成反比（或正确的做法是检验这条曲线是否为反比例曲线，如每组数据的am的值都在误差范围内相等，则a与m成反比否则则a与m不成反比） 【解析】（1）实验中应保持轨道水平且摩擦力足够小；为了研究小车的加速度与质量的关系，应保持小车所受拉力 （或钩码个数）不变（2）要想使得小车受到的拉力等于钩码的重力，则必须使得钩码的质量远小于小车的质量，则钩码质量最适合用20g，故选A.（3）这位同学做法不正确正确的