2022-2023学年重庆市涪陵中学高三物理第一学期期中经典试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和

2、答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、功的单位用基本单位可表示为AJBNmCWsDkgm2/s22、一列火车由车头和9节相同车箱组成当该列火车在铁路上加速行驶时，正中间的一节车箱的前端受到的拉力为，后端受到的拉力为，则与之比为A2：3B3：2C4：5D5：43、用探测器探测地下通电电缆的位置（电缆垂直纸面）。第一次探测器放在M点，测得磁感应强度方向与水平地面成60角斜向上；第二次探测器放在N点，MN=L，测得磁感应强度方向与水平地面成30角，方向斜向下方，如图所示。则电缆的位置为：（）A在M点的正下方，深度B

3、在N点的正下方，深度C在M点的右，深度DMN中点的正下方，深度4、如图所示，当滑动变阻器R3的滑动头P向下移动时，则A电压表示数变小，电流表示数变大B电压表示数变大，电流表示数变小C电压表示数变大，电流表示数变大D电压表示数变小，电流表示数变小5、有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b处于地面附近的近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图所示，则有（）Aa的向心加速度等于重力加速度gBb在相同时间内转过的弧长最长Cc在4h内转过的圆心角是Dd的运动周期有可能是20小时6、图中弹簧秤、绳和滑轮的重量均不计，绳与滑轮间的摩擦力

4、不计，物体的质量都是m，在图甲、乙、丙三种情况下，弹簧秤的读数分别是、，则ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路，电源的内阻为r，现闭合电键S，将滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是A灯泡L变亮B电压表读数变小C电流表读数变小D电容器C上的电荷量增大8、如图所示，水平传送带能以恒定的速率v运行。现使一个可视为质点的物体，沿与水平传送带等高的光滑水平面以初速度v0从传送带左端滑上传送带，物体最终可能从传送带右端抛出，或从左端滑回光滑水平面，在

5、此过程中，下列说法正确的是()A传送带顺时针转动时，物体一定从右端抛出B传送带逆时针转动时，物体一定从左端滑回光滑水平面C传送带顺时针转动和逆时针转动，对物体做的功可能相同D传送带顺时针转动和逆时针转动，物体与传送带因摩擦产生的内能可能相同9、如图所示，一质量为m的物体从固定的粗糙斜面底端A点以速度v0滑上斜面，恰好能够到达斜面顶端B点，C点是斜面的中点。已知斜面的倾角为，高度为h，。则物体（ ）A到达B点后将停止运动B经过C时的速度为C从C点运动到B点的时间为D从A点运动到C点机械能减少2mgh10、一兴趣小组做了一次实验，实验时让某同学从桌子上跳下，自由下落H后双脚触地，他顺势弯曲双腿，他

6、的重心又下降了h后停住，利用传感器和计算机显示该同学受到地面的支持力F随时间变化的图象如图所示.根据图象提供的信息，以下判断正确的是A在0至t2时间内该同学处于失重状态Bt2时刻该同学的加速度为零Ct3时刻该同学的速度达到最大D在t3至t4时间内该同学处于超重状态三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组利用如图甲所示的实验装置，探究轻质弹簧的弹性势能与形变量的关系，光滑水平桌面距地面高为h，一轻质弹簧左端固定，右端与质量为m的小钢球接触，弹簧处于原长时，将小球向左推，压缩弹簧一段距离后由静止释放，在弹簧弹力的作用下，小球从桌

7、子边缘水平飞出，小球落到位于水平地面的复写纸上，从而在复写纸下方的白纸P点留下痕迹(已知重力加速度为g)(1)实验测得小球的落点P到O点的距离为l，那么由理论分析得到小球释放前压缩弹簧的弹性势能Ep与h、l、mg之间的关系式为_；(2)改变弹簧压缩量进行多次实验，测量数据如下表所示，请在图乙坐标纸上作出xl图象_.弹簧压缩量x/m0.0200.0400.0600.0800.1000.120小球飞行水平距离l/m0.51.01.52.42.63.0 (3)由图象得出x与l的关系式为_；由实验得到弹簧弹性势能Ep与弹簧压缩量x之间的关系式为_12（12分）某实验小组用一只弹簧测力计和一个量角器等器

8、材验证力的平行四边形定则，设计了如图所示的实验装置，固定在竖直木板上的量角器的直边水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圆心O的正上方A处，另一端系绳套1和绳套2，主要实验步骤如下：弹簧测力计挂在绳套1上竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O点处，记下弹簧测力计的示数F；弹簧测力计挂在绳套1上，手拉着绳套2，缓慢拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，此时绳套1沿0方向，绳套2沿120方向，记下弹簧测力计的示数；根据力的平行四边形定则计算绳套1的拉力_；比较_即可初步验证；只改变绳套2的方向，重复上述试验步骤回答下列问题：（1）将上述实验步骤补充完整；（2）将绳套1由0方向缓慢转动到60方向，同时绳套2由

9、120方向缓慢转动到180方向，此过程中保持橡皮筋的结点在O处不动，保持绳套1和绳套2的夹角120不变，关于绳套1的拉力大小的变化，下列结论正确的是_（填选项前的序号）A逐渐增大 B先增大后减小 C逐渐减小 D先减小后增大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑的水平面AB 与半径，光滑竖直半圆 轨道BCD在B点相切，D为轨道最高点。用轻质细线连接甲、乙两小球，中间夹一轻质弹簧，弹簧与甲、乙两球不拴接.甲球的质量为，乙球的质量为，甲、乙两球静止。现固定甲球，烧断细线，乙球离开弹簧后进入半圆轨道恰好

10、能通过D点。重力加速度取，甲、乙两球可看作质点。(1)试求细线烧断前弹簧的弹性势能；(2)若甲球不固定，烧断细线，求从烧断细线开始到乙球脱离弹簧过程中，弹簧对乙球冲量I的大小。14（16分）如图所示，质量为M的直角三棱柱A放在水平地面上，三棱柱的斜面是光滑的，且斜面倾角为，质量为m的光滑球放在三棱柱和光滑竖直墙壁之间，A和B都处于静止状态，求地面对三棱柱的支持力和摩擦力各为多少？15（12分）如图所示，一质量M=0.8kg的工件静止在水平地面上，其AB段为一半径R=1.0m的光滑圆弧轨道，BC段为一长度L=0.5m的粗糙水平轨道，二者相切于B点,整个轨道位于同一竖直平面内，P点为圆弧轨道上的-

11、一个确定点。.一质量m=0.2kg可视为质点的小物块，与BC间的动摩擦因数1=0.4。工件与地面间的动摩擦因数2=0.1。(取g=10m/s2)(1)若工件固定，将小物块由P点无初速度释放，滑至C点时恰好静止，求P、C两点间的高度差h;(2)若将一水平恒力F作用于工件，使小物块在P点与工件保持相对静止，一起向左做匀加速直线运动，求F的大小;(3)若地面光滑，且BC段长度L未知，当小物块由P点静止释放，恰好没有从工件上滑落，求最后小物块与工件的速度大小及L的值。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】功的单位可

12、表示为J、Nm 、Ws，但J、N、W都不是基本单位，只有kgm2/s2才是基本单位组成的，所以D正确；故选D。2、D【解析】设每节车箱受到的阻力为，每节车箱的质量为m，以后四节为研究对象，根据牛顿第二定律可得，以后五节为研究对象，根据牛顿第二定律可得，则有，故D正确，A、B、C错误；故选D【点睛】关键是研究对象的选取，根据牛顿第二定律列式求解3、C【解析】通电导线在某点产生的磁感应方向与该点和导线的连线垂直，故分别过M、N作、方向的垂线，交点即为导线的位置根据几何知识可得即在M点的右，即深度，故C正确ABD错误。故选C。4、B【解析】在变阻器的滑片向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外

13、电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流和路端电压如何变化，即可知电压表示数的变化情况。由欧姆定律分析并联部分电压的变化，判断电流表示数的变化【详解】滑动头P向下移动时，滑动变阻器连入电路的总电阻增大，即电路总电阻增大，根据闭合回路欧姆定律可得电路路端电压增大，即电压表的示数增大，总电流减小，即R1两端的电压减小，故并联电路电压增大，即R2两端电压增大，通过R2支路的电流增大，而总电流是减小的，故通过变阻器支路的电流减小，即电流表示数减小，B正确【点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所

14、需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部整体局部5、B【解析】A同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据a=2r可知，c的向心加速度大于a的向心加速度；根据万有引力等于重力可得卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，所以知a的向心加速度小于重力加速度g，故A错误；B根据万有引力提供向心力解得卫星的半径越大，速度越小，则有；对c和a有因为c的半径大于a的半径，故，故b的速度最大，在相同时间内转过的弧长最长，故B正确；Cc是地球同步卫星，周期是24h，则c在4h内转过的圆心角是

15、，故C错误；D根据开普勒第三定律可知，卫星的半径越大，周期越大，d的半径大于c的，所以d的运动周期大于c的周期24h，所以不可能为20h，故D错误。故选B。6、A【解析】甲图：物体静止，物体受到的拉力与重力大小相等，所以弹簧的拉力；乙图：对物体为研究对象，作出力图如图由平衡条件得：；丙图：以动滑轮为研究对象，可知滑轮受到的三个力之间的夹角都是由几何知识得故答案为；故选A【点睛】本题是简单的力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图对于丙图，是平衡中的特例，结果要记忆二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选

16、对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】滑片P向左移动一段距离后电阻变大，故电路的电流减小，电流表读数变小，灯泡L变暗；路端电压变大，故电压表读数变大；滑动变阻器两端电压变大，根据Q=CU可知，电容器C上的电荷量增大，选项CD正确，AB错误.8、ACD【解析】若传送带顺时针转动时，无论物体的初速度v0与传送带的速度v的关系如何，物体一定从右端抛出，选项A正确；若传送带逆时针转动时，若物体的初速度v0较大，物体在传送带上做减速运动，到达最右端时速度还未减到零，此时也能到达传送带的最右端，选项B错误；若传送带顺时针转动，且物体在传送带上滑动的速度一直大于传送带的速度，则传送带对物体做功为

17、-fL；若传送带逆时针转动，物体一直减速到最右端，此时传送带对物体做功也为-fL；两种情况下对物体做的功相同，选项C正确；物体与传送带因摩擦产生的内能为Q=fx，传送带顺时针转动和逆时针转动时，相对传送带的位移可能相同，则物体与传送带因摩擦产生的内能可能相同，选项D正确；故选ACD.9、AB【解析】AA运动到B，根据动能定理解得=2tan；则因为tan，即，可知到达B点后将停止运动，A正确；BA运动到C，根据动能定理有解得，B正确；C根据牛顿第二定律，可得向上的加速度则由逆向思维可得从C点运动到B点的时间为C错误；D从A点运动到C点机械能减少等于摩擦力的功D错误。故选AB。10、ABD【解析】

18、A.在0到t2时间内，支持力的大小小于重力，加速度大小向下，所以该同学处于失重状态故A正确；B.在t2时刻，支持力的大小等于重力，加速度为0，故B正确；C.在0至t2时间内该同学加速度大小向下，t2时刻该同学的速度达到最大，故C错误；D.根据牛顿第二定律得在t3到t4时间内，支持力的大小大于重力，加速度方向向上，所以该同学处于超重状态，故D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 【解析】（1）小球从桌子边缘水平飞出，做平抛运动，有，；压缩弹簧将小球向左推，由能量守恒可得，联立上述式子得；（2根据给出的数据利用描点法可得出对应的图像如图

19、所示（3）由图象得出x与s的关系式为；实验得到弹簧弹性势能与弹簧压缩量x之间的关系式为12、 和 A 【解析】（1）12根据力的平行四边形定则计算绳套1的拉力通绳套过比较和，在误差允许范围内相同，则可初步验证（2）3两个绳套在转动过程中，合力保持不变，根据平行四边形定则画出如答图所示的示意图根据示意图可知，绳套1的拉力大小逐渐增大，故A正确BCD错误四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）【解析】由题意可知考查用力、能量、动量的观点分析解决问题，利用牛顿第二定律 、动量守恒定律 、能量守恒定律、动量定理计算可得。【详解】(1)设乙球在D点处的速度为v，对乙球，在D处：得：(2)设甲、乙两球脱离弹簧时