云南省砚山县二中2022-2023学年物理高三上期中监测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2012年5月，汉宣高速铁路客运列车正式开通，结束了荆州市没有国铁的历史假设列车在某一路段做匀加速直线运动，速度由10m/s增加到30m/s时的位移为x，则当速度

2、由30/s增加到50m/s时，它的位移是（ ）AxB1.5xC2xD2.5x2、质量为m的小球A以水平初速度v0与原来静止的光滑水平面上的质量为3m的小球B发生正碰，已知碰撞过程中A球的动能减少了75%，则碰撞后B球的动能可能是（ ）A B C D3、如图所示，某杂技演员在做手指玩耍盘子的高难度表演若盘的质量为m，手指与盘之间的动摩擦因数为，重力加速度为g，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，盘底处于水平状态且不考虑盘的自转则下列说法正确的是（ ）A若手指支撑着盘，使盘保持静止状态，则手指对盘的作用力大于mgB若手指支撑着盘并一起水平向右匀速运动，则盘受到水平向右的静摩擦力C若手指支撑着盘并一起水平

3、向右匀加速运动，则手对盘的作用力大小为D若盘随手指一起水平匀加速运动，则手对盘的作用力大小不可超过4、测速仪安装有超声波发射和接受装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始作匀加速直线运动。当B接收到反射回来的超声波信号时，AB相距355m，已知声速为340m/s，则汽车的加速度大小为（ ） A20m/s2B10m/s2C5m/s2D无法确定5、如图所示，卡车通过定滑轮以恒定的功率P0拉绳，牵引河中的小船沿水面运动，已知小船R的质量为m，沿水面运动时所受的阻力为f，当绳AO段与水平面夹角为时，小船的速度为v，不计绳子与滑轮的摩擦，则此时小船的加

4、速度等于（）ABCD6、如图所示，一个小型水电站，其交流发电机的输出电压U1 一定，通过理想升压变压器T1 和理想降压变压器T2向远处用户供电，输电线的总电阻为R.T1的输入电压和输入功率分别为U1和P1，它的输出电压和输出功率分别为U2和P2；T2的输入电压和输入功率分别为U3和P3，它的输出电压和输出功率分别为U4和P4.下列说法正确的是()A当用户的用电器增多时，U2减小，U4变小B当用户的用电器增多时，P1变大，P3减小C输电线上损失的功率为PD要减小线路的损耗，应增大升压变压器的匝数比，同时应增大降压变压器的匝数比二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个

5、选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在光滑水平面上,a、b两小球沿同一直线都以初速度大小v0做相向运动,a、b两小球的质量分别为ma和mb,当两小球间距小于或等于L时,两小球受到大小相等、方向相反的相互排斥的恒力作用；当两小球间距大于L时,相互间的排斥力为零,小球在相互作用区间运动时始终未接触,两小球运动时速度v随时间t的变化关系图象如图所示,下列说法中正确的是（）A在t1时刻两小球间距最小B在t2时刻两小球的速度相同,且大小为C在0t3时间内,b小球所受排斥力方向始终与运动方向相同D在0t3时间内,排斥力对a、b两小球的冲量大小相等8

6、、如图所示，物体A、B经无摩擦的定滑轮用细线连在一起，A物体受水平向右的力F的作用，此时B匀速下降，A水平向左运动，可知 ( )A物体A做匀速运动BA做加速运动C物体A所受摩擦力逐渐减小D物体A所受绳子的拉力大小不变9、一只质量为M的平板小车静止在水平光滑面上，小车上站着一个质量为m的人，Mm，在此人从小车的一端走到另一端的过程中，以下说法正确的是(不计空气的阻力)( )A人受的冲量与平板车受的冲量相同B人向前走的速度大于平板车后退的速度C当人停止走动时，平板车也停止后退D人向前走时，在水平方向上人与平板车的总动量守恒10、一粒钢珠从静止状态开始自由下落，然后陷入泥潭中若把在空中下落的过程称为

7、过程I，进入泥潭直到停住的过程称为过程II，空气阻力忽略不计则（ ）A过程I中钢珠动量的改变量等于重力的冲量B过程中阻力的冲量的大小等于过程I中重力冲量的大小C过程II中钢珠克服阻力所做的功等于过程I与过程II中钢珠所减少的总重力势能D过程II中损失的机械能等于过程I中钢珠所增加的动能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组用如图甲所示的装置验证牛顿第二定律，同时测量木块与木板间的动摩擦因数，提供的器材有带定滑轮的长木板，打点计时器，交流电源，木块，纸带，米尺，8个质量均为20g的钩码，细线等.实验操作过程如下：A长木板置于

8、水平桌面上，带定滑轮的一端伸出桌面，把打点计时器同定在长木板上并与电源连接，纸带穿过打点计时器并与木块相连，细线一端与木块相连，另一端跨过定滑轮挂上钩码，其余钩码都叠放在木块上；B使木块靠近打点计时器，接通电源，释放木块，打点计时器在纸带上打下一系列点，记下悬挂钩码的个数C将木块上的钩码逐个移到悬挂钩码端，更换纸带，重复实验操作B;D测出每条纸带对应的木块运动的加速度a，实验数据如图乙所示.n456780.501.302.203.003.90（1）实验开始时，必须调节滑轮高度， 使_；（2）该实验中小车质量_（填“需要”或“不需要”)远大于所挂钩码质量。（3）根据图乙数据，在图丙中作出图象；（

9、_）（4）由图线得到= _(g=10 m/s2 )，还可求的物理量是_ (只需填写物理量名称).12（12分）为了探究加速度与力、质量的关系，物理兴趣小组成员独立设计了如图甲所示的实验探究方案，并进行了实验操作（1）在长木板的左端垫上木块的目的是_；（2）实验中用砝码（包括小盘）的重力G=mg的大小作为小车（质量为M）所受拉力F的大小，能够实现这一设想的前提条件是_；（3）图乙为小车质量M一定时，根据实验数据描绘的小车加速度的倒数 与盘和砝码的总质量m之间的实验关系图象设图中直线斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿第二定律成立，则小车的质量M为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答

10、题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，质量M=1.0kg的薄木板静止在水平桌面上，薄木板上放有质量m=1.0kg的小铁块（可视为质点），它离木板左端的距离为L=0.15m，铁块与木板间的动摩擦因数为=0.1，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力现用一水平向右的拉力作用在木板上，使木板和铁块由静止开始运动，g取10m/s1 (1)若桌面光滑，拉力大小恒为F1=4.8N，求小铁块运动的加速度大小；(1)若木板以4.0m/s1的加速度从铁块下抽出，求抽出过程所经历的时间t；(3)若桌面与薄木板间的动摩擦因数也为，则拉力F1的大小满足什么条件才能将木板从铁块下抽

11、出？14（16分）如图所示，固定斜面足够长，斜面与水平面的夹角=30，一质量为3m的“L”型工件沿斜面以速度v0匀速向下运动，工件上表面光滑，其下端连着一块挡板某时刻，一质量为m的小木块从工件上的A点，沿斜面向下以速度v0滑上工件，当木块运动到工件下端时（与挡板碰前的瞬间），工件速度刚好减为零，后木块与挡板第1次相碰，以后每隔一段时间，木块就与工件挡板碰撞一次已知木块与挡板都是弹性碰撞且碰撞时间极短，木块始终在工件上运动，重力加速度为g求：（1）木块滑上工件时，木块、工件各自的加速度大小（2）木块与挡板第1次碰撞后的瞬间，木块、工件各自的速度大小（3）木块与挡板第1次碰撞至第n（n=2，3，4

12、，5，）次碰撞的时间间隔及此时间间隔内木块和工件组成的系统损失的机械能E15（12分）如图甲所示，一个以恒定速率逆时针转动的传送带AB，在其左侧边缘的B点有一个不计大小的滑块，若滑块以初速度v1=3m/s冲上传送带，滑块运动的v-t力象如图乙中实线a所示；若滑块以初速度v1=6m/s冲上传送带，滑块运动的v-t图象如图所乙实线b所示重力加速度g取10m/s1求： （1）传送带的长度L和传送带与滑块间的动摩擦因数； （1）滑块以初速度v1=3m/s冲上传送带到返回B点所用的时间t 参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、

13、C【解析】根据匀变速直线运动的速度位移公式，列车速度从10m/s增加到30m/s时有：速度从30m/s增加到50m/s时有：，联立两式得：x=2xA. x故A项错误； B. 1.5x故B项错误； C. 2x故C项正确； D. 2.5x故D项错误2、B【解析】碰撞过程中A球的动能减少了75%，即变为原来的 ，所以A的速度大小变为原来的 若碰后A球速度方向和原来的方向一致，取A原来的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得： ，解得，碰后A、B同向运动，A在B的后面，A的速度大于B的速度，不可能若碰后A球速度方向和原来的方向相反，取A原来的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得： ，解得符合题意，碰撞后

14、B球的动能为 ，故B正确，综上所述本题答案是：B3、D【解析】A若手指支撑着盘，使盘保持静止状态，则盘子受力平衡，手指对盘子的作用力与盘子的重力等大反向，则手指对盘的作用力等于mg，选项A错误；B若手指支撑着盘并一起水平向右匀速运动，则水平方向盘子不受力，即盘不受静摩擦力，选项B错误；C若手指支撑着盘并一起水平向右匀加速运动，则手对盘的作用力大小为ma，不一定等于mg，选项C错误；D若盘随手指一起水平匀加速运动，则手对盘子水平方向的最大静摩擦力为mg，竖直方向对盘子的支持力为mg，则手对盘的作用力大小的最大值即手对盘的作用力大小不可超过mg，选项D正确。故选D。4、B【解析】设汽车运动的加速度

15、为a，时间为t，则=355335=20m 超声波来回的时间也为t，超声波做匀速直线运动，所以单程的时间为，汽车做初速度为零的匀加速运动，所以在单程时间内，汽车开过的位移5m，则超声波追上汽车时，经过的位移x=335+5=340m所以将t=2s代入=355335=20m 解得a=10m/s2故B正确，ACD错误。故选B。5、A【解析】ABCD. 假设卡车速度是v0，对小船运动分解，小船的速度为v的沿绳分量与卡车速度相同，如图：由几何关系可知，此时卡车的牵引力为再对小船受力分析如图：由牛顿第二定律可知，小船加速度为故A正确BCD错误。故选A。6、D【解析】A交流发电机的输出电压U1一定，匝数比没变

16、，根据，知U2不变，故A错误；B当用户的用电器增多时，用户消耗的电功率变大，则输入功率增大，即P3变大，故B错误；C输电线上损失的功率，输电线上损失的电压U损小于U2，故C错误；D输送功率一定时，根据P=UI和P损=I2R知，要减小线路的损耗，应增大输送电压，又U1一定，根据，可知应增大升压变压器的匝数比，U3=U2-IR，U2增大，I2减小，所以U3增大，用户电压不变，根据，知，应增大降压变压器的匝数比，故D正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A、二

17、者做相向运动，所以当速度相等时距离最近，即t2时刻两小球最近，之后距离又开始逐渐变大，故A错误；B、由题意可知，两小球相距L时存在相互作用力，故两小球做变速运动，由于不受外力，故小球的动量守恒；根据动量守恒定律可知：，解得t2时刻两小球的速度均为，故B正确；C、在0t3时间内，b球先减速再反向加速运动，知所受的合力方向与速度方向先相反再相同，故C错误；D、由于两小球受到的相互作用力相同，故在0t3时间内，排斥力对a、b两小球的冲量大小相等，故D正确；故选BD【点睛】明确v-t图象的性质以及题意，知道两小球的运动情况，根据动量守恒定律可求得共同的速度；根据图象分析受力以及运动关系，根据动量定理分

18、析冲量大小8、BCD【解析】ABB匀速下降，A沿水平面向左做运动，如图1，设绳子与水平方向的夹角为，则有A水平向左运动过程中，夹角增大，所以A的速度增大，即A物体做加速运动，故A错误，B正确；CD因为B匀速下降，所以B受力平衡，B所受绳拉力 A受斜向上的拉力等于B的重力，在图2中把拉力分解成竖着方向的F2和水平方向F1，在竖直方向上，有绳子与水平方向的夹角增大，所以有F2增大，支持力N减小，所以摩擦力减小，故CD正确。9、BCD【解析】人向前走时，在水平方向上人和平板车所组成的系统动量守恒，初状态人船静止，系统总动量为零，以人运动方向为正方向，有mv人+Mv车=0 ，则v车=-mv人M，故人往

19、前走，车后退，且当人的速度为零时，车的速度也一定为零，故CD正确。由于Mm，所以v人v车，故B正确。由动量定理可知，I=mv人=-Mv车 ，则人和车的冲量大小相等，但方向相反，故冲量不相等，故A错误。【点睛】本题主要考查动量守恒定律和动量定理，对整体受力分析，根据动量守恒的条件可得出系统是否动量守恒；由冲量的定义可得出冲量是否相等。10、AC【解析】过程中钢珠只受到重力，根据动量定理分析得知，钢珠动量的改变量等于重力的冲量故A正确对全过程分析，根据动量定理可知，则阻力的冲量的大小等于过程和过程中重力冲量的大小总和故B错误对于整个过程：钢珠动能的变化量，根据动能定理得知，整个过程重力做功等于钢珠

20、克服阻力做功，而整个重力做功等于整个过程中钢珠所减少的重力势能，所以过程中钢珠克服阻力所做的功等于过程与过程中钢珠所减少的重力势能之和故C正确根据功能关系分析得知，过程中损失的机械能等于过程中钢珠克服阻力做功，等于过程中钢珠所增加的动能和过程减小的重力势能故D错误故选AC【点睛】本题一要灵活选择研究的过程；二是运用动量定理研究冲量，运用动能定理研究动能的改变量是常用的思路三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）细线与木板表面平行 不需要 0.31(0. 290.33) 木块的质量 【解析】（1）1实验开始时，必须调节滑轮高度，保证细线

21、与木板表面平行；（2）2该实验中保持木块和钩码的总质量不变，则研究对象是木块和钩码的整体，则木块质量不需要远大于所挂钩码质量。（3）3根据表中实验数据在坐标系中描出对应的点，然后作出图象，如图所示；（4）45对木块与钩码组成的系统，由牛顿第二定律得：nmg-（8-n）mg+m木g=（8m+m木）a解得：由图象得：n=0时，-g=a=-3，0.31（0.290.33均正确）由图象还可以求出木块质量12、（1）平衡摩擦力（2）盘和砝码的总质量远小于小车的质量（3）【解析】（1）在长木板的左端垫上木块的目的是平衡摩擦力；（2）实验中用砝码（包括小盘）的重力G=mg的大小作为小车(质量为M)所受拉力F

22、的大小，需要使小车质量远大于砝码和盘的质量之和，因为在mg=(m+M)a中当Mm时有：F=mg=Ma（3）由（2）分析知：，故截距 ，斜率 解得小车的质量 【点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和Mm的操作和要求的含义四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)a=1.6m/s1 (1) t=0.5s (3)F111N【解析】（1）小铁块的最大静摩擦力：小铁块最大加速度为：假设小铁块相对木板静止，根据牛顿第二定律：所以小铁块不会相对长木板滑动，小铁块运动的加速度大小：（1）木板和铁块发生相对运动，对小铁块，根据牛顿第二定律，有解得：根据位移关系：即：代入数据解得：t=0.5s（3）对木板隔离分析有：木板从铁块下抽出条件：，代入数据得：解得：14、（1）a1； a1 （1）1v0 ；1v0（3）t =（n=1,3,4,5,）；E=14（n1）mv01（n=1,3,4,5,）【解析】（1）设工件与斜面间的动摩擦因数为，木块加速度为a1，工件加速度为a1对木块，由牛顿第二定律可得：mgsinma1对工件，由牛顿第二定律可得：（3m+m）gcos3 mgsin3ma1 工件匀速运动时，由平衡条件可得：3mg