2023学年广东省佛山市重点中学物理高二上期中检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电功和电功率，下列说法中正确的是A电流做功越多的用电器，单位时间内消耗的电能就越多B电功率越大的用电器消耗的电能一定越多C额定功率越大的用电器电流做功一定较快D电能消耗越快的

2、用电器电功率越大2、下列家用电器中主要利用了电流热效应的是A电视机 B洗衣机 C电话机 D电饭煲3、海峡两岸直航后，原来从台北飞往上海要经过香港中转（以下称“A线路”），现在可以从台北直飞到上海（以下称“B线路”） 假设某人分别沿上述两条线路从台北到上海（如图），以下说法正确的是A沿A线路和B线路的路程相同，位移也相同B沿A线路和B线路的路程相同，位移不相同C沿A线路和B线路的路程不相同，位移相同D沿A线路和B线路的路程不相同，位移也不相同4、对于金属导体，还必须满足下列哪一个条件才能在导体中产生恒定的电流？（ ）A有可以自由移动的电荷B导体两端有电压C导体内存在电场D导体两端加有恒定的电压5

3、、下列关于点电荷的说法，正确的是()A点电荷一定是电荷量很小的电荷B点电荷是一种理想化模型，实际不存在C只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D体积很大的带电体一定不能看成点电荷6、用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表将它们串联起来接入电路中，如图所示，接通电路后，下列判断正确的是A两只电表的指针都不偏转B两只电表的指针偏转角相同C电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图

4、所示：空间中存在两圆形区域磁场和，两磁场相切于O点，磁感应强度分别为和，区域场半径均为R。一宽度为2R，质量m，电荷量为q带负电粒子束，从图示平面以速度进入磁场，所有粒子均能汇聚于O点，然后进入区域。已知，最后粒子从区域出磁场，不计粒子重力，则下列说法中正确的是（）A区域场磁感应强度满足B区域场磁感应强度满足C区域中有粒子射出边界的位置对应圆弧长度为D区域中有粒子射出边界的位置对应圆弧长度为8、如图，O是一固定的点电荷，虚线a、b、c是该点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q仅受电场力的作用沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处，由此可见（ ）AO为负电荷B在整个过程中q的速度

5、先变大后变小C在整个过程中q的加速度先变大后变小D在整个过程中，电场力做功为09、下图是物体做匀变速直线运动的vt图象，设向右为速度正方向，关于物体的运动情况，下列说法中正确的有( )A前4 s向右运动B在4 s末回到原点C4 s末运动方向发生改变D前8 s的加速度不变10、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，R1的阻值和电内阻r相等当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时A电压表读数减小B电流表读数减小C电的输出功率逐渐增大D质点P将向上运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“用伏安法

6、测金属丝电阻率”的实验中(1)下列关于金属丝的电阻率、电阻Rx以及实验操作的说法中，正确的是_。A将金属丝等分成两段，则每段的电阻Rx和电阻率均变为原来的一半B金属丝的电阻Rx越大，其电阻率也一定越大，导电性能越弱C金属丝的电阻与它的长度成正比，与通过它的电流的大小成反比D测量过程中，通过金属丝的电流不宜过大，通电时间也不宜过长，以避免温度对电阻率的影响(2)用螺旋测微器测金属丝直径时的示数如图甲所示，读数应：_mm。(3)为保证实验器材的安全，闭合开关前滑动变阻器滑片P应放在_端(填“左”或者“右”)(4)某次测量中电压表的示数为U0，电流表示数为I0，接入电路的电阻丝长度为l0，横截面直径

7、为D，则该金属丝电阻率为_(用I0，U0，l0，D表示)(5)实验器材有：电池组、电流表(内阻约为0.1)、电压表(内阻约为1000)、滑动变阻器、电阻丝Rx(内阻约为2)、开关、导线若干。图乙为本次测电阻率实验的实物图，图中已连接了部分导线，要求金属丝两端电压从0V开始测量。请将该实物图连接补充完整_。12（12分）两位同学用如图所示装置，通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律。（1）为了完成本实验，下列必须满足的条件是_。A斜槽轨道末端的切线必须水平B入射球和被碰球的质量必须相等C入射球和被碰球大小必须相同D入射球每次必须从轨道同一位置由静止滚下（2）实验中测得入射球A的质量为m

8、1，被碰撞小球B的质量为m2，图中O点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影。实验时，先让入射球A从斜轨上的起始位置由静止释放，找到其平均落点的位置P，测得平抛射程为OP；再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，与小球B相撞，分别找到球A和球B相撞后的平均落点M、N，测得平拋射程分别为OM和ON。当所测物理量满足表达式_时，即说明两球碰撞过程动量守恒；如果满足表达式_时，则说明两球的碰撞为完全弹性碰撞。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，用一条绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球质量为1.0102 kg，所

9、带电荷量为2.0108 C现加一水平方向的匀强电场，平衡时绝缘绳与竖直线成30角，绳长L0.2 m，(重力加速度g的大小取10 m/s2)。求这个匀强电场的电场强度大小14（16分）如图所示，afe、bcd为两条平行的金属导轨，导轨间距l0.5 med间连入一电源E3 V，内阻r=0.5，ab间放置一根长为l0.5 m的金属杆与导轨接触良好，cf水平且abcf为矩形空间中存在一竖直方向的磁场，当调节斜面abcf的倾角时，发现当且仅当在3090之间时，金属杆可以在导轨上处于静止平衡已知金属杆质量为0.1 kg，金属杆的电阻R为1，导轨及导线的电阻可忽略，金属杆和导轨间最大静摩擦力为弹力的倍重力加

10、速度g10 m/s2，试求磁感应强度B及.15（12分）如图所示，一带电小球质量为m，用丝线悬挂在水平方向的匀强电场E中，当小球静止时丝线与竖直方向的夹角为。(1)求小球所带的电荷量；(2)若把悬线烧断，则小球经过时间t后的位移是多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A电流做功越多的用电器，可能所用的时间也很长，所以电功率不一定大，即单位时间内消耗的电能不一定多，故A错误； BD电功率越大的用电器，消耗的电能快，但不一定越多，故B错误，D正确； C因用电器工作过程中实际电功率可能小于它的额定功率，所以

11、额定功率越大的用电器，其实际功率不一定大，所以电流做功不一定较快，故C错误。故选D2、D【解析】电视机是利用了电流的磁效应来工作的，故A错误；洗衣机利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故B错误；电话机利用了电流的磁效应，故C错误；电饭煲将电能转化为内能，故D正确；故选D点睛：主要考查电流的热效应、磁效应和化学效应在生活中的应用实例，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪一个效应体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念3、C【解析】试题分析：位移是由初位置指向末位置的有向线段，路程为路径的长度，由此可知C对；考点：考查位移与路程点评：理解位移与路程的概念和区别，本题从两概念的定义

12、入手即可求解4、D【解析】试题分析：A、金属导体中就存在自由电荷，但不一定能形成恒定的电流；错误B、导体两端有电压时，导体中有电流，但不一定产生恒定电流；错误C、导体内存在电场，导体中可能形成短暂的电流，不一定能形成持续稳定的电流；错误D、导体两端存在着恒定的电压时，导体中产生持续的恒定电流；正确故选D考点：电流和电压的概念点评：掌握产生电流的条件：一是导体内有自由电荷；二是导体两端存在电压；要产生恒定的电流导体的两端电压要恒定不变。5、B【解析】点电荷是将物体简化为点，带电物体能否简化为点关键是看物体的大小对于研究的问题能否忽略不计，而不是看电荷量的大小，也不能看体积大小，即体积很小的不一定

13、能看做点电荷，体积很大的也不一定不能看做点电荷，故ACD错误；点电荷是一种理想化模型，实际不存在，选项B正确6、C【解析】电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C正确；故选C【点睛】电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小.二、多项

14、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB任意画出带电粒子在I区域的一条运动轨道，如图由几何关系，可得到该带电粒子的轨道半径刚好等于I区域的半径R，而在I区域内洛仑兹力提供向心力，有得到故A正确，B错误；CD因区域的磁场，可知带电粒子的轨道半径变为由于带电粒子进入区域各个方向的速度都有，由几何关系可知，当它的弦长等于直径时，对应的圆弧长度最大，即当它的弦长等于时，对应的圆弧长度最大，此时对应的圆心角为，故最大值为，即区域中有粒子射出边界的位置对应圆弧长度为，故C错误

15、，D正确。故选AD。8、CD【解析】A粒子的所受合力的方向大致指向轨迹的弯曲的方向，知正电荷所受的电场力背离点电荷向外，知O为正电荷故A错误B从从a处运动b处，然后又运动到c处电场力先做负功，再做正功，则动能先减小再增大，所以速度先减小再增大故B错误C越靠近点电荷，电场线越密，则电荷所受电场力越大，加速度越大，则加速度先增大后减小，故C正确Da与c在同一个等势面上，两点间的电势差为零，根据W=qU，知电场力做功为零，故D正确9、ACD【解析】试题分析：根据时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，图线的斜率代表加速度，分析解题前4s内，物体的速度一直为正，说明前4s内物体一直向右运动，则4s末物

16、体没有回到原点，故A正确B错误；速度的正负表示运动方向，4s前速度为正，即向右运动，4s后速度为负，即向左运动，所以运动方向发生变化，C正确；图像的斜率表示加速度，08s内斜率恒定，所以加速度恒定，D正确10、AC【解析】当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，其接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知干路电流I增大电容器板间电压等于R3的电压R4减小，AB间并联部分的总电阻减小，则R3的电压减小，R3上消耗的功率逐渐减小，电容器板间场强减小，质点P所受的电场力减小，所以质点P将向下运动，故D错误；流过电流表的电流IA=I-I3，I增大，I3减小，则IA增大，所以电流表读

17、数增大，故B错误；R4的电压U4=U3-U2，U3减小，U2增大，则U4减小，所以电压表读数减小故A正确；由于R1的阻值和电源内阻r相等，则外电路总电阻大于电源的内阻r，当外电阻减小时，电源的输出功率逐渐增大 C正确故选AC【点睛】本题是电路动态变化分析问题，先分析变阻器接入电路的电阻变化，再分析外总电阻变化和总电流的变化，接着分析局部电路电压和电流的变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D 0.680(0.6790.685) 左 见解析 【解析】(1)1A把一根均匀导线分成等长的两段，则每部分的电阻变为原来的一半，但电阻率与温度和材

18、料有关，与其他因素无关，故电阻率不变，故A错误；B电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，与温度和材料有关，与本身电阻大小无关，电阻率越大，其导电性能越差，电阻率越小，则其导电性能越好，故B错误；C根据电阻定律可知金属丝的电阻与它的长度、横截面积以及电阻率有关，与电流无关，故C错误；D测电阻时，电流不宜过大，通电时间不宜过长，否则温度变化明显，电阻率会明显变化，故D正确；故选D；(2)2螺旋测微器的固定刻度读数为，可动刻度读数为：所以最终读数为：(3)3对待测电路起到保护作用，故闭合开关前滑动变阻器滑片应放在左端；(4)4根据欧姆定律，可知接入电路的电阻为：根据电阻定律可得：则整理可以得到该金属丝电阻率为：(5)5要求金属丝两端电压从0V开始测量，故滑动变阻器采用分压式连接，同时电流表的内阻与待测电阻相差不多，则采用安培表外接，则如图所示：12、ACD m1OP=m1OMm2ON 【解析】(1)1A要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须切线水平，故A正确；B为了防止入射球反弹