2023学年广东省茂名市电白县第一中学高二物理第一学期期中达标检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如果在某电场中将带电荷量为5.010-8C的正电荷由A点移到B点，电场力做了-6.010-3的功，那么将带电荷量为5.010-8C的负电荷也由A点移到B点，电场力做的功

2、为A-6.010-3JB6.010-3JC-3.010-3JD3.010-3J2、下列各组物理量，在运算过程中都遵循平行四边形定则的是（）A位移、时间、速度B速度、速率、加速度C加速度、位移、速度D路程、时间、位移3、在地球赤道正上方一导线中通有自西向东的电流，则导线受到地磁场给它的安培力方向为（）A竖直向上B竖直向下C东偏上D西偏上4、如图所示，a为带正电的物体，b为不带电的绝缘物块，a、b叠放在粗糙水平地面上地面上方有垂直纸面向里的匀强磁场，现用恒力F拉b，使a、b一起无相对滑动地向左加速运动，则在加速阶段，a受到b施加的摩擦力方向及大小变化是（）A向左，变大B先向左后向右，先减小后增大C

3、向左，变小D向左，不变5、一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成4L长的均匀细丝后，其电阻值为ABCD6、真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F如果保持这两个点电荷之间的距离不变，而将它们的电荷量都变为原来的4倍，那么它们之间静电力的大小变为（ ）ABC4FD16F二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两位同学在实验室利用如图甲所示的电路测定值电阻R0、电源的电动势E和内电阻r，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表

4、V1的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据。根据数据描绘了如图乙所示的两条UI直线。当图象中两直线相交时表示()A滑动变阻器的滑动头P滑到了最左端B电源的输出功率最大C定值电阻R0上消耗的功率为1.0 WD此过程中电压表V2的变化量大于电压表V1的变化量8、磁感应强度B在国际单位制中的单位是特斯拉（符号T），关于1T下列单位中与磁感应强度单位一致的是：ANAm BNCs CNCm DVsm29、两个完全相同的带电金属小球(均可视为点电荷)，电量大小分别2Q和4Q，将它们固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1.现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为a/

5、2的两点，它们之间库仑力的大小为F2.则F1与F2之比可能为( )A81B89C29D2110、一顾客乘电梯从二楼下到一楼的过程中（ ）A重力对她做正功 B重力对她做负功C支持力对她做正功 D支持力对她做负功三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学做“测定金属电阻率”的实验。（1）用螺旋测微器测金属丝的直径如图所示，则该金属丝的直径为_mm （2）这位同学采用伏安法测定一段阻值约为5左右的金属丝的电阻。有以下器材可供选择：（要求测量结果尽量准确）A电池组（3V，内阻约1） B电流表（03A，内阻约0.025）C电流表（00.6A

6、，内阻约0.125）D电压表（03V，内阻约3k）E电压表（015V，内阻约15k）F滑动变阻器（020，额定电流1A）G滑动变阻器（01000，额定电流0.3A）H开关，导线 实验时应选用的器材是_（填写各器材的字母代号）.请在虚线框中画出实验电路图_.这位同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图所示。由图中电流表、电压表的读数可计算出金属丝的电阻为_.12（12分）（1）在“测金属的电阻率”的实验中，分别用游标卡尺和螺旋测微器测出用金属材料制成的一段圆柱体的长度和横截面的直径如图实所示则该圆柱体的长度为_mm，横截面的直径为_mm （2）有一标有额定电压为“6V”，额定功率模糊不清的小灯

7、泡（电阻约为）一名同学到实验室测该灯泡的额定功率与电阻，除导线和开关若干外，实验室还有以下器材：A.直流电源10V（内阻不计） B.直流电流表（内阻约为）C.直流电压表（内阻约为） D.滑动变阻器，画出实验电路图_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的区域中，第二象限为垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，第一、第四象限是一个电场强度大小未知的匀强电场，其方向如图。一个质量为m，电荷量为+q的带电粒子从P孔以初速度v0沿垂直于磁场方向进入匀强磁场中，初速度方向与边界线的夹角=30，粒子恰好从y轴上

8、的C孔垂直于匀强电场射入匀强电场，经过x轴的Q点，已知OQ=OP，不计粒子的重力，求：（1）粒子从P运动到C所用的时间t；（2）电场强度E的大小；（3）粒子到达Q点的动能Ek。14（16分）如图中所示B为电源，电动势E=27V，内阻不计。固定电阻R1=500，R2为光敏电阻。C为平行板电容器，虚线到两极板距离相等，极板长l1=8.010-2m，两极板的间距d=1.010-2m。S为屏，与极板垂直，到极板的距离l2=0.16m。P为一圆盘，由形状相同、透光率不同的三个扇形a、b和c构成，它可绕AA/轴转动。当细光束通过扇形a、b、c照射光敏电阻R2时，R2的阻值分别为1000、2000、4500

9、。有一细电子束沿图中虚线以速度v0=8.0106m/s连续不断地射入C。已知电子电量e=1.610-19C，电子质量m=910-31kg。忽略细光束的宽度、电容器的充电放电时间及电子所受的重力。假设照在R2上的光强发生变化时R2阻值立即有相应的改变。（1）设圆盘不转动，细光束通过b照射到R2上，求平行板电容器两端电压U1（计算结果保留二位有效数字）。（2）设圆盘不转动，细光束通过b照射到R2上，求电子到达屏S上时，它离O点的距离y。（计算结果保留二位有效数字）。（3）转盘按图中箭头方向匀速转动，每3秒转一圈。取光束照在a、b分界处时t=0，试在图中给出的坐标纸上，画出电子到达屏S上时，它离O点

10、的距离y随时间t的变化图线（06s间）。要求在y轴上标出图线最高点与最低点的值。（不要求写出计算过程，只按画出的图线就给分） 15（12分）在图所示的电路中，电源电压U15V，电阻R1、R2、R3的阻值均为10，S为单刀三掷电键，求下列各种情况下电压表的读数：（1）电键S接B（2）电键S接A （3）电键S接C参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A、B两点间的电势差在A、B两点间移动5.010-8C的负电荷时，A、B间的电势差不变则电场力做功为WAB=qUAB=(-5.010-8)(-1.2105)J=6.

11、010-3J故B正确，ACD错误故选B【点睛】本题要抓住电场中两点间的电势差由电场中两点的位置决定，与移动的试探电荷无关记住电场力做功与电势差的关系，并理解公式中物理量的含义.2、C【解析】A、位移和速度是矢量，运算时遵守平行四边形定则；时间是标量，运算时遵守代数加减法则。故A错误；B、速度和加速度都是矢量，运算时遵守平行四边形定则；速率是标量，运算时遵守代数加减法则。故B错误；C、加速度、位移和速度都是矢量，运算时都遵守平行四边形定则，故C正确；D、位移是矢量，运算时遵守平行四边形定则；路程和时间是标量，运算时遵守代数加减法则。故D错误。故选：C。3、A【解析】赤道处的磁场方向从南向北，电流

12、方向自西向东，根据左手定则，安培力的方向竖直向上，故选A。4、C【解析】整体受到总重力、地面的支持力、竖直向下的洛伦兹力、拉力、地面摩擦力向左加速运动的过程中，速度增加，洛伦兹力增大，则支持力增大，摩擦力变大，合力变小，根据牛顿第二定律，加速度减小再隔离对a分析，根据牛顿第二定律知，a所受的合力减小a在水平上仅受静摩擦力，则静摩擦力变小，方向向左故C正确，A、B、D错误故选C点睛：对整体进行受力分析，根据牛顿第二定律判断出整体加速度的变化，再隔离对a分析，得出a合力的变化，从而得知摩擦力的变化5、D【解析】一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成4L长的均匀细丝后，截面积变为原来的，则根据

13、，可知，电阻变成原来的16倍。A。故A不符合题意。 B。故B不符合题意。 C。故C不符合题意。 D。故D符合题意。6、D【解析】根据库仑定律，距离改变之前：，当电荷量都变为原来的4倍时：，故A、B、C错误，D正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】A由题意可知图象表示电源的路端电压随电流的变化关系；图象表示电阻两端的电压随电流的变化关系；交点处说明两图象表示的电流相等，并且电压相等，故说明此时滑动变阻器短路，即滑片滑到了最左端，故A正确；B当电路中外电阻

14、等于内电阻时，电源输出功率最大，根据图像的交点坐标以及直线的斜率可知R0r，改变滑动变阻器时无法达到电路中内、外电阻相等，此时当外电阻越接近内电阻时，电源输出功率最大，故B正确；C由图可知，此时电源的路端电压为1.0V，电流为0.5A，定值电阻上消耗的电功率P=UI=0.5W，故C错误；D由图像可知，的斜率大于，可知此过程中电压表V2的变化量大于电压表V1的变化量，选项D正确。8、AD【解析】根据磁感应强度的定义式B=FIL得，1T=1N/（Am），由B=S，则单位可以为1T=1Wb/m2；由公式B=FIL由安培力的单位是N，而电流的单位是A，1A=1C/s，长度的单位为m，则单位的换算可得1

15、T=N/（Am）=1N/（Cms-1）；由公式E=t，得1V=1Wb/s，又1Wb=1Tm2;联立可得：1T=1Vsm2；故AD正确，BC错误。故选AD。9、CD【解析】开始时根据库仑定律得： ，当带同种电荷时，根据接触带电原则可得各自带电为：3Q，此时的库仑力为： ，所以，故C正确；当带异种电荷时，根据接触带电原则可得各自带电为：Q，此时的库仑力为： ，所以，故D正确。所以CD正确，AB错误。10、AD【解析】顾客乘电梯从二楼下到一楼的过程中，因重力方向向下，与位移的夹角小于900，则重力做正功，支持力的方向与位移夹角大于900，则支持力做负功；故选项BC错误，AD正确；故选AD.【点睛】此

16、题关键是知道力做正功时，力的方向与位移夹角为锐角；力做负功时，力的方向与位移夹角为钝角；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4.592（4.591-4.594） ACDFH 5.2 【解析】(1)1螺旋测微器读数=固定刻度读数+半刻度读数+可动刻度读数；固定刻度读数：4mm半刻度读数：0.5mm可动刻度读数：0.01mm9.2=0.092mm故金属丝的直径为4+0.5+0.092=4.592mm（4.591-4.594）；(2)2根据欧姆定律电阻定律可得电阻率可见需要通过实验直接测量的物理量有：加在金属丝两端的电压U，通过金属丝的电流I

17、，金属丝的长度L，金属丝的直径d因采用伏安法测定一段阻值约为5左右的金属丝的电阻，本实验要求通过的电流不能太大，电流表应选C，又电动势为3V，电压表应选D，当然应选电源A，因滑动变阻器最大电阻大于待测电阻，考虑变阻器用限流式接法，由可求外电路最小电阻为R7.5，故可选变阻器F，当然还应选H，故所需的器材编号为ACDFH。3分析可知测量电路为滑动变阻器的限流式+电流表的外接法，电路图如图所示：4根据电表读数原理及要求可读出U=2.40VI=0.46A则金属丝的电阻为12、49.10 4.702 【解析】（1）由图中所示游标卡尺可知，其主尺示数为，游标尺示数为，游标卡尺示数为；由图中所示螺旋测微器

18、可知，固定刻度示数为4.5mm，可动刻度示数为，螺旋测微器所示为 （2）小灯泡两端的电压要从零开变化并能进行多次测量，则滑动变阻器应采用分压式接法，电流表采用外接法，电路图如图所示四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【解析】试题分析：（1）带电粒子在电磁场运动的轨迹如图所示，由图可知,带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹为半个圆周,由得：,又得带电粒子在磁场中运动的时间：（2）带电粒子在电场中做类平抛运动,初速度垂直于电场沿方向，过点作直线的垂线交于，则由几何知识可知,由图可知：带电粒子从运动到沿电场方向的位移为带电粒子从运动到沿初速度方向的位移为由类平抛运动规律得：，联立以上各式得：（3）由动能定理得：,联立以上各式解得：。考点：带电粒子在匀强磁场中的运动、牛顿第二定律、向心力【名师点睛】粒子先做的是匀速圆周运动，后在电场中做类平抛运动，根据匀速圆周运动和类平抛运动的规律可以分别求得。14、 (1) 5.4V